《海南省北师大万宁附中2020_2021学年高二物理上学期期中试题.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《海南省北师大万宁附中2020_2021学年高二物理上学期期中试题.docx（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、海南省北师大万宁附中2020-2021学年高二物理上学期期中试题（考试时间90分钟 满分100分 ）一、单向选择题（共8题，每题3分，共24分）1下列说法正确的是（）A靠近正点电荷，电场线越密，电场强度越大，靠近负点电荷，电场线越密，电场强度越小B沿电场方向电场强度越来越小C在电场中没画电场线的地方场强为零D电场线虽然是假想的一簇曲线或直线但可以用实验方法模拟出来2两个分别带有电荷量Q和7Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）ABCD3如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点，
2、已知在P、Q连线至某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ，则（）Aq1=2q2Bq1=4q2Cq1=-2q2Dq1=-4q24如图所示为等量的正、负电荷，A、B为两电荷的连线上的两点，C、D为中垂线上的两点则关于电场性质的下列说法正确的是（）A自A至B电场强度先增强后减弱；自C至D先减弱后增强B自A至B电场强度先减弱后增强；自C至D电场强度先增强后减弱C自A至B 电势先降低后增高D自C至D电势一直降低5如图所示，实线表示电场中的三条电场线，虚线表示带电粒子在电场中的运动轨迹，不计重力，下列说法正确的是（）A带电粒子一定是从a沿曲线运动到bB该带电粒子带负电C该带电粒子在a处的电势能大于b处的电
3、势能D该带电粒子在a处的动能小于b处的动能6在电场和重力场都存在的空间中，一带电小球从A点运动到B点，电场力做了10 J的功，重力做了6 J的功，克服阻力做了7 J的功，则此过程中带电小球的（）A机械能增加了10 J，动能减少了7 JB机械能减少了7 J，动能增加了10 JC电势能增加了10 J，动能增加了9 JD电势能减少了10 J，重力势能减少了6 J7一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动vt图像如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是下图中的（）A B C D8图为双量程的电流表电路示意图，其量程分别为010mA和01mA，已知表头内阻r
4、g为200，满偏电流Ig为0.5mA，则有（）A当使用a、c两个端点时，量程为010mA，R2=180B当使用a、b两个端点时，量程为010mA，R1=20C当使用a、c两个端点时，量程为01mA，R1=40D当使用a、c两个端点时，量程为010mA，R2=2000二、 多项选择题（共5题，每题4分，共20分）9某电场的等势面如图所示，下列说法正确的是（）AA、B两点电场强度的方向相同B一个电子在A点和B点具有的电势能相同C将一个电子从A点移动到C点，电势能增加D将一个电子从C点移动到B点，电势能增加10两个电阻R1、R2的伏安特性曲线如图所示，由图可知（）AR1为线性元件，R2为非线性元件B
5、R1的电阻R1tan 451 CR2的电阻随电压的增大而减小D当U1 V时，R2的电阻等于R1的电阻11如图所示，一直流电动机与阻值R=9的电阻串联在电源上，电源电动势E=30V，内阻r=1，用理想电压表测出电动机两端电压U=10V，已知电动机线圈电阻RM=1，则下列说法中正确的是（）A通过电动机的电流为10AB电动机的输入功率为100WC电动机的热功率为4WD电动机的输出功率为16W12如图所示，直线A为电源的UI图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的UI图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为1、2，则( )AP1=P2BP1P2C12
6、D1213如图所示的电路中，当滑动变阻器的触头向上滑动时，则（）A电源内部消耗的功率变大B电容器贮存的电荷量变小C电源的总功率变小D电阻R消耗的电功率变小三、 实验题（本题共2小题，每空2分，共18分）14（8分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率。步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，可知其长度为 cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如上图，由图可知其直径为 mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如上图，则该电阻的阻值约为 。（4）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为
