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1、试卷第 1 页，共 8 页 学科网（北京）股份有限公司 20242024 届江苏省高考物理重难点模拟卷届江苏省高考物理重难点模拟卷 一、单选题一、单选题 1关于物理学史下列说法正确的是（）A库伦用油滴实验测出了电子的电量 B安培发现了电流的磁效应现象 C法拉第最先提出力线与场的观点 D麦克斯韦最先发现了电磁波 2关于下列四个场景的说法中，正确的是（）A图甲中是光的全反射现象 B图乙中是光的折射现象 C图丙中是光的衍射现象 D图丁中是光的偏振现象 3带有活塞的汽缸内封闭一定量的理想气体，气体开始处于状态 A，然后经过过程 AB到达状态 B或经过过程 AC 到达状态 C，B、C状态温度相同，如 p
2、-T图所示，设气体在状态 B和状态 C 的体积分别为 VB和 VC，在过程 AB和 AC中吸收的热量分别为 QAB和 QAC，则（）ABCVV，ABACQQ BBCVV，ABACQQ CBCVV DBCVV，ABACQQ 由于状态 B和 C 温度相同，所以过程 AB和 AC的内能变化量U相等，气体从状态 A到状态 C，温度升高，体积增大，气体对外做功，即 W为负值；气体从状态 A 到状态 B，体积不变，对外不做功，W 为零，根据热力学第一定律 UQW=+可知，气体从状态 A到状态 C 过程吸收的热量多，即 ABACQQ 故选 B。4D【详解】现用单色光 A照射大量处于基态的氢原子，只能产生一种
3、频率的光子，则单色光 A的能量为 21134AEEEE=用单色光 B照射大量处于基态的氢原子，能产生三种不同频率的光子，则单色光 B的能量为 答案第 2 页，共 12 页 31189BEEEE=则单色光 A和单色光 B的光子能量之比为27:32。故选 D。5A【详解】通过光电门的速度 dvt=根据牛顿第二定律 mgma=根据运动学公式 2202vvaL=解得 22022dvtgL=故选 A。6D【详解】AB以小球 C 为对象，受力分析如图：可得弹簧弹力的大小为 Ctan4 3NFm g=轻绳拉力大小为 C8Ncosm gT=故 A、B 正确；C设物体 A 与物体 B 之间动摩擦因数1，物体 A
4、 恰好不发生滑动时，有 1ATm g=答案第 3 页，共 12 页 学科网（北京）股份有限公司 解得 10.4=故 C 正确；D地面给物体 B 的支持力为 NABcosFm gm gT=+代入数据得 N54NF=故 D 错误。本题选择错误的，故选 D。7D【详解】根据题意，小球从ac过程中，由动能定理有 2132cFRmgRmv=其中 Fmg=解得 2cvgR=小球由c点离开曲面，竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做加速度为g的匀加速直线运动，由竖直方向可得，小球从c点离开曲面落在cd的时间为 24cvRtgg=水平方向有 2182xgtR=则小球从a处开始运动到其落至水平轨道cd上时，水平外力
5、所做的功为()()383811WFRRmgRRmgR=+=+=故选 D。8D【详解】AB0=t时，平衡位置为4.5mx=的质点 A 在波谷，0.2st=第一次到达波峰，可 答案第 4 页，共 12 页 知周期为 0.4sT=从波形图中可知波长为 6m=可知，波速为 15m/svT=AB 均错误；C0=t时，平衡位置为3.0mx=的质点位于平衡位置，且速度沿 y 轴正方向，且 0.2s=2Tt=所以0.2st=时，平衡位置为3.0mx=的质点处于平衡位置，且速度沿 y 轴负方向，C 错误；D波从6.0mx=处传到9.0mx=处需要的时间为 10.2sxtv=平衡位置在9.0mx=的质点振动时间为
6、 212.0s0.2s1.8s42tT=所以从0=t到0.2st=时间内，平衡位置9.0mx=的质点通过的路程为 18180cm1.8msA=D 正确。故选 D。9D【详解】A因为吸板接电源的负极，且液滴加速飞向吸板，可知液滴带正电，故 A 错误；B电场的方向由发射极指向吸板，沿电场线电势逐渐降低，可知 a 点的电势比 b点的高，故 B 错误；C因 a点的等势面较 b点密集，可知 a点的场强大于 b点场强，则液滴在 a点的加速度比在 b点的大，故 C 错误；D液滴带正电，且 a 点的电势比 b点的高，则液滴在 a点的电势能比在 b 点的大，故 D 正确。故选 D。10C 答案第 5 页，共 1
