《2024届福建省福州市高三下学期4月末质量检测（三模）数学含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届福建省福州市高三下学期4月末质量检测（三模）数学含答案.pdf（26页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、（在此卷上答题无效）（在此卷上答题无效）20232024 学年福州市高三年级 4 月份质量检测 数数 学学 试试 题题（完卷时间 120 分钟；满分 150 分）友情提示：请将所有答案填写到答题卡上！请不要错位、越界答题！一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 40 分.在每小题给出的四个分.在每小题给出的四个 选项中，只有一项是符合题目要求的.选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合101Mxx=+?，则M=R A.1x x D.1x x?2.设,a bR，则“0ab，则 A1sin2=B1sin2=C()yf x=的图象关于点13
2、(,0)12对称 D()f x在区间(,)2单调递减 11.已知函数()(ee)eexxxxf xax=+恰有三个零点123,x x x，且123xxx D31axa+三、填空题：本大题共三、填空题：本大题共 3 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 15 分分.12.若向量(3,4)=a在向量 b(2,1)=上的投影向量为b，则等于_.13.倾斜角为3的直线经过抛物线C：212yx=的焦点 F，且与 C 交于 A，B 两点，Q 为线段AB 的中点，P 为 C 上一点，则 PFPQ+的最小值为_.14.如图，六面体111ABCDAC D 的一个面 ABCD是边长为 2 的正方形，111,
3、AA CC DD均垂直于平面 ABCD，且11AA=，12CC=，则该六面体的体积等于_，表面积等于_.C1D1A1DCBA四、解答题：本大题共四、解答题：本大题共 5 小题，共小题，共 77 分.解答应写出文字说明、证明过程或演分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.算步骤.15.（13 分）已知数列na满足12a=，12nnaan=+（2n?）.（1）求数列na的通项公式；（2）记数列1na的前n项和为nS，证明：1nS .16.（15 分）甲企业生产线上生产的零件尺寸的误差 X 服从正态分布2(0,0.2)N，规定(0.2,0.2)X 的零件为优等品，(0.6,0.6)X 的零件为合
4、格品 （1）从该生产线上随机抽取100个零件，估计抽到合格品但非优等品的个数（精确到整数）；（2）乙企业拟向甲企业购买这批零件，先对该批零件进行质量抽检，检测的方案是：从这批零件中任取 2 个作检测，若这 2 个零件都是优等品，则通过检测；若这 2 个零件中恰有 1 个为优等品，1 个为合格品但非优等品，则再从这批零件中任取 1 个作检测，若为优等品，则通过检测；其余情况都不通过检测.求这批零件通过检测时，检测了 2 个零件的概率（精确到0.01）.（附：若随机变量2(,)N，则()0.6827P+=，(22)0.9545P+=，(33)0.9973P 上（左、右端点除外）的一个动点，1(,0
5、)Fc，2(,0)F c分别是 E 的左、右焦点（1）设点 P 到直线2:al xc=的距离为 d，证明2|PFd为定值，并求出这个定值；（2）12PFF的重心与内心（内切圆的圆心）分别为 G，I，已知直线 IG 垂直于 x 轴 （）求椭圆 E 的离心率；（）若椭圆 E 的长轴长为 6，求12PFF被直线 IG 分成两个部分的图形面积之比的取值范围 19.（17 分）记集合(),000()()|,()(),()()f x x DLl xkxb xxD f xl xxD f xl x=+=R且?，集合(),000()()|,()(),()()f x x DTl xkxb xxD f xl xxD
6、 f xl x=+=R且?.若(),()f x x Dl xL，则称直线()yl x=为函数()f x 在 D 上的“最佳上界线”；若(),()f x x Dl xT，则称直线()yl x=为函数()f x 在 D 上的“最佳下界线”.（1）已知函数2()f xxx=+，0()1lxkx=+.若0(),()f x xlxLR，求k 的值；（2）已知()e1xg x=+.（）证明：直线()yl x=是曲线()yg x=的一条切线的充要条件是直线()yl x=是函数()g x 在R 上的“最佳下界线”；（）若()ln(1)h xx=，直接写出集合(),(1,)(),h x xg x xLT+RI中
