《17.浙江省宁波市镇海中学选考物理模拟试卷（含解析【jiaoyupan.com教育盘】.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《17.浙江省宁波市镇海中学选考物理模拟试卷（含解析【jiaoyupan.com教育盘】.docx（25页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、微信公众号：678高中初中资料库 资料正文内容开始2019年浙江省宁波市镇海中学选考物理模拟试卷一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分，每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1（3分）关于力与运动的关系，下列说法中正确的是（）A必须有力的作用物体才能运动B牛顿第一定律可以用实验直接验证C伽利略用理想斜面实验否定了“力是维持物体运动的原因”D牛顿第二定律表明物体所受外力越大物体的惯性越大2（3分）功的单位是焦耳（J），焦耳与基本单位米（m）、千克（kg）、秒（s）之间的关系正确的是（）A1J1kgm/sB1J1kgm/s2C1J1kgm2/sD1J
2、1kgm2/s23（3分）如图甲所示为一运动员（可视为质点）进行三米板跳训练的场景，某次跳水过程的vt图象如图乙所示，t0是其向上起跳的瞬间，则该运动员从跳板弹起能上升的高度最接近（）A0.38mB0.80mC1.10mD3.00m4（3分）如图所示，汽车雨刮器在转动时，杆上A、B两点绕O点转动的角速度大小为A、B，线速度大小为vA、vB，则（）AAB，vAvBBAB，vAvBCAB，vAvBDAB，vAvB5（3分）2017年10月24日，在地球观测组织（GEO）全会期间举办的“中国日”活动上，我国正式向国际社会免费开放共享我国新一代地球同步静止轨道气象卫星“风云四号”（如图所示）和全球第一
3、颗二氧化碳监测科学实验卫星（简称“碳卫星”）的数据。“碳卫星”是绕地球极地运行的卫星，在离地球表面700公里的圆轨道对地球进行扫描，汇集约140天的数据可制作一张无缝隙全球覆盖的二氧化碳监测图，有关这两颗卫星的说法正确的是（）A“风云四号”卫星的向心加速度大于“碳卫星”的向心加速度B“风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”的线速度C“碳卫星”的运行轨道理论上可以和地球某一条经线重合D“风云四号”卫星的线速度大于第一宇宙速度6（3分）如图所示，某同学对着墙壁练习打乒乓球，某次球与墙壁上A点碰撞后水平弹离，恰好垂直落在球拍上的B点，已知球拍与水平方向夹角60，AB两点高度差h1m，忽略空气阻力，重力
4、加速度g10m/s2，则球刚要落到球拍上时速度大小为（）A45m/sB25m/sC4315m/sD215m/s7（3分）研究表明，人步行时重心升降的幅度约为脚跨一步距离的0.1倍。某同学体重为70kg，在水平地面上匀速步行的速度为5km/h，此过程中他的平均功率约为（）A5WB50WC100WD200 W8（3分）刀、斧、凿等切削工具的刃部叫做劈，如图是用斧头劈木柴的示意图。劈的纵截面是一个等腰三角形，使用劈的时候，垂直劈背上加一力F，这个力产生两个作用效果，使劈的两个侧面推压物体，把木柴劈开。设劈背的宽度为d，劈的斜面长为l，不计斧头的自身重力，则劈的侧面推压木柴的力约为（）AdlFBldF
5、Cl2dFDd2lF9（3分）为了研究电介质的极化性质，设想用粒子轰击某电介质。电介质极化时产生很多电偶极子，电偶极子可视为如图所示等量异种电荷。粒子从等量异种电荷垂直平分上某点A开始水平向右轰击如图所示等量异种电荷，轨迹如图中实线所示，则下列说法中错误的是（）A粒子在C点时电势能比A位置时小B粒子在接近等量异种电荷过程中速度一直增加C粒子在C点时加速度比A位置时大D要使a粒子沿着虚线做匀速直线运动，则需要加一垂直纸面向里的匀强磁场10（3分）法拉第电动机的改装电路如图甲所示，在圆形水银槽中心竖直固定着一条形磁铁，S极向上，一根金属杆斜插在水银中，金属杆的上端与固定在水银槽圆心正上方的链相连。
