《2024届山东省淄博市高三下学期一模考试 物理含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届山东省淄博市高三下学期一模考试 物理含答案.pdf（10页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#高一物理参考答案第 1页（共 6页）淄博市 20232024 学年度高三模拟考试物理参考答案2024.3一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。在每个
2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。12345678CDCBADAB二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每个题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。9101112ADBDBCAC三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。13（6 分）（1）P1、P2的像（1 分）（2）（2 分）（3）1.50（2 分）（4）小于（1 分）14（8分）（1）12.0（2分）（2）1.33（1分）2.0（1分）（3）b（2分）（4）2.0（1分）0.22（1分）15（8分）解：（1）从F点到P点过程竖直方
3、向：yvgt-1分水平方向:2221.52.5xmmxxvt-1分踢出时蹴鞠的速度：202xyvvv由动能定理得：2012Wmv人-1分#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#高一物理参考答案第 2页（共 6页）由以上各式得：15JW人-1分（2）从F点到P点过程竖直方向：2pp12hgt-1分从P点到Q点过程竖直方向：2pp112hhgtP点到EE的距离：1(52)m3mx 垂直于网所在平面方向的分速度：111xvt-1分从Q点到K点过程竖直方向：2312hgtK点到EE的距离:1 3dvt-1分解得：3 6m2d-1分16
4、（8分）解：（1）由等压变化：00VVTT-1分得：391m20V 球内氦气的质量：mV-1分解得：0.819mkg-1分（2）在目标高度时，对活塞：0030.54kLPSPS-2分得：034PP对氦气：000PVPVTT-2分其中01.2VV得：270KT-1分17.解：（1）在区域内粒子做匀速圆周运动，由几何关系得：22211()2LRRL-1分解得：154RL由牛顿第二定律得：20011mvqv BR-1分#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#高一物理参考答案第 3页（共 6页）解得：0145mvBqL-1分（2）粒子
5、在区域中做类平抛运动，假设从ff 边进入区域，y坐标：2012qELymv（）-1分粒子进入区域的速度：2200qE Lvm vv（）-1分联立解得：2Ly，02vv 粒子刚进入区域的坐标（2L2LL，）-1分粒子刚进入区域的速度大小02vv-1分（3）由牛顿第二定律得：2002222vqv BmR由几何关系可知粒子在磁场中的半径需要满足：21222LRL-1分联立解得区域的B2需要满足：00222 2mvmvBqLqL-2分（4）由牛顿第二定律得：2002322vqv BmR解得：03224mvLRqB粒子返回到区域后的运动：沿y轴负方向做匀速运动，在平行于xoz的平面上做匀速圆周运动假设从
6、bcfe面射出：202Ltv在B3内：3024mLTqBv-1分因为28Tt，转过夹角为45-1分由牛顿第二定律得：20033vqv BmR解得32lR322sin452LxLRLL-1分#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#高一物理参考答案第 4页（共 6页）0y 322(1 cos45)22LLzRL 0-1分综上所述假设成立，从bcfe面射出，粒子出射点的坐标为222202LLLL，18.（1）假设P在传送带上一直匀减速，根据动能定理可得：2P1PPB12Em gsm v-2分得B3vgR由于B3vgRgR所以，假设成
7、立，即B3vgR-1分（2）设P与Q碰撞前的速度大小为1v，碰撞后P的速度大小为2v，Q的速度大小为3v，P从B到C由动能定理得：22PPCPB11622m gRm vm v解得：C15vgR从C到D过程根据动能定理可得222PP 1PC11222m gRm vm v-1分解得：12 3vgR对P滑块从D到C根据动能定理可得22PP21202m gRm v-1分解得：23vgR根据动量守恒和机械能守恒可得：P 1P2Q 3m vm vm v-1分222P 1P2Q 3111222m vm vm v-1分得QP21PQmmvvmm解得：Q3mm-1分（3）在E点，竖直方向合力为零，则NPcosF
8、m g-1分由牛顿第二定律得：2ENPPm gcosvFmR-1分#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#高一物理参考答案第 5页（共 6页）从E到C由动能定理得：2C2EPPP11(1 cos)22m gRm vm v-1分E点到C点的竖直高度：(1 cos)hR解得：19181()6hR-1分方法二：从E到C由动能定理得：2C2EPPP11(1 cos)22m gRm vm v-1分在E点重力的功率：PEsinPm gv-1分整理得：323mg2 cos13 cos2cos13PgR（）（）令cosx，322 cos13
9、cos2cos13y（）（）则32213213yxxx 求导，262620yxx 得：181 136x即当181 13cos6时，P 取最大值-1 分E点到C点的竖直高度：(1 cos)hR解得：19181()6hR-1分（4）由（2）得，Q碰后速度为33vgR进入长木板上表面，先判断长木板是否移动，Q对长木板摩擦力向左32Q1.2fm gmg地面对长木板最大静摩擦力Q4M1.8fmmgmg地木故长木板先不动，Q做匀减速运动，可得：22Q3Q42Q 311L22m gm vm v得：41.8vgRQ以速度4v与长木板弹性碰撞，可得：Q4Q 56m vm vm v木222Q4Q 56111222
10、m vm vm v木#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#高一物理参考答案第 6页（共 6页）得碰撞后Q的速度大小为5413vv，长木板的速度大小为6423vvQ向右减速：230.4agg长木板向左减速：QQ4330.5m gmmgagm木木+）（-1分Q向右做减速运动直至减速到零后再向左做加速运动直到二者共速，再一起做减速运动，所做v-t图像如图可得：4423233vvva ta t 共-1分相对位移：4421233vvxt-1分1.5xRR，所以，滑块未滑离木板滑块 Q 与木板间因摩擦而产生的热量Q3(1.5)3Qm gxRmgR 热-1分#QQABCYIUggioABIAAAgCQwEKCEIQkBACAAoGxEAAMAABCANABAA=#