7、元素的个数（无需证明）.#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRU
8、G0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 1 页 共 9 页 20232024 学年福州市高三年级 4 月份质量检测 参考答案与评分细则 一、一、选择题：本大题考查基础知识和基本运算每小题 5 分，满分 40 分.1D 2C 3A 4C 5D 6B 7B 8A 二、选择题：本大题考查基础知识和基本运算每小题 6 分，满分 18 分全部选对的得 6 分，
9、部分选对的得部分分，有选错的得 0 分 9ABC 10BC 11ACD 三、填空题：本大题考查基础知识和基本运算每小题 5 分，满分 15 分 122 138 146，22 四、解答题：本大题共 5 小题，共 77 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 15.【考查意图】本小题主要考查递推数列与数列求和等基础知识，考查运算求解能力、推理论证能力等；考查分类与整合、化归与转化等思想方法；考查数学运算、逻辑推理等核心素养；体现基础性和综合性.满分 13 分.解：（1）因为12,2nnaan n=+?，所以12nnaan=，1 分 当2n?时，112211()()()nnnnnaaaaaaaa=
10、+L，所以22242nann=+L，3 分 所以(22),22nnnan+=?，所以2,2nann n=+?，4 分 又因为12a=，5 分 所以2*,nann n=+N.6 分（2）由（1）可知2*(1),nannn nn=+=+N，7 分 所以()111111nan nnn=+，9 分 所以11111 22 3(1)(1)nSnnn n=+L 1111111122311nnnn=+L，11 分 所以111nSn=+，12 分 又因为1n?，所以1nS.13 分#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCw
11、wITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 2 页 共 9 页 16.【考查意图】本小题主要考查正态分布、全概率公式、条件概率等基础知识，考查数学建模能力、逻辑思维能力和运算求解能力等，考查分类与整合思想、概率与统计思想等，考查数学建模、数据分析、数学运算等核心素养，体现基础性、综合性和应用性满分 15 分.解：（1）依题意得，0,0.2=，1 分 所以零件为合格品的概率为(0.60.6)(33)0.9973PXPX=+=，2 分 零件为优等品的概率为(0.20.2)()0.6827PXPX=+=，3 分 所以零件为合格品但非优等品的概率为0
12、.99730.68270.3146P=，5 分 所以从该生产线上随机抽取 100 个零件，估计抽到合格品但非优等品的个数为100 0.314631.6 分（2）设从这批零件中任取 2 个作检测，2 个零件中有 2 个优等品为事件 A，恰有 1 个优等品，1 个为合格品但非优等品为事件B，从这批零件中任取 1 个检测是优等品为事件C，这批产品通过检测为事件D，8 分 则 DABC=+，且A与BC互斥，9 分 所以()()()P DP AP BC=+10 分()()(|)P AP B P C B=+11 分 221220.68270.68270.31460.6827CC=+21.6292 0.68
13、27=，12 分 所以这批零件通过检测时，检测了 2 个零件的概率为()(|)()P ADP A DP D=13 分 220.68271.62920.6827=11.6292=0.61.15 分 答：这批零件通过检测时，检测了 2 个零件的概率约为0.61.17.【考查意图】本小题主要考查直线与平面平行的判定定理、直线与平面垂直的判定与性质定理、平面与平面的夹角、空间向量、三角函数的概念等基础知识，考査直观想象能力、逻辑推理能力、运算求解能力等,考查数形结合思想、化归与转化思想等，考査直观想象、逻辑推理、数学运算等核心素养，体现基础性、综合性.满分 15 分.解法一：（1）在正方形 ABEF
14、中，连接 AH 并延长，交BE 的延长线于点K，连接 PK.2 分#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 3 页 共 9 页 因为,G H分别为线段,AP EF中点，所以HFHE=，所以RtAFHRtKEH，所以 AHKH=，4 分 所以GHPK.5 分 又因为,GHBCE PKBCE面面，所以GHBCE面.7 分（2）依题意得，ABBCE 面，又因为BPBCE 面，所以 ABBP.又因为BPAE,ABAEA
