《福建百校联考2024届高三下学期正月联考物理试题含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《福建百校联考2024届高三下学期正月联考物理试题含答案.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、 1/15 绝密启用前 20232024 学年福建百校联考高三正月学年福建百校联考高三正月 物理物理 全卷满分 100 分，考试时间 75 分钟 注意事项：注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答題卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置 2请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答，写在试卷、草稿纸和答题上的非答题区域均无效 3选择题用 2B 铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑；非选择题用黑色签字笔在答题卡上作答；字体工整，笔迹清楚 4考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交 一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16
2、分分在每小题给出的四个选项中，只有在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的一项是符合题目要求的 1锕()20489204Ac的放射性很强，衰变放射出的高能粒子足以将周围的空气电离，从而发出暗蓝色的光锕()20489204Ac的衰变方程为2044892AcXHeA+，同时释放射线关于锕()20489204Ac的衰变，下列说法正确的是（）AX 的中子数为 113 BX 一定不再具有放射性 C释放的射线使周围的空气电离，从而发出暗蓝色的光 D释放的射线来自于钧()20489204Ac 2如图所示为三棱镜的截面ABC，105A=、45B=某细光束单色光从AC边上的D点射入三棱镜，折射光线射到
3、BC边上的E点，正好发生全反射，反射光线垂直射到AB边的F点，光线在D的入射角为（为未知量），折射角为（为未知量），已知B、E两点之间的距离为L，62sin154=，光在真空中的传播速度为c，则下列说法正确的是（）2/15 A介质对此单出光的折射率为3 B光从E到F的传畄时间为2Lc C31sin2=D62sin6=3在 x 轴上固定有两个点电荷，其中位于坐标原点的点电荷电荷量大小为 q，另一点电荷固定在 OA 的中点P 处，x 轴上 A 点右侧各点的电势随 x 变化如图中曲线所示A 点处曲线的切线水平，取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（）AP 处点电荷带负电 BP 处点电荷的电荷量大小
4、为12q C将一个重力不计的带负电粒子在 A 点由静止释放，粒子将沿 x 轴正方向运动 D将一带负电的粒子由 A 点沿 x 轴向 P 点移动，电场力做正功 4、某天文爱好者在地球赤道上某处观测一颗在赤道平而内绕地球做圆周运动的人造卫星，发现该卫星恰好每天 7 次通过他的正上方已知该卫星在轨运行方向与地球自转方向相同，则该卫星与地心连线和地球同步卫星与地心连线在相同时间内扫过的面积之比为（）A、1：1 B1：2 C1：4 D1：8 二、双项选择题：本题共二、双项选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 6 分，共分，共 24 分分每小题有两项符合题目要求，全部每小题有两项符合题目要求，全部选
5、对的得选对的得 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分分 3/15 5两个完全相同的截面为四分之一圆面的柱体 A、B 按如图所示叠放，两个柱体的质量均为 m，水平面粗糙，圆弧面和竖直墙面光滑，对 B 施加水平向右的力 F，使 B 恰好不向左运动，改变 F 的大小，使柱体 B 缓慢向左移动直至 A 落地前的过程中，下列说法正确的是（）AF 不断变大 BB 对地面的压力不断增大 CA 对竖直墙面的压力不断增大 DA 对 B 的压力不变 6如图所示的封闭汽缸导热性能良好，汽缸容积为 V，正中间有一固定卡环，缸内活塞将气体分成 A、B 两部分，两部分气体的体
