《2024届浙江绍兴高三4月适应性考试（二模）物理试卷含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届浙江绍兴高三4月适应性考试（二模）物理试卷含答案.pdf（8页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、#QQABAYCEogAoAJIAARhCEQHCCAAQkBGACKoOhFAEIAAAyRNABCA=#QQABAYCEogAoAJIAARhCEQHCCAAQkBGACKoOhFAEIAAAyRNABCA=#QQABAYCEogAoAJIAARhCEQHCCAAQkBGACKoOhFAEIAAAyRNABCA=#QQABAYCEogAoAJIAARhCEQHCCAAQkBGACKoOhFAEIAAAyRNABCA=#QQABAYCEogAoAJIAARhCEQHCCAAQkBGACKoOhFAEIAAAyRNABCA=#-1-2024年4月绍兴市选考选考科目适应性考试物物 理理 试试 题
2、题 参参 考考 答答 案案一一、选择题选择题 I（本题共本题共13小题小题，每小题每小题3分分，共共39分分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.C2.B3.A4.C5.D6.B7.B8.D9.C10.C11.D12.C13.A二、选择题二、选择题 II（本题共（本题共 2 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 6 分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得符合题目要求的。全部选对的得 3 分，选对但不全
3、的得分，选对但不全的得 2 分，有错选的得分，有错选的得 0 分）分）14.CD15.CD三、非选择题三、非选择题（本题共（本题共 5 小题，共小题，共 55 分）分）16.（1）AB（1 分）（2）C（1 分）（3）略小于（1 分）系统误差（1 分）平均值（1 分）（4）mghB（1 分）m(hC-hA)28T2（1 分）.（1）需要（1 分）欧姆档（1 分）（2）C（1 分）.65370.0（1 分）U1L(U2-U1)RVS（2 分）偏大（1 分）17（1）减小（1 分）放热（1 分）（2）等压过程V1T1=V2T2（1 分）=N1N2100=V1V2100=93（1 分）注：分数表示为
4、1415（3）等容过程p0T2=p1T1（1 分）p2S=p0S+mg+Fm（1 分）等温过程p2V3=p1V1（1 分）n=V3V1=0.78（1 分）注：分数表示为79#QQABAYCEogAoAJIAARhCEQHCCAAQkBGACKoOhFAEIAAAyRNABCA=#-2-18（1）滑块 1 匀加速直线运动的加速度a=g=5m/s2（1 分）滑块 1 匀加速直线运动的位移x0=v202a=0.9mL1（1 分）之后滑块 1 做匀速直线运动因此碰撞前瞬间滑块 1 的速度 v1=3m/s（1 分）（2）滑块 2 刚好在 E 点脱离轨道满足 m2gcos37=m2v2R（1 分）得 v=
5、2m/s根据动能定理 m2gR（1+cos37）=12m2v22-12m2v2（1 分）则 v2=22m/s（1 分）（3）为使滑块 2 能落入 U 形槽,要求滑块 1 质量 m1的最小值满足条件 1：E 点之前不脱离轨道，即 E 点速度 v2m/s（1 分）满足条件 2：若刚好落入 G 点x=vcos37t，-y=vsin37t-12gt2即 E 点速度 v54m/s（1 分）因此能落入 G 点 v2m/s，碰撞后瞬间滑块 2 速度 v2 22m/s（1 分）滑块 1 和滑块 2 发生弹性碰撞m1v0=m1v1+m2v2，12m1v20=12m1v21+12m2v22（1 分）因此质量 m1
6、的最小值为226-22kg（1 分）19（1）E=2NBL1r（1 分）I=E2R=NBL1rR（2 分）（2）F=2NBIL1=2N2B2L21rR（1 分）根据动量定理-2N2B2L21rRt=2mv（1 分）可得m=m0RN2B2L21（1 分）（3）一组磁铁在转过过程中克服安培力做功：W=F r=2N2B2L21r2R（1 分）根据图像的面积可获得一组磁铁转过1过程中克服安培力做功：W=N2B2L21r211R（1 分）所有磁铁转过1过程中克服安培力做功：W总=n1W=2r4L2W=11N2B2L21r32RL2（1 分）所有磁铁转过1过程中动能的增加量Ek=12n2m(1r)2=12
7、2r2L2m(1r)2=m21r32L2（1 分）转过1过程中外力做的功：W外=Ek+W总=m21r32L2+11N2B2L21r32RL2（1 分）#QQABAYCEogAoAJIAARhCEQHCCAAQkBGACKoOhFAEIAAAyRNABCA=#-3-20（1）电场中加速q(1-2)=12mv21（1 分）可得v1=2q(1-2)m磁场中偏转qv1B0=mv21r1（1 分）那么r1=R2在磁场中偏转 90，位移大小 s=2r1=2R2（1 分）（2）r1=R2，r2=2R2（1 分）带电粒子 X 在圆周上的区域为弧长 O2Q根据半径关系可得 FOO2=60，O2OG=GOQ=30（1 分）带电粒子 Y 在圆周上的区域为弧长 PMGOM=90sinFOO3sin(60-FOO3)=2R2R2（1 分）可得FOO3=41则POG=8（1 分）因此公共区域为弧长 PQ，对应的圆心角为 38（1 分）（3）n 个带电粒子 X 速度变化量的大小为v1=2n v1根据动量定理F=2nmv1（1 分）可得=2(1 2)（1 分）根据牛顿第三定律 X 对探测装置平均作用力大小为=2(1 2)（1 分）Ov0v03030O1O2O3O4PFQMG#QQABAYCEogAoAJIAARhCEQHCCAAQkBGACKoOhFAEIAAAyRNABCA=#