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1、宁夏银川市长庆高级中学2020-2021学年高二物理上学期第二次月考试题（含解析）一、单项选择题（每题里面只有一个答案正确，3分/题，共计36分）1. 如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是( )A. 电阻R1的阻值较大B. 电阻R2的阻值较大C. 电阻R1的发热功率较大D. 电阻R2的发热功率较大【答案】BC【解析】【分析】【详解】AB因为该图象是图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，所以的阻值大于的阻值，故A错误，B正确；CD根据功率的公式，电压相同，电阻大的功率小，所以的发热功率大，故C正确，D错误。故选B
2、C。2. 两个小灯泡，分别标有“4V、4W”和“2V、2W”的字样，则它们均在正常发光时的电阻之比为（）A. 21B. 161C. 12D. 116【答案】A【解析】【分析】【详解】根据电功率的计算式P =代入计算可知“4V、4W”的电阻为4，“2V、2W”的电阻为2，则它们均在正常发光时的电阻之比为2：1。故选A。3. 由于供电电网电压的降低，用电器的功率降低了36，这时供电电网上电压比原来降低了（ ）A. 64B. 36C. 20D. 10【答案】C【解析】【分析】【详解】设用电器的电阻为R，输电线的电阻为r，当电压未降低时，电压为U，则用电器的功率为当电压降低时，电压为，则用电器的功率为
3、解得所以电压减小了0.2倍，即比原来降低了20。故选C。4. 铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A. 电路中每通过1C电荷量，电源把2J的化学能转化为电能B. 蓄电池两极间的电压为2VC. 蓄电池在1s内将2J的化学能转变成电能D. 蓄电池将化学能转变为电能本领比一节干电池（电动势为1.5V）的小【答案】A【解析】【分析】电动势是一个表征电源特征的物理量定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功它是能够克服导体电阻对电流的阻力，使电荷在闭合的导体回路中流动的一种作用常用符号E（有时也可用）表示，单位是伏（
4、V）【详解】铅蓄电池的电动势为2V，表示电路中每通过1C电荷量，电源把2J的化学能转化为电能，选项A正确；蓄电池两极间没有接入外电路时，即电源断路时，电源两极间的电压等于2V；故B错误；电动势是2V，意义是移动1C的正电荷在电源内从负极移到正极，非静电力做功2J，即有2J的化学能转变成电能，不是1s内将2J的化学能转变成电能故C错误电源的电动势是表示电源将其它形式的能转化为电能的本领，铅蓄电池的电动势比一节干电池的电动势大，故D错误；故选A【点睛】解决本题的关键理解电动势的大小反映将其它形式的能转变为电能本领的大小以及电动势是电源非静电力特性决定，与电源的体积无关，与外电路无关5. 如右图所示
5、，电源电动势约为4V，因线路故障，按通K时，灯L1和L2均不亮，用电压表测得Uab=0，Ubc=0，Ucd=4V。由此可知开路处为（）A. 灯L1B. 灯L2C. 变阻器D. 不能确定【答案】C【解析】【分析】【详解】由于Ucd=4V，说明c与电源正极相通，灯L1、灯L2正常，而电压都加在变阻器上，说明电阻器开路，电流无法通过。故选C。6. 一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成6L长的均匀细丝后，切成等长的六段，然后把它们并联在一起，其电阻值为（）A. B. 6RC. D. R【答案】D【解析】【分析】【详解】一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成6L长的均匀细丝后，截面积变为原
6、来的 ，根据 可知，电阻变为原来的36倍，即36R。切成等长的六段，每段电阻为6R，然后把它们并联在一起，其电阻值为每段电阻的，即R。故选D。7. 一个直流电动机所加电压为U，电流为 I，线圈内阻为R，当它正常工作时，下述说法中正确的是（）A. 电动机的输出功率为I2RB. 电动机的发热功率为I2RC. 电动机的功率可写作IU=I2R=D. 电动机的输出功率为IU【答案】B【解析】【分析】【详解】电动机工作时因为有机械能输出，即电动机消耗的电功仅有一部分用于生热，故为非纯电阻电路，此时欧姆定律不适用；但电热计算仍然实用焦耳定律，即热功率为P热=I2R而输入总功率P总=UI此时输出的机械功率，根