7、。（保留2位有效数字）15（10分）某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A被测干电池一节 B电流表：量程00.6A，内阻约1C电流表：量程03A，内阻约0.1 D电压表：量程03V，内阻未知E电压表：量程015V，内阻未知 F滑动变阻器：010，2AG滑动变阻器：0100，1A H开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻的.(1)在上述器材中请选择适当的器材：_（填写选项前的字母）；(2)实验电路图应选择图中的_（填“甲”或“乙”）；(3)根据实验中电流表和
8、电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图象，则干电池的电动势E=_V，内电阻r=_。（保留两位有效数字）(4)所得内阻的测量值与真实值相比_（填“偏大”、“偏小”或“相等”）四、计算题（共38分）16（10分）如图所示，a、b、c三点处在某一匀强电场中，该电场方向与a、b两点的连线平行，已知ab的长度L1=5 cm，ac 的长度L2=16cm，ab与ac间的夹角= 120。现把带电荷量为 C的点电荷从a点移到b点，电场力做功为J。求:(1)a、b两点间的电势差Uab；(2)把该电荷从a点移到c点，电场力做的功.17（12分）如图所示，带正电的物体质量m=1.0kg，电量q=2.010-4C，物体
9、当作质点处理。物体距离水平绝缘桌面边缘L=2.0m，在水平向右的电场作用下由静止开始运动。物体与水平面间的动摩擦因数=0.10。水平向右的匀强电场充满整个空间，电场强度E=1.0104v/m。桌面距离地面高度h=5.0m。求：(1)物体运动到桌面边缘的速率；(2)物体落地点距离桌面边缘的水平距离？(g=10.0m/s2).18（16分）如图所示，AB为倾角为=37的光滑绝缘斜面，AB长度为，BC为半径的竖直光滑绝缘圆弧面 ，AB与BC在B点相切，C为圆弧面的最低点，在BD左侧加一如图所示的水平匀强电场E1=3103N/C现将一质量为m=410-4kg带电的小物块置于斜面上的A点，带电小物块恰好
10、静止在斜面上从某时刻开始，水平匀强电场的电场强度变为原来的一半，物块开始加速下滑，(sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2)求：（1）带电小物块是正电荷还是负电荷，物块所带电荷量为多少？（2）沿斜面下滑到B点时，物块的瞬时速度为多大？（3）如果在BD右侧存在竖直向上的匀强电场，场强为E2=1.2104N/C，则物块运动到C点时，轨道对小物块的支持力为多大？参考答案1D【解析】【分析】【详解】A靠近正点电荷，电场线越密，电场强度越大，靠近负点电荷，电场线越密，电场强度也越大，A错误；B沿电场方向电场强度不一定越来越小，例如匀强电场，B错误；C在电场中没画电场线的地方场强不一定为
11、零，C错误；D电场线虽然是假想的一簇曲线或直线但可以用实验方法模拟出来，D正确。故选D。2C【解析】【详解】相距为r时，根据库仑定律得：，两小球相互接触后各自带电量变为3Q，此时有A。故A不符合题意。 B。故B不符合题意。 C。故C符合题意。 D。故D不符合题意。3B【解析】【分析】【详解】已知点R处的电场强度为零，可知两点电荷的电性相同根据题述，q1和q2在点R处的电场强度大小相等，方向相反，由真空中点电荷周围的场强公式知，将r1=2r2代入，可得q1=4q2，故B正确ACD错误。故选B。4B【解析】【详解】AB.根据等量异种电荷场强分布特点，连线中点处场强最小，所以从A至B电场强度先减弱后
12、增强，中垂线中点处，场强最大，从C至D电场强度先增强后减弱，A错误B正确CD.等量异种电荷的中垂面是一个等势面，C至D电势不变；连线上电场线从A指向B，沿电场线方向电势逐渐降低，所以A至B 电势一直降低，CD错误5B【解析】【分析】【详解】A电场线的疏密表示电场强度的大小，所以由图可知，a处的电场强度小于b处的电场强度，所以A错误；B根据带电粒子的运动轨迹可知，带电粒子所受电场力方向与电场方向相反，即粒子带负电，所以B正确；C等势面与电场线相互垂直，有图可知，a、b两点在两个不同的等势面上，电场线由a点所在等势面指向b点所在等势面，所以a处的电势高于b处的电势，又粒子带负电，所以该带电粒子在a
13、处的电势能小于b处的电势能，所以C错误；D由于带电粒子在电场中只受电场力，所以电势能与动能之和不变，所以结合C选项可知，该带电粒子在a处的动能大于b处的动能，所以D错误。故选B。6D【解析】【详解】AB根据“功能原理”可知，本题中物体机械能的变化应等于除重力外其它力做的功，所以机械能变化E=W电+W阻=10-7=3J，即机械能增加了3J；根据动能定理可知，物体动能的变化等于合外力做的功，即为EK=WG+W电+W阻=6+10-7=9J，即动能增加了9J，故A、B错误。CD电场力做正功电势能减少，电场力做多少正功电势能减少多少，故电势能减少了10J，重力做了6J的功，重力势能减少了6J，故C错误，
14、D正确。7C【解析】【分析】【详解】AD负电荷受到的电场力与电场强度的方向相反，A、D选项图中，负电荷在A点受到的电场力背离AB方向，负电荷做减速运动，与速度图像不符，AD错误；BC负电荷受到的电场力从A指向B，图像斜率的物理意义为加速度，根据图像可知，负电荷从A到B的过程中加速度越来越大，根据牛顿第二定律可知A点场强小于B点场强，则A处电场线的稀疏程度较大，B错误，C正确。故选C。8B【解析】【分析】【详解】当使用a、c两个端点时，分流电阻阻值大，电流表量程小，为0-1mA，当使用a、b两个端点时，分流电阻阻值小，电流表量程大，为0-10mA，联立解得：R1=20，R2=180，ACD错误B