6、在电路中A、B点间接入图乙所示交流电时，电源、理想二极管、导线、金属杆、水很构成回路，电路安全且正常工作（不计金属杆在转动中水银阻力的影响及水银电阻的变化），则从上往下看，金属杆（）A逆时针匀速转动B逆时针非匀速转动C顺时针匀速转动D顺时针非匀速转动11（3分）如图所示，电子枪向右发射电子束，其正下方水平直导线内通有向右的电流，则电子束将（）A向上偏转 速率越来越小B向上偏转 速率保持不变C向下偏转 速率越来越大D向下偏转 速率保持不变12（3分）如图为某一机器人上的电容式位移传感器工作时的简化模型图。当被测物体在左右方向发生位移时，电介质板随之在电容器两极板之间移动，连接电容器的静电计会显示
7、电容器电压的变化，进而能测出电容的变化，最后就能探测到物体位移的变化，若静电计上的指针偏角为，则被测物体（）A向左移动时，增加B向右移动时，增加C向左移动时，不变D向右移动时，减少13（3分）如图所示，我国“玉兔号”月球车已从原定的冬眠计划中“苏醒”，并能正常接收信号，它利用太阳光照射太阳能电池板产生的电能，使电动机带动月球车前进。已知总质量为140 kg的“玉兔号”中所安装的太阳能电池板的电动势为45 V，内阻为10，正常工作时电池板的输出功率为45 W“玉兔号”在某一次正常工作时，在平直的月球表面上从静止出发沿直线加速行驶，经过5 s时间速度达到最大值0.05 m/s，假设这一过程中“玉兔
8、号”所受阻力恒定，且电池输出功率的80%转化为用于牵引月球车前进的机械功率。根据题意可知（）A“玉兔号”中太阳能电池板的短路电流为10 AB“玉兔号”在运动过程中所受阻力大小为900 NC“玉兔号在上述运动过程中所受合外力做功为180 JD“玉兔号”在上述运动过程中所前进的距离约为0.26 m二、不定项选择题（本题共3小题，每小题4分，共12分，在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上答案符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分）14（4分）下列说法正确的是（）A普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一B波尔原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁
9、的概念，成功地解释了各种原子光谱的实验规律C单缝衍射实验的结果表明：微观粒子的位置和动量不能够同时确定D电磁波频率越高，相同的时间能传递的信息量越大15（4分）关于如下现象的表述正确的是（）A甲图中是利用紫外线进行防伪B乙图中利用射线照射人体进行透视的C丙图中夜视系统是利用红外线D丁图中蝙蝠和雷达均利用超声波定位16（4分）如图甲所示为一简谐波在t0时刻的图象，图乙所示为x4m处的质点P的振动图象，则下列判断正确的是 （）A这列波的波速是2m/sB这列波的传播方向沿x正方向Ct3.5s时P点的位移为0.2mD从t0时刻开始P点的振动方程为y0.2sin（t+）m。三、非选择题17（5分）（1）
10、在“探究功与速度变化的关系”实验中，某同学设计了如图甲所示的实验方案：使小物块在橡皮筋的作用下沿水平桌面被弹出，第二次、第三次操作时分别改用2根、3根、同样的橡皮筋将小物块弹出，测出小物块被弹出时速度，然后找到牵引力对小物块做的功与小物块速度的关系。（a）要测得小物块被弹出后的水平速度，需要测量哪些物理量（填正确答案标号，g已知） A小物块的质量m B橡皮筋的原长xC橡皮筋的伸长量x D桌面到地面的高度hE小物块抛出点到落地点的水平距离L（b）根据实验数据做出Wv2的图象如图乙所示，图线不通过原点的原因是 （2）某实验小组用一只弹簧测力计和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如图所示
11、的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正上方A处，另一端系绳套1和绳套2。（a）主要实验步骤如下：弹簧测力计挂在绳套1上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，记下弹簧测力计的示数F；弹簧测力计挂在绳套1上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O点，此时绳套1沿0方向，绳套2沿120方向，记下绳套1弹簧测力计的示数F1；根据力的平行四边形定则计算此时绳套1的拉力F1 ；比较 ，即可初步验证；只改变绳套2的方向，重复上述实验步骤。（b）保持绳套2方向不变，绳套1从图示位置向下缓慢转动90，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，关于绳套1的拉力