6、积之比为 3：1，活塞的横截面积为 S，汽缸左侧有一阀门 K 处于关闭状态大气压强为0p，缸内气体压强为03p，现打开阀门，让气体缓慢放出，已知外界温度恒定，活塞与汽缸内壁无摩擦且密封性良好，不计活塞的厚度及卡环的大小，则下列说法正确的是（）A当活塞刚要与卡环接触时，缸内气体的压强为01.5p B当活塞刚要与卡环接触时，缸内气体的压强为01.2p C直至最终过程，B 部分气体对外放热 D最终卡环对活塞的压力大小为012p S 7一质量为 4kg 的玩具小车在水平直跑道上由静止开始启动，启动过程受到的合外力 F 随时间变化的关系图像如图所示，小车达到额定功率后保持该功率不变，已知小车在跑道上运动
7、时受到的阻力恒为 2N，小车达到最大速度后再运动一段时间关闭发动机，从启动到最后停下小车运动的时间为 85s，下列说法正确的是（）4/15 A小车加速能达到的最大速度大小为 5m/s B小车的额定功率为 30W C小车减速运动的时间为 10s D小车在额定功率下运动的位移大小为 550m 8如图所示，两个“”形正方形金佩框 ACDF 和 GHJK 通过周定金属线 AG 和 FK 连接，AG 和 FK 在垂直于磁场的转轴OO上，开始时两个线框处在垂直于磁场的平面内，让两个线框绕OO轴分别沿（俯视看）顺时针和逆时针以相同的角速度同时开始匀速转动，AC 长为 L，GH 长为12L，匀强磁场的磁感应强
8、度大小为 B，整个回路的电阻为 R，则（）A回路中的最大电动势为234BL BCD 边受到的最大安培力大小为2354B LR C从图示位置开始，两线框转过 90的过程中，通过 CD 横截面的电量大小为254BLR D从图示位置开始，两线框转过 180的过程中，回路中产生的焦耳热为242532B LR 三、非选择题：共三、非选择题：共 60 分分考生根据要求作答考生根据要求作答 9（3 分）一列简谐横波沿 x 轴传播，t=0 时刻的波形如图甲所示，坐标原点处质点的振动图像如图乙所示，则该波沿 x 轴_（填“正”或“负”）方向传播，波长为=_m，传播速度大小 v=_m/s 5/15 10（3 分）
9、将直导线 ACD 折成“”形并固定在纸面内，空间存在垂直纸面外、磁感应强度大小为 B 的匀强磁场，如图所示，ACD=120，AC=2CD=2L，在导线中通入从 A 到 D 的恒定电流 I，此时导线 AC 段受到的安培力大小1F=_，CD 段受到的安培力大小2F=_；将 CD 段绕 C 点在纸面内沿逆时针方向转过 60（AC 保持不动），通入的电流大小不变，此时导线 ACD 受到的安培力大小3F=_ 11（3 分）如图所示，A，B 两个物块放在水平面上，A 的质量大于 B 的质量，用竖直向上的拉力1F，作用在物块 A 上，用竖直向上的拉力2F作用在物块 B 上，不计空气阻力，两物块在两拉力作用下
10、从静止开始向上运动相同时间内，1F的冲量大小为1I，做功为1W，2F的冲量大小为2I，做功为2W若12II=，则1F_2F，1W_2W；若12WW=，则1I_2I（均填“”“=”或“”）12（6 分）某实验小组用如图甲所示实验装置验证机械能守恒定律，无弹性的悬线一端连接在力传感器上，6/15 另一端连接一个小球，力传感器能测量悬线的拉力，竖直挡板立在水平地面上，已知小球的质量为 m，当地的重力加速度为 g （1）先用螺旋测微器测出小球的直径，示数如图乙所示，则小球直径 d=_mm；（2）实验时，小球与竖直挡板的接触点记为 A 点，悬线伸直，由静止释放小球，力传感器记录小球运动过程中悬线的最大拉
11、力，测出悬线的长 L多次移动挡板的位置，保持挡板竖直，使小球每次与挡板接触悬线伸直，记录每次 A 点与悬点 O 的高度差 x 及小球运动过程中悬线的最大拉力 F要验证机械能守恒定律，在直角坐标系中，作 F-x 图像，如果图像的斜率的绝对值等于_，与纵轴的截距大小等于_，则机械能守恒定律得到验证（均用已知物理量 L，d，m，g 表示）13（9 分）某同学利用现有的器材设计如图甲所示的实验电路图，来测量电阻的阻值xR，已知电流表的内阻为AR，定值电阻的阻值为0R，AR与0R阻值相近，电压表的内阻远大于待测电阻的阻值如图乙是所给的实验器材，在测量的过程中电路安全，且误差不大 （1）根据图甲，用笔画线