15、=I,AB AEABEF 面，所以BPABEF 面，8 分 又BEABEF 面，所以BPBE，9 分 所以,BP BE BA两两垂直.以 B 为原点，,BP BE BA所在直线分别为,x y z轴建立空间直角坐标系，如图所示.10 分 不妨设1AB=,则31(1,0,0),(,1)22PD，()31=1,0,0,122BPBD=uuu ruuu r，11 分 设平面BPD 的法向量为(),x y z=m，则0,0,BPBD=uuu ruuu rmm 即0,310,22xxyz=+=取2y=，得0,1xz=，所以平面BPD 的一个法向量是()0,2,1=m，13 分 又平面BPA的一个法向量为(
16、)0,1,0=n.14 分 设平面BPD 与平面BPA的夹角为，则22 5coscos,55 1=m nm nm n.KFEPCDHAGBzyxBGAHDCPEF#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 4 页 共 9 页 所以平面DBP 与平面BPA夹角的余弦值为2 55.15 分 解法二：（1）证明：取BP的中点Q，连接,GQ EQ.1 分 因为,G H分别为线段,AP EF的中点，所以GQAB，12GQA
17、B=，2 分 又因为,ABEF ABEF=，所以,GQHE GQHE=，3 分 所以四边形GQEH是平行四边形，4 分 所以GHQE，5 分 又因为,GHBCE QEBCE面面，所以GHBCE面.7 分（2）同解法一.15 分 解法三：（1）证明：取 AB 的中点 I，连接,GI HI.1 分 因为,G H分别为线段,AP EF的中点，所以,GIBP HIEB，又因为,GIBCE BPBCE面面，所以GIBCE面.3 分 因为,HIBCE BEBCE面面，所以HIBCE面.5 分 又因为,GIHII GIGIH HIGIH=I面面，所以GIHBCE面面，6 分 又因为GHGIH 面，所以GHB
18、CE面.7 分（2）同解法一.15 分 18.【考查意图】本小题主要考查圆、椭圆的标准方程及简单几何性质，直线与椭圆的位置关系等基础知识，考査直观想象能力、逻辑推理能力、运算求解能力等,考查数形结合思想、化归与转化思想、分类与整合思想等，考査直观想象、逻辑推理、数学运算等核心素养，体现基础性、综合性与创新性.满分 17 分.解法一：（1）依题意，222bca+=1 分 IFEPCDHAGBQFEPCDHAGB#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCH
19、qARLiJNIBIA=#参考答案 第 5 页 共 9 页 COyxPF2F1IG设00(,)P xy，则2200221xyab+=，0axa，所以0caxa，20axc，所以20|cPFaxa=，20adxc=所以0220|caxPFcaadaxc=，即2|PFd为定值，且这个定值为ca 4 分（2）（）依题意，00(,)33xyG，设直线 IG 与 x 轴交于点 C，因为 IGx 轴，所以0(,0)3xC，5 分 所以001202|()()333xxFCF Cccx=+=，6 分 因为PF1F2的内切圆与 x 轴切于点 C，所以121202|3PFPFFCF Cx=，7 分 又因为12|2
20、PFPFa+=，解得02|3xPFa=，8 分 由（1）得20|cPFaxa=，所以003xcaxaa=，所以椭圆 E 的离心率13cea=10 分（）由26a=，得3a=，又13ca=，所以1c=，2228bac=，所以椭圆 E 的方程为22198xy+=11 分 根据椭圆对称性，不妨设点 P 在第一象限或 y 轴正半轴上，即003x?，002 2y?，又1(1,0)F，2(1,0)F，所以直线 PF1的方程为00(1)1yyxx=+，设直线 IG 与 PF1交于点 D，因为03Dxx=，所以000(3)3(1)Dy xyx+=+，F1CD 的面积1S 与PF1F2的面积S 之比为 0002
21、00100(3)1(1)2 33(1)(3)118(1)22xyxxxSSxy+=+，13 分 令2(3)()18(1)xf xx+=+（03x?），则2(3)(1)(1)(18xxxfx+=，#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 6 页 共 9 页 当0,1)x，()0fx，所以函数()f x 在0,1)单调递减，在(1,3)单调递增.又因为1(0)2f=，4(1)9f=，1(3)2f=，所以()f x