12、大小的变化，下列结论正确的是 。A逐渐增大B先增大后减小C逐渐减小D先减小后增大18（5分）电脑USB接口可用于手机充电，相当于一个电源。小明想利用测电源电动势和内电阻的方法来测量电脑USB接口“等效电源”的电动势和内电阻。（1）小明从USB接口引出连接线，用多用电表粗测电动势，选择的挡位和示数如图甲所示，则电动势的粗略测量值为 V其中与多用电表红表笔连接的是电源的 （填“正极”或“负极”）。（2）小明根据粗测结果设计电路，并根据电路图连接实物如图乙1所示，USB电源引出线如图乙2细节图所示，为保护USB接口，电路中串联阻值为3的定值电阻。小明根据图乙电路测出了六组数据，并将点描在了UI坐标系
13、中，由于测量方案的原因，数轴都未从0开始，请你帮他画好图线，并根据图象求得“等效电源”电动势E V、内电阻r （结果小数点后面保留一位）（3）根据图丙UI坐标系中的数据点，发现电流表的示数接近0.30A时，伏特表示数要超过3V量程，为了能测得更小的电流数据，提高实验精度，你认为下列做法正确的是 。A将伏特表量程换成015V B将伏特表拿掉C将电阻箱换成滑动变阻器 D将安培表的量程换为03A19（9分）随着科技的发展，我国未来的航空母舰上将安装电磁弹射器以缩短飞机的起飞距离，如图所示，航空母舰的水平跑道总长L180m，其中电磁弹射区的长度为L180m，在该区域安装有直线电机，该电机可从头至尾提供
14、一个恒定的牵引力F牵一架质量为m2.0104kg的飞机，其喷气式发动机可以提供恒定的推力F推1.2105N假设飞机在航母上的阻力恒为飞机重力的0.2倍。已知飞机可看做质量恒定的质点，离舰起飞速度v40m/s，航空母舰处于静止状态，（取g10m/s2）求：（1）飞机在后一阶段的加速度大小；（2）飞机在电磁弹射区末的速度大小；（3）电磁弹射器的牵引力F牵的大小。20（12分）“打水漂”是男女老少都适合体验的水上项目，将扁平的小石片在手上呈水平放置后，用力飞出，石片遇到水面后并不会直接沉入水中，而是在水面上擦水面滑行一小段距离后再弹起再飞，跳跃数次后沉入水中，即称为“打水漂”。如图所示，现在有一人从
15、岸边离水面高度为1.8m处，以8m/s的水平初速度用力飞出一质量为20g的小石片，小石片在水面上弹跳数次后沉入水底，在水面上滑行时受到的水平阻力为0.4N假设每次小石片接触水面相同的时间0.04s后跳起，小石片在水面上滑动后在竖直方向上跳起时的速度与此时沿水面滑动的速度之比为常数k，k0.75；小石片在水面上速度减为零后，以0.5m/s2加速度沿竖直方向沉入深为1m的水底。不计空气阻力。求：（1）小石片第一次接触水面时的速度；（2）小石片从开始到沉入水底的整个过程中，水对小石片做的功；（3）小石片从抛出到沉入水底的总时间。21（2分）某学生选用匝数可调的可拆变压器来“探究变压器线圈两端的电压与
16、匝数的关系”实验时，原线圈接在学生电源上，用多用电表测量副线圈的电压。（1）下列操作正确的是 A原线圈接直流电压，电表用直流电压挡 B原线圈接直流电压，电表用交流电压挡C原线圈接交流电压，电表用直流电压挡 D原线圈接交流电压，电表用交流电压挡（2）该学生继续做实验，在电源电压不变的情况下，先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压增大；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。22（2分）在“探究碰撞中的不变量”实验中，某同学利用气垫导轨，结合光电门来研究碰撞前后的不变量。如图所示，滑块上面的遮光片宽度为2
17、.00cm，滑块1的质量为120g，滑块2的质量为220g。他先让滑块2静止放置在两个光电门之间，滑块1向右碰撞滑块2，碰撞后滑块1反弹，滑块2向右通过光电门，其中光电门1显示的两个时间先后分别为t10.034s和t10.144s，光电门2显示的时间t20.050s，则碰撞后的滑块1和滑块2总动量的大小为 kgm/s（结果保留两位有效数字）。23如图，光滑的平行金属导轨水平放置，导轨间距为L，左侧接一阻值为R的电阻。矩形区域abfe内存在垂直轨道平面向下的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B导轨上ac段和bd段单位长度的电阻为r0，导轨其余部分电阻不计，且acbdx1一质量为m，电阻不计的金属棒M
