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1、#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACI
2、oGBBAIsAAAiAFABAA=#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#高三物理参考答案 第1 页(共5页)物理参考答案及解析题号1234567891 0答案ACCDBBDA DA BA D1.A【解析】由T=1f可知,汽车的固有周期为T=11.2 5 s,车速为v=1 0 m/s,容易发生共振的减速带间距L=v T=8 m。A正确。2.C【解析】服药4小时血清浓度达到峰值,剩余6小时为三个半衰期,则剩余浓度为12 3
3、1 0 0%=1 2.5%。C正确。3.C【解析】卫星有水平方向速度,因此发射过程中不沿着竖直方向运动,A错误;v-t图像斜率表示加速度,结合图像可知,只有C正确。4.D【解析】乒乓球向上运动时阻力向下,向下运动时阻力向上,所以向上运动过程加速度大小a1=m g+k m gm=(1+k)g,方向向下;向下运动过程加速度大小a2=m g-k m gm=(1-k)g,方向向下;数值上a1a2,D正确。5.B【解析】根据理想气体状态方程p VT=C,可以确定3TA=TD、3TB=2TC、TB=TD,A错误,B正确;p-V图像围成的面积表示做功,A到B气体体积膨胀,气体对外界做功,C错误;B状态和D状
4、态内能相等,B到C体积不变压强增大,气体吸收热量,C到D外界对气体做功,同时放热,B到C过程气体吸收的热量与C到D过程外界对气体做的功之和,等于C到D过程气体放出的热量,D错误。6.B【解析】圆形金属线圈的磁通量=Br2=r2B0s i n t,根据法拉 第 电 磁 感 应 定 律E=t=r2 B0c o s t,电压表V1的示数U1=r2 B02,根据理想变压器原理,电压表V2的示数U2=n2n1U1=n2n1r2 B02,电阻R的功率P=U22R=n222r42n212B20R,只有B正确。7.D【解析】质量为2m的砝码带动质量为m的砝码一起加速,设连接砝码的绳子拉力为FT,根据牛顿第二定
5、律有2m g-FT=2m a,FT-m g=m a,解得FT=43m g,因为滑轮合力为零、O点合力为零,所以连接O a之间的绳子拉力F满足3F=2FT,根据胡克定律有k L=Fc o s 6 0,综上解得k=4 3m g9L,D正确。8.A D【解析】电子在电场中做匀加速直线运动,d=12U emdt2,得t=d2me U,A正确;由动能定理有e U=12m v2=Ek,B错误;电子到达b面时的速度为v=2e U3m,C错误;电子距离MN为x时,速度为vx=2U emdx,根据电流定义I=n edvx,综上n1x,n1:n2=21,D正确。#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQC
6、AOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#高三物理参考答案 第2 页(共5页)9.A B【解析】设波速为v,简谐运动的周期为T,t=56 s时波传播到P点,此时O点位于波峰,所以56 s=k T+T4 (k=0、1、2、,下同),T=1 03(4k+1)s,O P=k T+T4 v。同理2 06-56 s=2.5 s=n T+3T4 (n=0、1、2、,下同),2.5 sv=5 0 c m,解得v=2 0 c m/s,T=1 04n+3 s,波长=v T,当n=0时,周期T=1 03 s,波长=2 0 03 c m;当n=1时,周期T=1 07 s,波长=2 0 07 c m;当
7、n=2时,周期T=1 01 1 s,波长=2 0 01 1 c m;随着n增大,周期变小,波长变小。由上述分析可知O P=v56 s=5 03 c m,A B正确。1 0.A D【解析】正对部分电阻长度为c,横截面积为a b,根据电阻定律有R=ca b,匀速时金属板正对面均受到安培力,根据牛顿第三定律,对磁铁进行受力分析有2B I c=m g,则I=m g2B c=B c vR,解得v=m g2B2a b c,故减小电阻率可以减小向下匀速运动的速率,A D正确。1 1.(7分)【答案】(1)A(2分)(2)2.7 6(1分)(3)增大(2分)(4)7.01 0-7(2分)【解析】(1)实验中为
8、间距相等的明暗相间的条纹,当十字叉丝与亮条纹中心重合时,进行读数,A正确;(2)对应的读数是2 mm+3 80.0 2 mm=2.7 6 mm;(3)条纹间距公式x=Ld,将双缝到屏的距离增大,即L增大,则条纹间距变大;(4)波长=dxL=7.01 0-7 m。1 2.(8分,每空2分)【答案】(1)B(2)A、C 1.4 调大【解析】(1)根据实验结果,热敏电阻在2 56 5 范围内变化过程中阻值在1 0 k 5 0 k 变化,根据器材,为减小实验误差,电路应采用分压内接,B正确。(2)根据图像热敏电阻温度升高,电阻减小,当温度超过3 8.5 时停止加热,所以加热装置应接入A、C。根据图像当