22、的值域是4 1,9 2，所以14192SS?，15 分 所以11415SSS?，16 分 根据对称性，PF1F2被直线 IG 分成两个部分的图形面积之比的取值范围是4 5,5 417 分 解法二：（1）同解法一 4 分（2）（）依题意，00(,)33xyG，设直线 IG 与 x 轴交于点 C，因为 IGx 轴，所以0(,0)3xC，5 分 所以001202|()()333xxFCF Cccx=+=，6 分 因为PF1F2的内切圆与 x 轴切于点 C，所以121202|3PFPFFCF Cx=，7 分 又因为12|2PFPFa+=，得0102|,3|.3xPFaxPFa=+=8 分 所以2200
23、022000(),3(),3xxcyaxxcya+=+=两式平方后取差，得00443cxax=对任意0 x 成立，所以椭圆 E 的离心率13cea=10 分（）同解法一17 分 解法三：（1）同解法一 4 分（2）（）依题意，00(,)33xyG，因为 IGx 轴，设点I 坐标为0(,)3xt.5 分 可求直线1PF 方程为00()yyxcxc=+，则点I 到直线1PF 的距离0002200()()3|()xyct xctyxc+=+，6 分 即()222200000()()()3xyct xctyxc+=+，化简得 22000002()()()033xxy ttc xcyc+=，同理，由点I
24、 到直线2PF 的距离等于|t，可得#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 7 页 共 9 页 22000002()()()033xxy ttc xcyc+=，7 分 将式式，得00084233tcxycx=，则04yt=.8 分 将04yt=代入式，得 2200001()()()0162 33yxxc xcc+=，化简得220022198xycc+=，得229ca=，所以椭圆 E 的离心率13cea=10
25、分（）同解法一17 分 19.【考查意图】本小题主要考查集合、导数、不等式等基础知识，考查逻辑推理能力、直观想象能力、运算求解能力和创新能力等，考查函数与方程思想、化归与转化思想、分类与整合思想、数形结合思想等，考查数学抽象、逻辑推理、直观想象、数学运算等核心素养，体现基础性、综合性与创新性.满分 17 分.解：（1）依题意，因为0(),()f x xlxLR，所以2,1xxxkx+R?，且0 xR，20001xxkx+=+，1 分 令2()(1)1xxk x=+，()214k=，则()0 x?，且0()0 x=，所以0,0,?所以0=，3 分 即()2140k=，解得3k=或 1.4 分 （
26、2）（）先证必要性.若直线()yl x=是曲线()yg x=的切线，设切点为()00,e1xx+，因为()exg x=，所以切线方程为()000e1e()xxyxx+=，即()000e(1)e1xxl xxx=+（*）.5 分 一方面，()()00g xl x=，所以000,()()xg xl x=R，6 分#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 8 页 共 9 页 另一方面，令()()()000ee(1)e
27、xxxG xg xl xxx=，则()00G x=，因为()0eexxGx=，所以当0 xx时，()0Gx时，()0Gx，()G x 在()0,x+单调递增，所以()()00G xG x=?，所以()()g xl x?.7 分 即,()()xg xl x R?，所以()(),g x xl xTR，即()l x 是函数()g x 在R 上的“最佳下界线”.8 分 再证充分性.若()l x 是函数()g x 在R 上的“最佳下界线”，不妨设()l xkxb=+，由“最佳下界线”的定义，()(),xg xl x R?，且()()000,xg xl x=R，9 分 令()()()e1xH xg xl
28、xkxb=+，则()0H x?且()00H x=，所以()min0H x=.10 分 因为()exHxk=，若0k?，则()0Hx?，所以()H x 在R 上单调递增，所以10 xx，使得()()100H xH x，令()0Hx=，得lnxk=，当(),lnxk 时，()0Hx，得()H x 在()ln,k+单调递增，所以，当且仅当lnxk=时，()H x 取得最小值()lnHk.12 分 又由()H x 在0 x 处取得最小值，()min0H x=，所以0ln,(ln)0,xkHk=13 分 即000e,e10,xxkkxb=+=解得0exk=，()001e1xbx=+，14 分 所以()0