18、N置于导轨上，与导轨垂直且接触良好。金属棒受到一个水平拉力作用，从磁场的左边界由静止开始作匀加速直线运动，加速度大小为a。棒运动到cd处撤去外力，棒在运动到磁场右边界ef处恰好静止。求：（1）金属棒在区域abdc内切割磁感线时产生的感应电动势随位移x（相对b点）的表达式；（2）试求撤去外力后在区域cdfe内切割磁感线时棒的速度v随位移x（相对d点）的变化规律以及df的长度x2应满足什么条件。（3）金属棒在整个运动过程中电阻R的最大电流值和最小值。24如图所示，空间存在两对平行板，平行板间存在垂直纸面向内的匀强磁场，板间距d5cm，MN、PQ为磁场的边界，MN、PQ之间存在水平向右的匀强电场，O
19、O为该区域的对称轴，MN与PQ之间的距离L2cm。两个质量均为m、电荷量分别为+q和q的粒子以相同速度大小v02105m/s垂直电场线进入电场，而后以v22105m/s大小的速度进入磁场，粒子重力不计。（1）若两个粒子都从O点沿OO直线入射，试判断两粒子的轨迹是否关于OO直线对称？（2）若+q粒子从O点沿OO直线入射，q粒子由O沿OO直线入射（未画出），且已知两粒子在磁场中运动的周期为22107s，试判断两粒子是否会打到板上，若打到板上，求出打在板上的位置；若不能打在到上，则求出两粒子分别从O、O进入到第一次离开磁场各自所用的时间。（3）若+q粒子仍从O沿OO直线入射，q粒子从O沿OO直线入射
20、，且已知两粒子的比荷qm=5107C/kg，若要使粒子进出磁场一次后，从MP或NQ之间离开电场，求磁感应强度B的取值范围。2019年浙江省宁波市镇海中学选考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分，每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1（3分）关于力与运动的关系，下列说法中正确的是（）A必须有力的作用物体才能运动B牛顿第一定律可以用实验直接验证C伽利略用理想斜面实验否定了“力是维持物体运动的原因”D牛顿第二定律表明物体所受外力越大物体的惯性越大【考点】31：惯性与质量；36：牛顿第一定律；37：牛顿第二定律菁优网版权
21、所有【专题】22：学科综合题；31：定性思想；43：推理法；511：直线运动规律专题【分析】明确牛顿运动定律的基本内容，知道力和运动的关系，明确力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因。【解答】解：A、物体的运动不需要力来维持，不受外力的物体可以做匀速直线运动，故A错误；B、牛顿第一定律无法用实验直接验证，故B错误；C、理想斜面实验否定了“力是维持物体运动的原因”，故C正确；D、惯性的大小由物体的质量决定，与物体受力的大小无关，与是否受力也无关，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查了力与运动的关系，时刻牢记力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力，便可对大多数的现象
22、进行分析和判断。同时也要注意，当一个物体的运动状态发生了改变时，说明它一定受到了力的作用。2（3分）功的单位是焦耳（J），焦耳与基本单位米（m）、千克（kg）、秒（s）之间的关系正确的是（）A1J1kgm/sB1J1kgm/s2C1J1kgm2/sD1J1kgm2/s2【考点】3A：力学单位制菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；522：牛顿运动定律综合专题【分析】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的但为叫做导出单位。【解答】解：根据WFL可得，所以1J1Nm，根据牛顿第二定律Fma可知，力的单位为：1N1kgm/s2，所以BCD错误；所