7、2 页 学科网（北京）股份有限公司【详解】A由右手定则可知，a点电势比 b 点电势低，选项 A 错误；B金属棒做平抛运动，水平速度不变，根据 E=BLv0 可知，棒中的感应电动势不变，选项 B 错误；C单位时间内 ab 的水平位移为 v0，则扫过的曲面中的磁通量 0BLv=不变，选项 C 正确；D金属棒在运动过程只有重力做功，则机械能守恒，选项 D 错误。故选 C。11A【详解】AD在图示位置感应电动势 1 2mEnB l l=ab 边所受的安培力为 22 21 21 211nB l ln B l lFnBIlnBlRrRr=+选项 A 错误，D 正确；B线圈从图示位置转过 90的过程中，通过
8、电阻 R的电荷量为 1 2nnBl lntqtRrRrRr=+选项 B 正确；C在图示位置穿过线圈的磁通量为 0，选项 C 正确；此题选择错误的，故选 A。12 AB 0.641 0.820 0.2【详解】（2）1A 先接通电源，后释放小车，小车应从靠近打点计时器处释放，A 正确；B小车下滑时，为保证实验的准确性，应使细线始终与轨道平行，B 正确；C由于该实验每个槽码的质量已知道，故不需要使质量远小于小车质量，C 错误；D若细线下端悬挂着 2 个槽码，小车加速下滑，槽码加速上升，槽码超重，故细线对小车的拉力大于 2 个槽码的重力，所以小车下滑过程中受到的合外力小于4mg，D 错误。故选 AB。
9、23根据图乙，点 4 是点 3、5 的中间时刻 答案第 6 页，共 12 页 34(60.068.2)10m/sm/s0.2 0.1641v+=由 2xaT=解得()322284.676.468.260.051.843.610m/s0.820m/s0.3a+=4对于小车匀速时有 sin50Mgfmg=减小 n 个槽码后，对小车和槽码分别有 sinMgfTMa=(5)(5)Tn mgn ma=则 5nmgaMmnm=+即 1511mMamgng+=可得斜率 52.5mMmg+=即得 0.2kgM=13（1）1s；（2）6m/s；（3）2rad/s【详解】（1）根据题意转速 60r/min1r/s
10、n=故质点的周期为 11sTn=（2）质点做匀速圆周运动的线速度大小为 26m/svrn=（3）质点做匀速圆周运动的角速度大小为 22rad/sn=答案第 7 页，共 12 页 学科网（北京）股份有限公司 14（1）10.5st=；（2）224.5m/sa=；（3）11m/sav=；（4）0.6ms=【详解】（1）对小滑块 b，由牛顿第二定律得 1mgma=由运动学公式得 124m/s,1m/svv=01 1vvat=联立解得 10.5st=（2）小滑块 b 滑上木板后，假设小滑块 a 与木板一起以相同的加速度向左做匀加速直线运动对小滑块 a，由牛顿第二定律得 12maxmgma=解得 22m
11、nx5m/sa=对小滑块 a 与木板整体，由牛顿第二定律得 22mgma=共 解得 22max4.5m/saa=则粒子不能打到粒子收集板，此时在区域中的环绕半径为r，有 2002(2)2vv B qmr=代入数据解得 4Lr=根据几何关系可知粒子从NS中点由区域返回区域，该点坐标为(2,)2 2L LL。此时速度与进入区域时的速度大小相等，方向相反。在区域内立即撤去原来的匀强电场，同时加上一个沿着 y 轴正方向的匀强磁场，可知速度方向与磁场方向夹角为135，则粒子在沿磁场方向做匀速直线运动，在垂直磁场方向做匀速圆周运动，此时分速度大小 0 xvv=，0yvv=在磁场中有 2203024vB q
12、vmmrrT=解得 答案第 11 页，共 12 页 学科网（北京）股份有限公司 2LrL=，04LTv=当粒子到达xoz平面时 0022LLtvv=此时粒子在垂直磁场方向转过的角度 24tT=则粒子射出区域时的x轴和z轴坐标分别为 222sinxLrL=，2 24(cos)22LzrrL+=则粒子射出区域时的坐标为222 24(,0,)2LL+。16（1）25BLdR；（2）13；（3）32244325572m g RmgdWB L【详解】（1）根据题意可知，在导体杆b由静止释放到导体杆b运动到12QQ处的过程中 cosBLdEtt=根据闭合电路的欧姆定律有 2EIR=根据电流的定义式 qI t=联立可得 25BLdqR=（2）当导体杆速度最大时，对导体杆a受力分析有 AFmg=对导体杆b受力分析，沿斜面方向 AsincosmgFf=+垂直斜面方向有 ANcossinmgFF+=由摩擦力的大小 答案第 12 页，共 12 页 NfF=联立可得 13=（3）当导体杆b速度最大时，可知 A3mgFmg=电动势 cosEBLv=电流大小 2EIR=导体杆b受到的安培力 AFBIL=联立可得 2256mgRvB L=根据动能定理可得 21sin2mvmgdWW=+安 联立可得 32244325572m g RQWmgdWB L=总安