15、正确9BC【解析】【详解】A根据电场线方向与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知A、B两点的电场强度方向不相同，故A错误；B因为A、B在同一等势面上，所以一个电子在A点和B点具有的电势能相同，故B正确；C将一个电子从A点移动到C点，电场力做功：电场力做负功，故电势能增加，故C正确；D将一个电子从C点移动到B点，电场力做功：电场力做正功，故电势能减少，故D错误。故选BC。10AD【解析】【详解】A由图可知，R1的I-U图象的斜率保持不变，故电阻值保持不变为线性元件；R2的I-U图象的斜率不断变化，故电阻值变化，为非线性元件。故A正确；B根据欧姆定律：，由于横坐标、坐标轴的标度不一定相等，所以不能
16、使用图线的正切值求电阻；故B错误； CI-U图象的斜率表示电阻的倒数，可知R2的电阻随电压的增大而增大，故C错误；D由图可知当U=1V时，R2的电阻等于R1的电阻，都等于2，故D正确；11CD【解析】【详解】A、根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I（r+R）解得：I=，故A错误；B、电动机的输入功率：P入=UI=102=20W电动机的热功率：P热=I2RM=221=4W电动机的输出功率：P出=P-P热=UI-I2RM=102-221=16W故B错误，CD正确；故选：CD。12AC【解析】【详解】由电源的U-I图象读出电动势E=6V，两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态；电源
17、的输出功率分别为：P1=U1I1=42=8W，P2=U2I2=24=8W，故P1=P2，故A正确，B错误；电源的效率：，故12，故C正确，D错误；故选AC.【点睛】本题是对电源和电阻伏安特性曲线的结合，关键明确两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，求出电源的输出功率13AB【解析】【分析】【详解】AB由闭合电路欧姆定律可知，当滑动触头向上滑动时，R总变小，I总增大，U端减小，而R1分压U1增大，所以电容器上的电压减小，由Q=CU可知，电容器带电量减小，电源内部消耗功率P内=r增大，选项AB正确；C电源总功率P总=I总E增大，C错误；D电阻R1消耗的功率
18、增大，R上消耗的功率无法确定，选项D错误。故选AB。【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【解析】试题分析：（1）主尺读数为，游标上第3条刻度线与主尺对齐，读数为，则长度为。（2）螺旋测微器固定刻度读数为，可动刻度读数为，则直径为。（3）电阻的阻值。（4）由电阻定律， ，代入解得。考点：测定金属的电阻率【名师点睛】测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和控制电路两部分设计测量电路要求精确，误差小，可根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表内、外接法控制电路关键是变阻器的分压式接法或限流式接法，在两种方法都能用的情况下，为了减小能耗，选择限流式接法。15ABDFH 乙 1.
19、5 1.0 偏小 【解析】【分析】(1)实验中要能保证安全和准确性选择电表；(2)本实验应采用电流表和电压表结合测量；(3)由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻【详解】(1)干电池的电动势约为1.5V，故为了读数准确，电压表应选择D内阻较小，为了准确测量内阻，选择已知内阻的电流表B； 滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选F再选择H开关、导线若干和A被测干电池一节；故所有器材为ABDFH.(2)因干电池的内阻较小，故采用伏安法的内接接法进行测量可以减小系统误差，实验电路选乙图.(3)由结合U-I图可知，电源的电动势为纵截距E=1.50V；斜率.
20、(4)由于电压表的分流作用，所测电流小于流过电源的电流，电源内阻的测量值小于真实值【点睛】本题考查了测电源电动势与内阻实验，解决本题的关键掌握测量电源电动势和内阻的原理，知道U-I图线的斜率和截距表示的物理意义注意电表不是理解电表，要理解它们内阻所带来的影响16(1)4V (2) 【解析】【详解】(1)由题意结合电场中的电势差概念可得(2)匀强电场的场强方向水平向左17（1）2.0m/s （2） 3.0m 【解析】（1）由动能定理有：，解得：。（2）竖直方向由自由落体有： 水平方向在电场下匀加速直线有：， 解得： 。18（1）负电荷 （2） （3）【解析】【分析】【详解】(1)小物块带负电因为带电小物块静止所受的电场力方向水平向左，与电场方向相反根据平衡条件有：qE1=mgtan37解得：q=110-6C(2)从A运动到B的过程，根据动能定理得：解得：vB=3m/s(3)从B运动到C的过程，根据动能定理得：解得：vC=5m/s在C点，由牛顿第二定律得：解得FN2.6102N