23、以有：1Jkgm2/s2所以D正确，ABC错误。故选：D。【点评】物理公式不仅确定了各个物理量之间的关系，同时也确定了物理量的单位之间的关系，根据物理公式来分析物理量的单位即可。3（3分）如图甲所示为一运动员（可视为质点）进行三米板跳训练的场景，某次跳水过程的vt图象如图乙所示，t0是其向上起跳的瞬间，则该运动员从跳板弹起能上升的高度最接近（）A0.38mB0.80mC1.10mD3.00m【考点】1I：匀变速直线运动的图像菁优网版权所有【专题】34：比较思想；4B：图析法；512：运动学中的图像专题【分析】在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积表示位移，速度的正负表示速度的方向。该运动员跳水
24、过程的总位移等于3m，根据“面积”表示位移求出0t1时间内上升的高度。【解答】解：设跳水运动员起的速度大小为v，上升的最大高度为h。由vt图象与坐标轴围成面积表示位移，可知：3v3t12-vt12=3m又 h=vt12联立解得：h0.375m0.38m故选：A。【点评】本题主要是考查学生对速度时间图象的理解，要知道在速度时间的图象中，速度的正负表示运动方向，图象的面积代表的是位移。4（3分）如图所示，汽车雨刮器在转动时，杆上A、B两点绕O点转动的角速度大小为A、B，线速度大小为vA、vB，则（）AAB，vAvBBAB，vAvBCAB，vAvBDAB，vAvB【考点】48：线速度、角速度和周期、
25、转速菁优网版权所有【专题】31：定性思想；4C：方程法；519：匀速圆周运动专题【分析】同轴转动，角速度相等；根据vr判断线速度大小。【解答】解：杆上A、B两点绕O点的转动属于同轴转动，所以角速度相等，故AB；由于rArB，根据vr，vAvB；所以选项ABC错误，D正确。故选：D。【点评】本题关键是明确同轴转动角速度相等，然后根据线速度与角速度关系公式比较线速度大小；也可以直接根据线速度和角速度的定义公式判断，基础题。5（3分）2017年10月24日，在地球观测组织（GEO）全会期间举办的“中国日”活动上，我国正式向国际社会免费开放共享我国新一代地球同步静止轨道气象卫星“风云四号”（如图所示）
26、和全球第一颗二氧化碳监测科学实验卫星（简称“碳卫星”）的数据。“碳卫星”是绕地球极地运行的卫星，在离地球表面700公里的圆轨道对地球进行扫描，汇集约140天的数据可制作一张无缝隙全球覆盖的二氧化碳监测图，有关这两颗卫星的说法正确的是（）A“风云四号”卫星的向心加速度大于“碳卫星”的向心加速度B“风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”的线速度C“碳卫星”的运行轨道理论上可以和地球某一条经线重合D“风云四号”卫星的线速度大于第一宇宙速度【考点】4H：人造卫星菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；52A：人造卫星问题【分析】根据万有引力提供向心力比较“飞云四号”卫星和“碳卫星”的向心加速
27、度和线速度，第一宇宙速度是最大的运行速度，由于地球自转，“碳卫星”的轨道无法和某一经线重合。【解答】A、根据GMmr2=ma，可知运行轨道半径越大向心加速度越小，“风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的向心加速度小于“碳卫星”的向心加速度，故A错误；B、由GMmr2=mv2r，有v=GMr，“风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”的线速度，故B正确；C、由于地球的自转，“碳卫星”的运行轨道无法和地球的经线重合，故C错误；D、第一宇宙速度是最大的运行速度，所以“风云四号”卫星的线速度小于第一宇宙速度，
28、故D错误；故选：B。【点评】本题考查考生的推理能力，需要考生熟练运用万有引力定律及几何知识解题。6（3分）如图所示，某同学对着墙壁练习打乒乓球，某次球与墙壁上A点碰撞后水平弹离，恰好垂直落在球拍上的B点，已知球拍与水平方向夹角60，AB两点高度差h1m，忽略空气阻力，重力加速度g10m/s2，则球刚要落到球拍上时速度大小为（）A45m/sB25m/sC4315m/sD215m/s【考点】43：平抛运动菁优网版权所有【专题】32：定量思想；43：推理法；518：平抛运动专题【分析】根据高度求出平抛运动的时间，结合速度时间公式求出球的竖直分速度，根据平行四边形定则求出球刚要落到球拍上时速度大小。【
