《2024届湖北黄冈高三上学期模拟测试(一)物理试卷含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届湖北黄冈高三上学期模拟测试(一)物理试卷含答案.pdf（28页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、第1页/共8页 学科网（北京）股份有限公司黄冈八模黄冈八模 2024 届高三物理模拟测试卷（一）届高三物理模拟测试卷（一）命题：黄冈市本试卷满分命题：黄冈市本试卷满分 100 分，考试时间分，考试时间 75 分钟。分钟。一、单项选择题：本题共一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2021年 4月，中国科学院近代物理研究所研究团队首次合成新核素铀（21492U），并在重核区首次发现强的质子-中子相互作用导致 粒子形成的概率显著增强的现象，这有
2、助于促进对原子核 衰变过程中 粒子预形成物理机制的理解。以下说法正确的是（）A.铀核（21492U）发生核反应方程为214421092290UHeTh+是核裂变反应B.21492U与21090Th的质量差等于衰变的质量亏损 C.产生的新核从高能级向低能级跃迁时，将发射出射线D.新核21090Th的结合能大于铀核（21492U）的结合能 2.如图所示，一条质量为 1kg 的均匀柔软绳索置于光滑水平桌面上，开始有一小段垂在桌边，使它从静止开始运动。重力加速度210m/s=g，在运动过程中，绳的转折处 O 点的最大张力是（）A.2.5NB.5NC.10ND.7.5N3.现要测量一玻璃圆盘的折射率，但
3、是由于手边没有角度测量工具，一同学想到用表盘辅助测量。使一束单色光从 11点处水平射入，发现从 7 点处水平射出，则玻璃折射率 n为（）第2页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 A.1.5 B.2 C.2 D.3 4.金星的半径是地球半径的95%，质量是地球质量的82%。已知地球的公转周期为T，地球的第一宇宙速度为1v，地球表面重力加速度为g，则（）A.金星的公转周期为3195T B.金星的第一宇宙速度为18295v C.金星表面重力加速度为8295g D.金星对地球引力是地球对金星引力的0.82倍 5.某款质量1000kgm=汽车沿平直公路从静止开始做直线运动，其vt图像如图所示。汽车在1
4、0 t时间内做匀加速直线运动，1 50st内汽车保持额定功率不变，50s 70s内汽车做匀速直线运动，最大速度m40m/sv=，汽车从70s末开始关闭动力减速滑行，2t时刻停止运动。已知，110st=，汽车的额定功率为80kW，整个过程中汽车受到的阻力大小不变。下列说法正确的是（）A.1t时刻瞬时速度10m/s B.汽车在1 50st内通过的距离1300mx=C.2t为80s D.阻力大小为1000N 6.如图所示，半径为 R 的光滑绝缘圆环固定在竖直面内，圆环上 A、B、C三点构成正三角形，AD、BE 为的的 第3页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 圆环直径，且 AD 水平。甲、乙两小球
5、带有等量异种电荷，将带正电荷的小球甲固定在 A 点处，另一带负电小球乙恰好能静止在 B点处（甲、乙均可视为质点），已知小球乙的质量为 m，重力加速度为 g，则下列说法正确的是（）A.在甲、乙形成的电场中，D、E 两点的电场强度相同 B.在甲、乙形成的电场中，C 点电势等于 D点电势 C.乙受到大圆环的弹力3Fmg=D.将乙放在 C点也恰好可静止不动 7.在同一均匀介质中，分别位于6mx=和12mx=处的两个波源M和N，沿y轴振动，形成了两列相向传播的简谐横波a和b。0=t时刻a和b分别传播到2mx=和8mx=处，波形如图所示，10st=时两列波恰好第一次相遇，则下列说法正确的是（）A.a与b相
6、迎后会出现干涉现象 B.质点P开始振动时沿y轴负方向运动 C.a与b的频率之比为2:3 D.14st=时，4mx=处质点的位移为10cm 二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题小题，每小题 5 分，共分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，有多分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得项符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。8.如图所示电路中，11R=，232RR=，电源电动势 E=3V，内阻1.5r=。电流表示数为 I，电压表示数为 U。在滑动变阻器的滑动触头 P从 a