9、温度为3 8.5 时,电阻约为2 8 k,根据欧姆定律有U=I R=1.4 V;3 7 时电阻约为3 0 k,此时电流达到5 0.0 A,根据闭合电路欧姆定律有I=ER+r+R1,故可变电阻R1需要调大阻值。1 3.(1 1分)【解析】(1)该过程根据动能定理有-f h+m g h=12m v22-12m v21(2分)解得f=3.31 06 N(1分)(2)对返回舱进行受力分析,返回舱以v0=6 m/s匀速下降时,k v0=m g(2分)返回舱以v=1 0 0 m/s下降时,k v-m g=m a(2分)解得a=1.61 02 m/s2(1分)(3)着陆器做匀减速直线运动,初速度v0=6.0
10、 m/s,末速度为v=2.0 m/s,位移为x=1.0 m根据运动学公式有v20-v2=2a x(1分)根据牛顿第二定律有4F-m g=m a(1分)解得F=5.21 04 N(1分)#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#高三物理参考答案 第3 页(共5页)1 4.(1 2分)【解析】(1)设粒子在磁场中运动的轨迹半径为R,根据洛伦兹力提供向心力可得q v0B=m v20R(1分)可以把x轴当成粒子运动的边界,粒子以=3 0 垂直射入磁场,又因为粒子恰好不进入第三象限,所以轨迹与y轴相切,则有2Rs i n 3 0 -O A
11、=R(1-c o s 6 0)(1分)解得R=2O A=2 3L(1分)可得B=3m v06L q(1分)ZY0W(2)如图所示,自A点离开后粒子第二次到达x轴位置坐标x=22O A-O A=3 3L粒子在磁场中转过的圆心角=1 03(1分)用时t=mB q(1分)综上t=2 0 3 L3v0(1分)(3)粒子自上而下打到荧光屏上,临界的粒子轨迹图如图所示33YRc o s 6 0 +Rm i n+R=7 32L(1分)解得Rm i n=32L根据洛伦兹力提供向心力得q v Bm a x=m v20Rm i n(1分)可知B与R成反比,则有Bm a xB=RRm i n=4#QQABIQyUo
12、ggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#高三物理参考答案 第4 页(共5页)故Bm a x=4B=2 3m v03L q(1分)同理,若刚好打在板右端点,则有Rc o s 6 0 +Rm a x+R=9 32L,Rm a x=3 32L(1分)Bm i n=43B=2 3m v09L q故第四象限磁感应强度应满足2 3m v09L qB2 3m v03L q(1分)1 5.(1 6分)【解析】(1)物块A离开传送带时已经和传送带共速,所以A碰撞前速度为v0碰撞过程为弹性碰撞m v0=m v1+3m v2(1分)根据能量守恒12m v20=12m
13、v21+123m v22(1分)解得A速度v1=-12v0,方向向左B速度v2=12v0,方向向右(1分)(2)A向左运动,然后在传送带上先减速后加速,因为A再次冲上传送带的速率小于传送带速率,因此A在传送带上加速和减速的加速度相等,位移也相等,A再次离开传送带时的速度为12v0,方向向右。A在传送带上运动时的加速度大小a=g(1分)A在传送带上的运动时间t1=v0g(1分)第一次碰撞到第二次碰撞,A在平台上的运动时间t2=2x112v0=4x1v0(1分)同理物块B在平台上的运动时间t3=2x212v0=4x2v0(1分)因为物块B在圆弧上上升的高度远小于R,所以物块B在圆弧上的运动时间为单
14、摆的半个周期t4=Rg(1分)根据题目条件,几个物理量应满足关系式v0g+4x1v0=4x2v0+Rg(1分)(3)规定向左为正,第二次碰撞时A向右运动,B向左运动3m12v0-m12v0=m v3+3m v4(1分)123m14v20+12m14v20=12m v23+123m v24(1分)解得B速度v4=0A速度v3=v0,方向向左#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#高三物理参考答案 第5 页(共5页)碰后瞬间A的动能最大,最大动能为Ek=12m v20(1分)(4)物块滑上传送带,相对传送带速度如图所示WWG摩擦力
15、方向如图,则产生的沿传送带方向加速度大小ax=fc o s m沿垂直传送带方向加速度大小ay=fs i n m经过非常短时间t,设合速度方向与传送带速度方向夹角则t a n=v-fs i n mtv0-fc o s mt,其中t a n=vv0,所以=(1分)所以,物块相对传送带做匀减速直线运动,初速度为v2+v20加速度大小为a=g划痕长度L=v2+v202g(1分)该划痕在垂直传送带方向分量为45d,所以45d=Ls i n(1分)综上解得v=v40+2 5 62 52g2d2-v202(1分)#QQABIQyUoggoQJBAARhCEQHQCAOQkBEACIoGBBAIsAAAiAFABAA=#