29、解答】解：根据h=12gt2得，t=2hg=2110s=15s，竖直分速度：vy=gt=1015m/s=25m/s，根据平行四边形定则知，刚要落到球拍上时速度大小v=vycos60=2512m/s=45m/s，故A正确，B、C、D错误。故选：A。【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和平行四边形定则综合求解，难度不大。7（3分）研究表明，人步行时重心升降的幅度约为脚跨一步距离的0.1倍。某同学体重为70kg，在水平地面上匀速步行的速度为5km/h，此过程中他的平均功率约为（）A5WB50WC100WD200 W【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率菁
30、优网版权所有【专题】32：定量思想；4C：方程法；52C：功率的计算专题【分析】人的质量为M70kg，由于人步行时重心升降的幅度约脚跨一步距离的0.1倍，求得人重心上升的高度，即可求得克服重力所做的功，再根据P=Wt求出功率；【解答】解：在水平地面上匀速步行的速度为5km/h，即1h步行了5km，人步行时重心升降的幅度约脚跨一步距离的0.1倍，故在5km的过程中重心上升的高度为h0.1x500m，人的重力为G700N，故克服重力做功为Wmgh3.5105J，1h3600s，根据P=Wt=3.51053600100W，故C正确；故选：C。【点评】本题考查功和功率的计算，要注意正确理解重力做功的计
31、算方法，抓住重心总的上升高度是解题的关键。8（3分）刀、斧、凿等切削工具的刃部叫做劈，如图是用斧头劈木柴的示意图。劈的纵截面是一个等腰三角形，使用劈的时候，垂直劈背上加一力F，这个力产生两个作用效果，使劈的两个侧面推压物体，把木柴劈开。设劈背的宽度为d，劈的斜面长为l，不计斧头的自身重力，则劈的侧面推压木柴的力约为（）AdlFBldFCl2dFDd2lF【考点】29：物体的弹性和弹力；3C：共点力的平衡菁优网版权所有【专题】32：定量思想；4C：方程法；527：共点力作用下物体平衡专题【分析】力F产生两个作用效果，向两侧面推压物体，将力F按照力的平行四边形定则分解，由力三角形找几何关系，得到两
32、个分力。【解答】解：将力F分解为F1、F2两个分力。这两个分力分别与劈的两个侧面垂直，根据对称性，两分力F1、F2大小相等，这样，以F1、F2为邻边的平行四边形就是一个菱形，因为菱形的对角线互相垂直且平分，所以根据三角形相似：d2L=F2F1 所以F1=F2=LdF，故B正确；ACD错误；故选：B。【点评】力的分解通常要根据力的作用效果分解，符合平行四边形定则，然后根据几何关系确定各个分力的大小。9（3分）为了研究电介质的极化性质，设想用粒子轰击某电介质。电介质极化时产生很多电偶极子，电偶极子可视为如图所示等量异种电荷。粒子从等量异种电荷垂直平分上某点A开始水平向右轰击如图所示等量异种电荷，轨
33、迹如图中实线所示，则下列说法中错误的是（）A粒子在C点时电势能比A位置时小B粒子在接近等量异种电荷过程中速度一直增加C粒子在C点时加速度比A位置时大D要使a粒子沿着虚线做匀速直线运动，则需要加一垂直纸面向里的匀强磁场【考点】A7：电场线；AA：电场的叠加；AE：电势能与电场力做功；CM：带电粒子在混合场中的运动菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；531：带电粒子在电场中的运动专题【分析】根据等量异种电荷的电场线和等势面的分布情况，结合电场力的变化判断外力的变化，中垂线的电势，带电粒子的电势能。【解答】解：AB、等量异种电荷的连线的中垂线是等势线，电势与无穷远处的电势是相等，该中
34、垂线各点电场强度的方向相同，都是向下；粒子带正电，向下偏转的过程中电场力做正功，电势能减小，所以在C点时电势能比A位置时小，所以粒子在接近等量异种电荷过程中速度一直增加，故AB正确；C、根据等量异种电荷的电场线的特点可知，C位置的电场强度一定大于A位置的电场强度，所以粒子在C点受到的电场力大，由牛顿第二定律可知，粒子在C点时加速度比A位置时大。故C正确；D、根据等量异种电荷的连线的中垂线上各点的电场强度的特点可知，A到O的过程中电场强度逐渐增大，所以需要加一垂直纸面向里的非匀强磁场。故D错误。本题选说法中错误的故选：D。【点评】解决本题的关键知道根据等量异种电荷的电场线和等势面的分布情况与特点