12、代替导线将实物图乙连接完整，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于最_（填“左”或“右”）端；（2）该同学调节滑动变阻器的滑片，得到多组电压表的数值 U 和对应的电流表的数值 I、根据数值画出 U-I 关 7/15 系图像，写出此图像的表达式 U=_（用 I、0R、AR、xR来表示），若图像的斜率为 k，则定值电阻xR=_（用0R、AR、k来表示）；（3）这种实验方法测出的xR值_（填“偏大”或“偏小”）14（8 分）如图所示，两平行金属板（上极板带负电）水平放置，相距为 d，电势差为 U，一带负电粒子（不计重力）质为 m、带电量为 q，以初速度0v沿两板中线水平射入板间，经过一段时间从两板间离下
13、极板0.25d 处飞山出求：（1）粒子从两板间离开时的速度大小；（2）金属板的长度 15（10 分）如图甲所示，质量为 m、带电量为 q 的带正电粒子（不计重力）0 时刻从 a 点以速度0v（方向竖直向下）垂直进入范围足够大的周期性变化的匀强磁场中该磁场的磁感应强度随时间变化的关系图像如图乙所示，已知032mTB q=，当磁场垂直纸面向里时，磁感应强度为正，0B已知，不考虑磁场的变化产生电场的影响，求：（1）06T看时间内粒子转过的角度；（2）02T时间内洛伦兹力对粒子的冲量大小；（3）T 时刻，粒子距 a 点的距离 8/15 16（18 分）如图所示，两端间距为 1.2m 的水平传送带以大小
14、为02m/sv=的速度沿顺时针方向转动、传送带左端与半径为 R=0.8m、固定在竖直面内的四分之一光滑圆弧低点 B 相切、右端与光滑水平面的 C 端相切，轻弹簧放在水平而上，右端固定，左端与水平面上的 D 点对齐，质量 M=3kg 的物块 a 放在水平面 CD 间某位置，质量 m=1kg 的物块 b 由圆弧的最高点 A 由静止释放，物块 b 沿圆弧下滑，滑过传送带，与物块发生弹性碰撞，物块 b 与传送带间的动摩擦因数为 0.5，、b 两物块每次碰撞均为弹性碰撞，且第一次和第二次弹性碰撞发生在同一位置，不计物块的大小及空气阻力重力加速度210m/sg=，求：（1）物块 b 第一次运动到 B 点时
15、的速度大小；（2）物块 b 第一次在传送带上运动的时间；（3）两物块第二次碰撞前瞬间，物块 b 的速度大小；（4）从第一次碰撞结束到发生第十次碰撞这段时间内，物块 b 在传送带上运动的总时间 学科网（北京）股份有限公司 20232024 学年福建百校联考高三正月开学考物理学年福建百校联考高三正月开学考物理 参考答案、提示及评分细则参考答案、提示及评分细则 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 A C D B AC AD BD BC 一、单项选择题一、单项选择题：本题共本题共 4 小题小题，每小题每小题 4 分分，共共 16 分分在每小题给出的四个选项中在每小题给出的四个选项中，只有一只有
16、一项是符合题目要求的项是符合题目要求的 1【答案】A【解析】根据质量数、电荷数守恒可知，200A=，87Z=，因此 X 的中子数为 113，A 项正确；X 的核电荷数大于 82，仍具有放射性，B 项错误；衰变产生的粒子使周围的空气电离，从而发出暗蓝色的光，C 项错误；释放的射线来自于衰变产生的 X 元素，D 项错误 2【答案】C【解析】设光线在介质中发生全反射的临界角为，折射光线射到BC边上的E点，正好发生全反射，反射光线垂直射到AB边的F点，由几何关系可得45=，由折射率的定义可得12sinn=，A 错误；E、F两点之间的距离为sin45dL=，由折射率的定义可得cnv=，光从E到F的传播时
17、间为dtv=，综合可得Ltc=，B 错误；已知105A=、45B=，由几何关系可得光线在D点的折射角15=，由折射率的定义可得sinsinn=，综合计算可得31sin2=、62sin4=，C 正确，D 错误 3【答案】D【解析】由图像可知，x轴上A点右侧场强方向向左，则P、A间的场强方向向右，则P处点电荷带正电，A 项错误；由于图像在A点的切线水平，则该处场强为零，设P、A间距离为r，则22(2)qqkkrr=，解得14qq=，B 项错误；由于A点场强为零，因此带负电粒子在A点由静止释放，粒子保持静止，C 项错误；将一带负电的粒子由A点沿x轴向P点移动，电场力向左，电场力做正功，D 项正确 4