29、00e(1)e1xxl xxx=+，#QQABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 9 页 共 9 页 由（*）式知直线()yl x=是曲线()yg x=在点()00,e1xx+处的切线.15 分 综上所述，直线()yl x=是曲线()yg x=的一条切线的充要条件是直线()yl x=是函数()g x 在R 上的“最佳下界线”.（）集合(),(1,)(),h x xg x xLTRI+元素个数为 2 个.17 分#Q
30、QABJYCUogigQIBAARhCQQGgCgEQkBEAACoGhAAIIAAByANABAA=#QQABIYA85gCwwITACJ5qRUG0CggQsIAhLKoERRCHqARLiJNIBIA=#参考答案 第 1 页 共 9 页 20232024 学年福州市高三年级 4 月份质量检测 参考答案与评分细则 一、一、选择题：本大题考查基础知识和基本运算每小题 5 分，满分 40 分.1D 2C 3A 4C 5D 6B 7B 8A 二、选择题：本大题考查基础知识和基本运算每小题 6 分，满分 18 分全部选对的得 6 分，部分选对的得部分分，有选错的得 0 分 9ABC 10BC 11
31、ACD 三、填空题：本大题考查基础知识和基本运算每小题 5 分，满分 15 分 122 138 146，22 四、解答题：本大题共 5 小题，共 77 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 15.【考查意图】本小题主要考查递推数列与数列求和等基础知识，考查运算求解能力、推理论证能力等；考查分类与整合、化归与转化等思想方法；考查数学运算、逻辑推理等核心素养；体现基础性和综合性.满分 13 分.解：（1）因为12,2nnaan n=+?，所以12nnaan=，1 分 当2n?时，112211()()()nnnnnaaaaaaaa=+L，所以22242nann=+L，3 分 所以(22),22n
32、nnan+=?，所以2,2nann n=+?，4 分 又因为12a=，5 分 所以2*,nann n=+N.6 分（2）由（1）可知2*(1),nannn nn=+=+N，7 分 所以()111111nan nnn=+，9 分 所以11111 22 3(1)(1)nSnnn n=+L 1111111122311nnnn=+L，11 分 所以111nSn=+，12 分 又因为1n?，所以1nS.13 分 参考答案 第 2 页 共 9 页 16.【考查意图】本小题主要考查正态分布、全概率公式、条件概率等基础知识，考查数学建模能力、逻辑思维能力和运算求解能力等，考查分类与整合思想、概率与统计思想等，
33、考查数学建模、数据分析、数学运算等核心素养，体现基础性、综合性和应用性满分 15 分.解：（1）依题意得，0,0.2=，1 分 所以零件为合格品的概率为(0.60.6)(33)0.9973PXPX=+=，2 分 零件为优等品的概率为(0.20.2)()0.6827PXPX=+=，3 分 所以零件为合格品但非优等品的概率为0.99730.68270.3146P=，5 分 所以从该生产线上随机抽取 100 个零件，估计抽到合格品但非优等品的个数为100 0.314631.6 分（2）设从这批零件中任取 2 个作检测，2 个零件中有 2 个优等品为事件 A，恰有 1 个优等品，1 个为合格品但非优等
34、品为事件B，从这批零件中任取 1 个检测是优等品为事件C，这批产品通过检测为事件D，8 分 则 DABC=+，且A与BC互斥，9 分 所以()()()P DP AP BC=+10 分()()(|)P AP B P C B=+11 分 221220.68270.68270.31460.6827CC=+21.6292 0.6827=，12 分 所以这批零件通过检测时，检测了 2 个零件的概率为()(|)()P ADP A DP D=13 分 220.68271.62920.6827=11.6292=0.61.15 分 答：这批零件通过检测时，检测了 2 个零件的概率约为0.61.17.【考查意图】
35、本小题主要考查直线与平面平行的判定定理、直线与平面垂直的判定与性质定理、平面与平面的夹角、空间向量、三角函数的概念等基础知识，考査直观想象能力、逻辑推理能力、运算求解能力等,考查数形结合思想、化归与转化思想等，考査直观想象、逻辑推理、数学运算等核心素养，体现基础性、综合性.满分 15 分.解法一：（1）在正方形 ABEF 中，连接 AH 并延长，交BE 的延长线于点K，连接 PK.2 分 参考答案 第 3 页 共 9 页 因为,G H分别为线段,AP EF中点，所以HFHE=，所以RtAFHRtKEH，所以 AHKH=，4 分 所以GHPK.5 分 又因为,GHBCE PKBCE面面，所以GH