7、 滑到 b的过程中，电表均为理想电表，下列判断正确的是（）第4页/共8页 学科网（北京）股份有限公司 A.I减小，U减小 B.UI不变，UI不变 C.电源的最大输出功率为 1.5W D.1R获得的最大功率为 1.5W 9.如图所示，水平地面上静止放置着三个完全相同的砖块 A、B、C，质量均为 mA、B之间和 B、C之间的动摩擦因数均为。用两根长度相同的轻绳分别连接砖块 A 与砖块 C，并将两根轻绳系于 O点，现将一个竖直向上的力 F作用于 O 点，不考虑砖块的转动，最大静摩擦力约等于滑动摩擦力。则下列说法正确的是（）A.若在F作用下三个砖块保持相对静止的一起向上运动，则三个砖块的加速度为3Fm
8、 B.若39，则无论F多大，砖块 A、B、C都将保持相对静止 C.若33=，且3Fmg，则砖块 A、B之间摩擦力为16F D.若310=，且3Fmg，则砖块 A、B之间的摩擦力为320F 10.在水平面内以 O点为坐标原点建立平面直角坐标系 xOy，第一象限中有一矩形挡板 OABC，其中3OAa=，OCa=，在空间内存在如图所示的匀强磁场，方向垂直纸面向里，大小为 B，其中第三象限边界为 BO 的延长线，O点为一粒子源，可向 OB 反向延长线至垂直于 BO方向的 90夹角范围内发射大量带电粒子，带电粒子电荷量为 q（q，则无论F多大，砖块 A、B、C都将保持相对静止 C.若33=，且3Fmg，
9、则砖块 A、B之间的摩擦力为16F D.若310=，且3Fmg，则砖块 A、B之间的摩擦力为320F【答案】BCD【解析】【详解】A若在 F作用下三个砖块保持相对静止的一起向上运动，对 A、B、C 整体分析，有 33Fmgma=得 3Fagm=故 A 错误；B设 3 个砖块刚好相对静止一起加速向上运动，此时 A、B 和 B、C 之间的摩擦力均为最大静摩擦力，对B受力分析，竖直方向根据牛顿第二定律 2 fmgma=又 fN=水平方向 cos30NF=得 39=易得当39时，A、B和 B、C之间的摩擦力为静摩擦力，无论 F多大，砖块 A、B、C都将保持相对静止，故 B 正确；C若3339=，且3F
10、mg，A、B和 B、C之间的摩擦力为静摩擦力，砖块 A、B、C 保持相对静 第11页/共20页 学科网（北京）股份有限公司 止向上匀加速运动，对 B，有 2 fmgma=得 16fF=故 C 正确；D若33109=，砖块 A、B、C发生相对滑动，得 320fNF=故 D 正确。故选 BCD。10.在水平面内以 O点为坐标原点建立平面直角坐标系 xOy，第一象限中有一矩形挡板 OABC，其中3OAa=，OCa=，在空间内存在如图所示的匀强磁场，方向垂直纸面向里，大小为 B，其中第三象限边界为 BO 的延长线，O点为一粒子源，可向 OB 反向延长线至垂直于 BO方向的 90夹角范围内发射大量带电粒
11、子，带电粒子电荷量为 q（q 粒子不可能打到 OA板中点，也不能打到 BC挡板上（除 B、C 两点），故 A正确，B错误；CD根据几何关系可得，打在 AB 板上圆弧轨迹对应的圆心角为 180240 根据时间计算公式 2360360mtTqB=可知打在 AB 板上的时间为 43mmtBqBq D错误，同理，打在 OA上时，对应的圆心角 240300 打在 OA 板的时间为 4533mmtBqBq C正确。故选 AC。三、非选择题：本题共三、非选择题：本题共 5 小题，共小题，共 57 分。分。第13页/共20页 学科网（北京）股份有限公司 11.实验小组利用光电门和数字传感设备设计了一个测量当地
12、重力加速度的集成框架，如图甲所示，框架上装有两个光电门，都可上下移动；框架的竖直部分贴有长度有限的刻度尺，零刻度线在上端，只能直接读出光电门 1到零刻度线的距离 x1；框架水平部分安装了电磁铁，将质量为 m的小铁球吸住，小球刚好处于零刻度线位置。一断电，小铁球就由静止释放，先后经过两个光电门时，与光电门连接的数字传感器即可测算出速度大小 v1和 v2.多次改变光电门 1的位置，得到多组 x1、v1和 v2的数据建立如图乙所示的坐标系并描点连线，得出纵截距和横截距分别为 a，b。（1）需要提前向数字传感器输入小球直径 d，当小铁球经过光电门时，光电门记录下小球经过光电门的时间 t，测算出的速度