18、【答案】B【解析】设该卫星的运行周期为T，则24h17T=，则3hT=，设该卫星运行的轨道半径为1r、同步卫星的轨道半径为2r，由开普勒第三定律可知32113222rTrT=，解得1214rr=，卫星做圆周运动的半径为r时，则单位时间内，卫星与地心连线扫过的面积2rST=，结合222MmGmrrT=，得12SGMr=，由此可得，该卫星与地心连线和地球同步卫星与地心连线在相同时间内扫过的面积之比为 1：2，B 项正确 二、双项选择题：本题共二、双项选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 6 分，共分，共 24 分分每小题有两项符合题目要求每小题有两项符合题目要求全部全部 学科网（北京）股份
19、有限公司 选对的得选对的得 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分分 5【答案】AC【解析】整体分析可知，B 对地面的压力不变，B 项错误；因此地面对物块 B 的摩擦力不变，对 A 研究，动态分析可知，墙面对 A 的弹力不断增大，则 A 对竖直墙面的压力不断增大，推力 F 不断增大，A、C 项正确；B 对 A 的支持力不断增大，由此可知，A 对 B 的压力不断增大，D 项错误 6【答案】AD【解析】设缸内气体压强为1p，对B部分气体研究，0111342pVpV=，解得101.5pp=，A 正确，B错误；最终A部分气体压强变为0p，由热力学第一定律UQ
20、W=+，B部分气体的温度不变，内能不变，对外做功，从外界吸热，C 错误；设最终卡环对活塞的压力大小为F，则()10012FppSp S=，D正确 7【答案】BD【解析】小车匀加速运动的加速度大小为211m/sFam=，匀加速达到的最大速度为11 15m/svat=，小车的额定功率1()30WPFf v=+=，小车加速能达到的最大速度为m15m/sPvf=，A 项错误、B 项正确；小车减速的加速度大小220.5m/sfam=，小车减速的时间m2230sva=，C 项错误；设小车在恒定功率下运动的位移大小为x，根据动能定理有()2212m11122P tttfxmvmv=，解得550mx=，D 项
21、正确 8【答案】BC【解析】从图示位置转过四分之一圈时，线框中的电动势最大，222m1524EBLBLBL=+=，A 项错误；CD边受到的最大安培力23m54B LFBI LR=，B 项正确；从图示位置开始，两线框转过90的过程中，通过CD栱截面的电量为2221544B LLBLqRR+=，C 项正确；电动势的有效值25 28EBL=，则从图示位置开始，两线框转过180的过程中，回路中产生的焦耳热为2242532EB LQRR=，D 项错误 三、非选择题三、非选择题：共共 60 分分考生根据要求作答考生根据要求作答 9【答案】正 8 1（每空 1 分）学科网（北京）股份有限公司【解析】由振动图
22、像可知，0t=时刻坐标原点处质点正沿y轴负方向运动，根据振动与波动关系可知，波沿x轴正方向传播；从0t=时刻起到波传播14个波长时，坐标原点处质点到达平衡位置，即12m4=，得到=8m；由图乙可知，波动周期为8s，因此波传播的速度1m/svT=10【答案】2ILB ILB 3ILB（每空 1 分）【解析】由已知条件可得12FILB=，2FILB=，将CD段绕C点沿逆时针方向转过60，则ACD段的有效长度为3L，则33FILB=11【答案】=（每空 1 分）【解析】若12II=，则12FF=，由()Fm ga=+可知，质量大，加速度小，由212WFhFat=可知，12WW，由212WFhFat=