36、BCE面.7 分（2）依题意得，ABBCE 面，又因为BPBCE 面，所以 ABBP.又因为BPAE,ABAEA=I,AB AEABEF 面，所以BPABEF 面，8 分 又BEABEF 面，所以BPBE，9 分 所以,BP BE BA两两垂直.以 B 为原点，,BP BE BA所在直线分别为,x y z轴建立空间直角坐标系，如图所示.10 分 不妨设1AB=,则31(1,0,0),(,1)22PD，()31=1,0,0,122BPBD=uuu ruuu r，11 分 设平面BPD 的法向量为(),x y z=m，则0,0,BPBD=uuu ruuu rmm 即0,310,22xxyz=+=取
37、2y=，得0,1xz=，所以平面BPD 的一个法向量是()0,2,1=m，13 分 又平面BPA的一个法向量为()0,1,0=n.14 分 设平面BPD 与平面BPA的夹角为，则22 5coscos,55 1=m nm nm n.KFEPCDHAGBzyxBGAHDCPEF 参考答案 第 4 页 共 9 页 所以平面DBP 与平面BPA夹角的余弦值为2 55.15 分 解法二：（1）证明：取BP的中点Q，连接,GQ EQ.1 分 因为,G H分别为线段,AP EF的中点，所以GQAB，12GQAB=，2 分 又因为,ABEF ABEF=，所以,GQHE GQHE=，3 分 所以四边形GQEH是
38、平行四边形，4 分 所以GHQE，5 分 又因为,GHBCE QEBCE面面，所以GHBCE面.7 分（2）同解法一.15 分 解法三：（1）证明：取 AB 的中点 I，连接,GI HI.1 分 因为,G H分别为线段,AP EF的中点，所以,GIBP HIEB，又因为,GIBCE BPBCE面面，所以GIBCE面.3 分 因为,HIBCE BEBCE面面，所以HIBCE面.5 分 又因为,GIHII GIGIH HIGIH=I面面，所以GIHBCE面面，6 分 又因为GHGIH 面，所以GHBCE面.7 分（2）同解法一.15 分 18.【考查意图】本小题主要考查圆、椭圆的标准方程及简单几何
39、性质，直线与椭圆的位置关系等基础知识，考査直观想象能力、逻辑推理能力、运算求解能力等,考查数形结合思想、化归与转化思想、分类与整合思想等，考査直观想象、逻辑推理、数学运算等核心素养，体现基础性、综合性与创新性.满分 17 分.解法一：（1）依题意，222bca+=1 分 IFEPCDHAGBQFEPCDHAGB 参考答案 第 5 页 共 9 页 COyxPF2F1IG设00(,)P xy，则2200221xyab+=，0axa，所以0caxa，20axc，所以20|cPFaxa=，20adxc=所以0220|caxPFcaadaxc=，即2|PFd为定值，且这个定值为ca 4 分（2）（）依题
40、意，00(,)33xyG，设直线 IG 与 x 轴交于点 C，因为 IGx 轴，所以0(,0)3xC，5 分 所以001202|()()333xxFCF Cccx=+=，6 分 因为PF1F2的内切圆与 x 轴切于点 C，所以121202|3PFPFFCF Cx=，7 分 又因为12|2PFPFa+=，解得02|3xPFa=，8 分 由（1）得20|cPFaxa=，所以003xcaxaa=，所以椭圆 E 的离心率13cea=10 分（）由26a=，得3a=，又13ca=，所以1c=，2228bac=，所以椭圆 E 的方程为22198xy+=11 分 根据椭圆对称性，不妨设点 P 在第一象限或
41、y 轴正半轴上，即003x?，002 2y?，又1(1,0)F，2(1,0)F，所以直线 PF1的方程为00(1)1yyxx=+，设直线 IG 与 PF1交于点 D，因为03Dxx=，所以000(3)3(1)Dy xyx+=+，F1CD 的面积1S 与PF1F2的面积S 之比为 000200100(3)1(1)2 33(1)(3)118(1)22xyxxxSSxy+=+，13 分 令2(3)()18(1)xf xx+=+（03x?），则2(3)(1)(1)(18xxxfx+=，参考答案 第 6 页 共 9 页 当0,1)x，()0fx，所以函数()f x 在0,1)单调递减，在(1,3)单调递