35、来分析求解。10（3分）法拉第电动机的改装电路如图甲所示，在圆形水银槽中心竖直固定着一条形磁铁，S极向上，一根金属杆斜插在水银中，金属杆的上端与固定在水银槽圆心正上方的链相连。在电路中A、B点间接入图乙所示交流电时，电源、理想二极管、导线、金属杆、水很构成回路，电路安全且正常工作（不计金属杆在转动中水银阻力的影响及水银电阻的变化），则从上往下看，金属杆（）A逆时针匀速转动B逆时针非匀速转动C顺时针匀速转动D顺时针非匀速转动【考点】CD：左手定则菁优网版权所有【专题】32：定量思想；4B：图析法；53B：电磁感应与图像结合【分析】根据二极管单向导电性分析通过金属杆的电流方向，由左手定则分析金属杆
36、所受的安培力方向，从而判断出金属杆转动的方向。【解答】解：闭合开关S，由于二极管具有单向导电性，则有向上的电流通过金属杆，金属杆处在磁铁的磁场中，受到安培力作用，根据左手定则得知，安培力方向与金属杆垂直向外，使金属杆以磁铁棒为轴顺时针转动，由于电流大小周期性改变，所以安培力大小也改变，故金属杆非匀速转动，故ABC错误，D正确；故选：D。【点评】本题中铜棒、水银、导电柱和电源构成了一个回路，开关闭合时，电路中有电流通过，能根据左手定则判断安培力方向，来确定金属杆的运动情况。11（3分）如图所示，电子枪向右发射电子束，其正下方水平直导线内通有向右的电流，则电子束将（）A向上偏转 速率越来越小B向上
37、偏转 速率保持不变C向下偏转 速率越来越大D向下偏转 速率保持不变【考点】C6：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；CI：带电粒子在匀强磁场中的运动菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；536：带电粒子在磁场中的运动专题【分析】由安培定则判断出通电导线中的电流在电子枪位置的磁场方向；然后由左手定则判断出电子束受到的洛伦兹力方向，最后根据电子束的受力方向判断电子束如何偏转。【解答】解：由安培定则可知，在电子枪处电流磁场方向垂直于纸面向外；电子束由左向右运动，由左手定则可知，电子束受到的洛伦兹力竖直向上，则电子束向上偏转；因洛伦兹力不做功，故电子速的速率保持不变，故B正确ACD错误。
38、故选：B。【点评】知道电流方向与电子运动方向相反，熟练掌握安培定则、左手定则是正确解题的关键，同时注意电子带负电，四指的方向要与运动方向相反。12（3分）如图为某一机器人上的电容式位移传感器工作时的简化模型图。当被测物体在左右方向发生位移时，电介质板随之在电容器两极板之间移动，连接电容器的静电计会显示电容器电压的变化，进而能测出电容的变化，最后就能探测到物体位移的变化，若静电计上的指针偏角为，则被测物体（）A向左移动时，增加B向右移动时，增加C向左移动时，不变D向右移动时，减少【考点】AS：电容器的动态分析菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；533：电容器专题【分析】依据电容的
39、决定式C=S4kd，结合电容的定义式C=QU，及针对本题电容器的电量不变，即可求解。【解答】解：AC、当被测物体向左移动时，导致电容器极板间的电介质中增多，则电容会增大，由于电量不变，则电容器极板间的电压减小，即减少，故AC错误；BD、当被测物体向右移动时，导致电容器极板间的电介质中减少，则电容会减小，由于电量不变，则电容器极板间的电压增大，即增加，故B正确，D错误；故选：B。【点评】考查电容的定义式与决定式的应用，掌握比值定义法的含义，注意两式的区别，同时理解电量何时不变，电压何时不变的条件。13（3分）如图所示，我国“玉兔号”月球车已从原定的冬眠计划中“苏醒”，并能正常接收信号，它利用太阳
40、光照射太阳能电池板产生的电能，使电动机带动月球车前进。已知总质量为140 kg的“玉兔号”中所安装的太阳能电池板的电动势为45 V，内阻为10，正常工作时电池板的输出功率为45 W“玉兔号”在某一次正常工作时，在平直的月球表面上从静止出发沿直线加速行驶，经过5 s时间速度达到最大值0.05 m/s，假设这一过程中“玉兔号”所受阻力恒定，且电池输出功率的80%转化为用于牵引月球车前进的机械功率。根据题意可知（）A“玉兔号”中太阳能电池板的短路电流为10 AB“玉兔号”在运动过程中所受阻力大小为900 NC“玉兔号在上述运动过程中所受合外力做功为180 JD“玉兔号”在上述运动过程中所前进的距离约