23、12Iat=可知，加速度越小冲量越大，即12II 12【答案】（1）1.845（2 分，1.8421.848 都算对）（2）22mgdL+（2 分）3mg（2 分）【解析】（1）由图乙所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为1.5mm，旋转刻度为34.5 0.01mm0.345mm=，螺旋测微器示数为1.5mm0.345mm1.845mm+=；（2）设小球到最低点时速度大小为v，根据机械能守恒定律有2122dmg Lxmv+=，小球在最低点时22vFmgmdL=+，得到232mgFmgxdL=+，因此如果图像的斜率大小为22mgdL+，图像的截距大小等于3mg，则机械能守恒定律得到验证 13【答案】
24、（1）如图所示（2 分）左（1 分）学科网（北京）股份有限公司 （2）()00 xRRRIR+（2 分）00kRRR+（2 分）（3）偏小（2 分）【解析】（2）由欧姆定律可得xxUIR=，由并联电阻的电流的分配规律可得0AxRIIIR=+，综合可得UI图像的关系式为()0A0 xRRRUIR+=；若图像的斜率为k，则有00AxkRRRR=+；（3）由于电压表的分流作用，则待测电阻xR的电流测量值偏大，则xR测量值偏小 14【答案】（1）202Uqvm+（2）02mv dUq【解析】（1）由类平抛运动的规律可得220.25yUqdvdm=（2 分）解得2yUqvm=（1 分）粒子从两板间离开时
25、的速度大小为222002yUqvvvvm=+=+（2 分）（其他合理方法得出正确结果也可得分）（2）粒子的运动时间为2mtdUq=（1 分）学科网（北京）股份有限公司 则金属板的长度为002mlv tv dUq=（2 分）15【答案】（1）90 （2）02mv （3）003mvB q【解析】（1）当磁感应强度的大小为02B，粒子圆周运动的周期为10022mmTB qB q=（1 分）结合032mTB q=（1 分）可得1146TT=（1 分）圆周运动的半径为0102mvrB q=，粒子转过的角度90=（1 分）（2）当磁感应强度的大小为0B，粒子圆周运动的周期为 202 mTB q=（1 分）
26、结合032mTB q=（1 分）可得2143TT=（1 分）圆周运动的半径为020mvrB q=（1 分）即0 2T时间内粒子速度大小不变，方向转过180，洛伦兹力对粒子的冲量大小02Imvmv=（1 分）（3）由左手定则结合图乙以及粒子运动轨迹的对称性综合分析可得T时刻，粒子距a点的距离为 0121203mvdrrrrB q=+=（1 分）16【答案】（1）4m/s（2）0.4s（3）1m/s（4）5.2s【解析】（1）设物块b运动到B点时速度大小为1v，根据机械能守恒有 211(12mgRmv=分）解得14m/sv=（1 分）学科网（北京）股份有限公司（2）设物块b在传送带上一直做减速运动
27、，当滑到C点时的速度大小为2v，根据动能定理 22211122mgLmvmv=（1 分）解得202m/svv=（1 分）假设成立，则物块b第一次在传送带上运动的时间为1t，根据动量定理 121mgtmvmv=（1 分）解得10.4st=（1 分）（用其他合理方法解答同样得分）（3）设碰撞后一瞬间，物块a、b的速度大小分别为3v、4v 根据动量守恒有243mvmvMv=+（1 分）根据能量守恒有222243111222mvmvMv=+（1 分）解得34211m/s2vvv=（1 分）物块b以速度4v向左滑上传送带，物块与传送带相对滑动时加速度大小 25m/sag=（1 分）设物块不能滑过传送带，
28、则物块在传送带上向左运动的最大距离2140.1m2vxa=（1 分）1xL，假设成立 由于40vv，两物块第二次发生碰撞前一瞬间，物块b的速度大小为1m/s（1 分）（4）设第二次碰撞后一瞬间，a、b的速度大小分别为5v、6v 根据动量守恒有3456MvmvMvmv=+（1 分）根据能量守恒有2222345611112222MvmvMvmv+=+（1 分）解得50v=，62m/sv=（1 分）第二次碰撞后，物块b以速度6v，滑上传送带，同样由于2620.4m2vxLa=且602m/svv=（1 分）第三次与a碰撞前的速度大小仍为2m/s 学科网（北京）股份有限公司 物块b第二次在传送带上运动的时间4220.4svta=第三次在传送带上运动的时间6320.8svta=（1 分）根据运动的周期性，从第一次碰撞结束到发生第十次碰撞这段时间内，物块b在传送带上运动的总时间为23545.2sttt=+=（1 分）