42、增.又因为1(0)2f=，4(1)9f=，1(3)2f=，所以()f x 的值域是4 1,9 2，所以14192SS?，15 分 所以11415SSS?，16 分 根据对称性，PF1F2被直线 IG 分成两个部分的图形面积之比的取值范围是4 5,5 417 分 解法二：（1）同解法一 4 分（2）（）依题意，00(,)33xyG，设直线 IG 与 x 轴交于点 C，因为 IGx 轴，所以0(,0)3xC，5 分 所以001202|()()333xxFCF Cccx=+=，6 分 因为PF1F2的内切圆与 x 轴切于点 C，所以121202|3PFPFFCF Cx=，7 分 又因为12|2PFP
43、Fa+=，得0102|,3|.3xPFaxPFa=+=8 分 所以2200022000(),3(),3xxcyaxxcya+=+=两式平方后取差，得00443cxax=对任意0 x 成立，所以椭圆 E 的离心率13cea=10 分（）同解法一17 分 解法三：（1）同解法一 4 分（2）（）依题意，00(,)33xyG，因为 IGx 轴，设点I 坐标为0(,)3xt.5 分 可求直线1PF 方程为00()yyxcxc=+，则点I 到直线1PF 的距离0002200()()3|()xyct xctyxc+=+，6 分 即()222200000()()()3xyct xctyxc+=+，化简得 2
44、2000002()()()033xxy ttc xcyc+=，同理，由点I 到直线2PF 的距离等于|t，可得 参考答案 第 7 页 共 9 页 22000002()()()033xxy ttc xcyc+=，7 分 将式式，得00084233tcxycx=，则04yt=.8 分 将04yt=代入式，得 2200001()()()0162 33yxxc xcc+=，化简得220022198xycc+=，得229ca=，所以椭圆 E 的离心率13cea=10 分（）同解法一17 分 19.【考查意图】本小题主要考查集合、导数、不等式等基础知识，考查逻辑推理能力、直观想象能力、运算求解能力和创新能
45、力等，考查函数与方程思想、化归与转化思想、分类与整合思想、数形结合思想等，考查数学抽象、逻辑推理、直观想象、数学运算等核心素养，体现基础性、综合性与创新性.满分 17 分.解：（1）依题意，因为0(),()f x xlxLR，所以2,1xxxkx+R?，且0 xR，20001xxkx+=+，1 分 令2()(1)1xxk x=+，()214k=，则()0 x?，且0()0 x=，所以0,0,?所以0=，3 分 即()2140k=，解得3k=或 1.4 分 （2）（）先证必要性.若直线()yl x=是曲线()yg x=的切线，设切点为()00,e1xx+，因为()exg x=，所以切线方程为()
46、000e1e()xxyxx+=，即()000e(1)e1xxl xxx=+（*）.5 分 一方面，()()00g xl x=，所以000,()()xg xl x=R，6 分 参考答案 第 8 页 共 9 页 另一方面，令()()()000ee(1)exxxG xg xl xxx=，则()00G x=，因为()0eexxGx=，所以当0 xx时，()0Gx时，()0Gx，()G x 在()0,x+单调递增，所以()()00G xG x=?，所以()()g xl x?.7 分 即,()()xg xl x R?，所以()(),g x xl xTR，即()l x 是函数()g x 在R 上的“最佳下界
47、线”.8 分 再证充分性.若()l x 是函数()g x 在R 上的“最佳下界线”，不妨设()l xkxb=+，由“最佳下界线”的定义，()(),xg xl x R?，且()()000,xg xl x=R，9 分 令()()()e1xH xg xl xkxb=+，则()0H x?且()00H x=，所以()min0H x=.10 分 因为()exHxk=，若0k?，则()0Hx?，所以()H x 在R 上单调递增，所以10 xx，使得()()100H xH x，令()0Hx=，得lnxk=，当(),lnxk 时，()0Hx，得()H x 在()ln,k+单调递增，所以，当且仅当lnxk=时，(
48、)H x 取得最小值()lnHk.12 分 又由()H x 在0 x 处取得最小值，()min0H x=，所以0ln,(ln)0,xkHk=13 分 即000e,e10,xxkkxb=+=解得0exk=，()001e1xbx=+，14 分 所以()000e(1)e1xxl xxx=+，参考答案 第 9 页 共 9 页 由（*）式知直线()yl x=是曲线()yg x=在点()00,e1xx+处的切线.15 分 综上所述，直线()yl x=是曲线()yg x=的一条切线的充要条件是直线()yl x=是函数()g x 在R 上的“最佳下界线”.（）集合(),(1,)(),h x xg x xLTRI+元素个数为 2 个.17 分