13、v=_；（2）当地的重力加速度为_（用 a和 b 表示）。（3）若选择刻度尺的 0 刻度所在高度为零势能面，则小铁球经过光电门 2时的机械能表达式为_（用题中的 m、v2，a 和 b 表示）。【答案】.dt .2ab .221122Emvma=【解析】【详解】（1）1由于小铁球通过光电门的时间极短，所以小球通过光电门的瞬时速度会近似等于小球经过光电门的平均速度，所以速度为 dvt=（2）2小铁球从光电门 1到光电门 2 做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动的规律可得()2221212g xxvv=解得 22212122vvgxgx=结合图像可知 的 第14页/共20页 学科网（北京）股份有限公
14、司 22agbxb=（3）3小铁球经过光电门 2时的机械能 22222111222Emvmgxmvma=12.根据人体电阻的大小可以初步判断人体脂肪所占比例。（1）实验小组用多用电表直接粗测人体电阻xR，先把选择开关调至“1k”挡，经欧姆调零后测量人体电阻，指针偏转如图a所示；为了使测量结果更准确，应把选择开关调至_（填“100”或“10k”）挡，经欧姆调零后再次测量，示数如图b所示，则人体电阻为_k。（2）现用另外方案测量人体电阻，实验小组根据已有器材设计了一个实验电路。实验室提供的器材如下：电压表1V（量程5V，内阻150.0kr=），电压表2V（量程3V，内阻230.0kr=），电流表A
15、（量程0.6A，内阻1r=），滑动变阻器R（额定电流1.5A，最大阻值50），电源E（电动势6.0V，内阻不计），开关S，导线若干。请帮助完成下列实验步骤：图 c 中虚线框内缺少了一块电表，应选择_，理由是_。请把实验电路图补充完整；_ 若步骤中所选电表的示数为D，电压表1V的示数为1U，则待测电阻xR=_（用题中所给的物理量符号表达）。【答案】.10k .100 .2V .通过被测电阻的最大可能电流为55 10 A，电流表 第15页/共20页 学科网（北京）股份有限公司 的量程太大，2V可作为量程为41 10 A的电流表使用 .()12UD rD【解析】【详解】（1）1当选择“1k”挡位时，
16、欧姆表指针偏角过小，误差太大，应使之指示在中间，故应选择更高的挡位，重新进行欧姆调零再测量，故选“10k”。2读数为10 10100kk=（2）34第二种方案本质上是伏安法，因人体电阻高达100k，而电源电压6V，流过人体的电流不高于0.06mA，显然所给的电流表量程太大不可用；鉴于电压表2V的内阻已知，故可将电压表2V与人体串联，当作量程为0.1mAgI=电流表使用。5因人体电阻及电压表2V内阻太大而滑动变阻器阻值又太小，故电路应采用分压式接法，电路如图所示 6由串并联关系可知()1212xUD rUDRDDr=13.如图所示为一超重报警装置，其主体是水平地面上的竖直薄壁密闭容器且导热性能良
17、好。容器高0.5mH=、横截面积20.06mS=，底部是深0.1mh=的预警区域，内有一厚度和质量均不计的活塞。活塞通过轻杆连接轻质平台，当活塞进入预警区域时，系统会发出超重预警。平台上未放重物时，内部封闭气柱长度0.4mL=；平台上轻放质量为 M的重物时，活塞最终恰好稳定在预警区域上边界。已知环境温度027=T，大气压强501.0 10 PaP=，不计摩擦阻力，求：第16页/共20页 学科网（北京）股份有限公司（1）重物的质量 M；（2）放上 M 至活塞最终稳定的过程中，密闭气体与外界交换的热量 Q；（3）若环境温度变为3 且外界大气压强不变，为保证放上 M 后活塞最终仍稳定在预警区域上边界
18、，应充装与封闭气体同温同压的气体多少体积？【答案】（1）31.8 10 kgM=；（2）气体对外界放出的热量为37.2 10 J；（3）332.4 10 m【解析】【详解】（1）最终稳定时，封闭气体温度不变，则 01p LSp hS=可得 104pp=又因为 10MgppS=+代入相关已知数据求得 31.8 10 kgM=（2）设外界大气压力和重物对封闭气体做功为W，则 0()()WMgp SLh=+代入数据求得 37.2 10 JW=在（1）问的情况下，封闭气体内能不变（0U=），根据热力学第一定律UQW=+可得，气体对外界放出的热量为 第17页/共20页 学科网（北京）股份有限公司 37.