41、为0.26 m【考点】65：动能定理；BG：电功、电功率菁优网版权所有【专题】32：定量思想；43：推理法；535：恒定电流专题【分析】对于选项A，根据I=Er求解短路电流；对于选项B，最大速度已知，此时牵引力等于阻力，根据80%PFv列式分析；对于选项C，合力做功等于动能的增加量；对于选项D，根据动能定理列式分析。【解答】解：A、太阳能电池板的电动势为45 V，内阻为10，故短路电流：I=Er=4510A=4.5A，故A错误；B、电池输出功率的80%转化为用于牵引月球车前进的机械功率，速度最大值0.05 m/s，故：f=80%Pvm=0.8450.05N=720N，故B错误；C、根据动能定理
42、，“玉兔号”在上述运动过程中所受合外力做功等于动能的增加量，为：W=12mvm2=121400.052J=0.175J，故C错误；D、根据动能定理，有：80%Ptfx=12mvm2，代入数据：0.8455720x0.175，解得：x0.26m，故D正确；故选：D。【点评】本题是恒定功率启动问题，关键是明确车的速度最大时，牵引力等于阻力，同时要对加速全过程根据动能定理列式分析。二、不定项选择题（本题共3小题，每小题4分，共12分，在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上答案符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分）14（4分）下列说法正确的是（）A普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，
43、成为量子力学的奠基人之一B波尔原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了各种原子光谱的实验规律C单缝衍射实验的结果表明：微观粒子的位置和动量不能够同时确定D电磁波频率越高，相同的时间能传递的信息量越大【考点】G4：电磁波的发射、传播和接收；HA：光的衍射；J3：玻尔模型和氢原子的能级结构菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；54N：原子的能级结构专题【分析】普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一；玻尔将量子观念引入原子领域，并能够解释氢原子的光谱特征，但不能解释其它原子发光现象；不确定性关系，说明微观粒子没有准确的位置与动
44、量；信息量信息量一般情况小，电磁波是频率越高，可承载的信息量越大。【解答】解：A、普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一，故A正确。B、玻尔将量子观念引入原子领域，并能够解释氢原子的光谱特征，不是解释了各种原子光谱的实验规律。故B错误。C、单缝衍射实验中，如果让较弱的光在较短的时间内通过狭缝，则底片处显示的亮点是不确定的；如果让较强的光在较长的时间内通过狭缝，则底片处显示为单缝衍射的图案；狭缝变窄，光的粒子性越明显；该结果表明：微观粒子的位置和动量不能够同时确定，故C正确。D、电磁波是频率越高，其周期越小，相同时间内可承载的信息量越大，故D正确。故选：ACD。【点评】
45、本题考查了物理学史，玻尔理论、光的粒子性与波动性、电磁波等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点，对于物理学史，不能混淆，要牢记。15（4分）关于如下现象的表述正确的是（）A甲图中是利用紫外线进行防伪B乙图中利用射线照射人体进行透视的C丙图中夜视系统是利用红外线D丁图中蝙蝠和雷达均利用超声波定位【考点】I4：红外线的热效应和红外线遥控；I5：紫外线的荧光效应及其应用；I6：X射线、射线、射线、射线及其特性菁优网版权所有【专题】31：定性思想；43：推理法；54R：电磁场理论和电磁波【分析】明确电磁波谱的基本内容，同时掌握各种电磁波在生产生活中的基本应用。【解答】解：A、甲图中是利用紫外线进行防伪，故A正确；B、乙图中CT是利用X射线照射人体的，不是利用辐射性强的射线，故B错误；C、丙图中夜视系统是利用不可见光中的红外线，故C正确；D、丁图中蝙蝠利用超声波定位，从而进行捕食的，故D错误。故选：AC。【点评】本题考查电磁波谱的性质以及各种电磁波的应用，要重点掌握紫外线、