19、2 10 JQ=（3）外界大气压强不变，所以环境温度变化时，满足 0101VVTT=即 01300K270KVV=解得 100.9VV=所以应充装同温同压的气体体积为 33000.90.12.4 10 mVVVLS=14.如图甲所示，一质量0.5kgM=的物块放在足够大的粗糙水平面上的O点，物块与水平面间的动摩擦因数0.2=.长1ml=的轻质细线上端固定，下端系着一质量0.5kgm=的小球，小球静止时位于O点，小球与物块均视为质点.以O为原点，水平向右为x轴建立坐标.O点右侧空间有一特殊的水平外力场，外力F随位置x的变化关系如图乙所示.现将小球拉至与竖直方向夹角53=的位置，不计空气阻力，重力
20、加速度大小g取210m/s,sin530.8,cos530.6=。求：（1）碰撞后瞬间物块的速度大小；（2）物块第一次运动到1.6mx=时的动能。【答案】（1）22 2m/sv=；（2）0.4JkE=【解析】【详解】（1）设小球运动到 O 点时的速度大小为 v，在小球释放后至运动到 O点的过程中，根据动能定理有 21(1 cos)2mglmv=设碰撞后瞬间小球与物块的速度分别为 v1、v2，取向右为正方向，根据动量守恒定律有 第18页/共20页 学科网（北京）股份有限公司 12mvmvMv=+根据机械能守恒定律有 22212111222mvmvMv=+解得 22 2m/sv=（2）F-x图像与
21、 x轴围成图形的面积表示 F 做的功，则由题图乙可知碰后物块第一次运动到 x=1.6 m过程中水平力做的功0FW=；摩擦力 f做的功为 1.6JfWMgx=由动能定理可得 2212FfkWWEMv+=代入数据解得 0.4JkE=15.如图(a)所示，两根电阻不计的平行长直金属导轨固定在同一水平面内，导轨间距为 L；两根长度均为L、质量均为 m、电阻均为 r 的相同的导体棒 M、N静置于导轨上，两棒相距 x0；整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B。从 t=0开始，给导体棒 M施加一平行于导轨的外力 F，使导体棒 M在0t0内以加速度 a=g 做匀加速运动，导体棒 N在 t0时刻
22、(t0未知)开始运动，F随时间变化的规律如图(b)所示。棒与导轨间的动摩擦因数均为(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)，运动过程中两棒均与导轨接触良好。重力加速度大小为 g。（1）求 t0时刻导体棒 M的速度；（2）求 2t0时刻外力 F 的大小；（3）若 2t0时刻导体棒 M的速度为 v，求此时两棒间的距离。第19页/共20页 学科网（北京）股份有限公司【答案】（1）0222 mgrvB L=；（2）F2=4mg；（3）22202244216mvrm grxxB LB L=+【解析】【详解】（1）导体棒 N 未运动时，电路中的电动势、电流 E=BLv，2Eir=每个导体棒受到的安培力 F安=BiL
23、 导体棒 N 开始运动时，安培力与摩擦力平衡 F安=mg 整理得，此时导体棒 M的速度 0222 mgrvB L=（2）对导体棒 M，t=0 时刻 F0mg=ma t0时刻 F1mgF安=ma 而 1020002FFFFtt=整理得 F2=4mg（3）0t0时间内，导体棒 M 做匀加速运动 v0=at0 可得 0222mrtB L=t0时刻两棒间的距离为 210012xxat=+设 2t0时刻两棒间的距离为 x2，导体棒 N 的速度为 v1，t02t0时间内电路中电流的平均值 为 I。根据动量定理对整体 12001022FFtmgtmvmvmv+=+对导体棒 N 第20页/共20页 学科网（北京）股份有限公司 001BILtmgtmv=此过程中的平均感应电动势 Et=，2EIr=而 21()BL xx=整理得 22202244216mvrm grxxB LB L=+