7、据能量守恒定律，可得P机=P总P热=IU-I2R故选B。8. 在图电路中，电源的电动势是E，内电阻是r，当滑动变阻器R3的滑动头向右移动时（）A. 电阻R1的功率将减小B. 电阻R2的功率将增大C. 电源的功率将减小D. 电源的效率将减小【答案】C【解析】【分析】【详解】当滑动变阻器R3的滑动头向右移动时，接入电路电阻变大，回路总电阻变大，则总电流减小根据 可知路端电压变大，则电阻R1的电压变大，电流变大，功率将变大，则流过R2的电流减小，电压变小，功率将变小；电源的功率 变小，电源的效率 变大，故选C。9. 如图所示电路中，电压U恒定，电流表内阻可忽略不计，定值电阻与滑动变阻器的全部电阻相等
8、，均为R，当滑动键P从变阻器的下端D一直移到上端C的过程中，电流表示数情况应是 （）A. 先增大后减小B 先减小后增大C. 恒定不变D. 始终减小【答案】B【解析】【分析】【详解】当滑片在D处时，电流表电流当滑片在中点时，并联部分总电阻 并联部分电压为 电流表电流当滑片在C处时，定值电阻被电流表短路，则电流表电流则知电流表示数先减小后增大。故选B。10. 三只阻值相等的电阻连接成图所示的电路，由于某种原因，其中有一只电阻的阻值发生了变化，导致RBCRAB则可能的原因是 （）A. R1增大B. R2增大C. R3减小D. R3增大【答案】B【解析】【分析】【详解】根据串并联电阻阻值的特性，则有
9、对比两式，原来时两等效电阻相等R2 =R1；因RBC RAB，即R2 R1，即应R2增大； 故选B。11. 在图中，A、B两图分别为测灯泡电阻R的电路图，下述说法正确的是（）A. A图的接法叫电流表内接法，B图的接法叫电流表的外接法B. A中R真R测，B中R真R测C. A中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使Rv R，故此法测较大电阻好【答案】B【解析】【分析】【详解】A.A图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法，故A错误；B.A图中测量的电阻实际上是电压表和灯泡并联以后的总电阻，所以R测R真，故B正确；C.A中的误差是由电压表的分流引起的，为了减小误差，当RRA时，电流表所分
10、得的电压可以忽略不计，故采用内接法比较好，故D错误。故选B。12. 如图所示，当滑动变阻器R3的滑动片向左移动时，两电压表示数变化的绝对值分别是 和 ，则下列结论正确的是 （）A. B. 电阻R1的功率先减小后增大C. 电阻R2的功率一定减小D. 电源的输出功率先减小后增大【答案】C【解析】【分析】【详解】A当滑动变阻器R3的滑动片向左移动时，R3变大，总电阻变大，干路电流减小，路端电压变大，R2的电压减小，则知R1的电压增大，即有V1的示数变大，V2的示数变小，路端电压等于V1示数加上V2的示数，即A错误；BV1的示数变大，即通过R1 的电流增大，所以R1的功率变大，B错误；C有上分析知，干
11、路电流减小，所以通过R2的电流减小，则R2的功率减小；C正确；D用结论当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大；当滑片左移动时，总电阻增大，但无法判断外电阻与内阻的关系，所以电源的输出功率无法判断， D错误。故选C。二、多项选择题（每题里面有多个答案正确，4分/题，选不全得2分，共12分）13. 有一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I。设单位长度的导线中有n个自由电子，电子电量为e，此时电子定向移动的速度为v，则在t时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为（）A. B. C. D. 【答案】BC【解析】【分析】【详解】AB在t时间内自由电子定向移动的长度为，单
12、位长度的导线中有n个自由电子，则这么多长度内含有的自由电子数目B正确，A错误；CD根据公式，在t时间内，通过导体横截面自由电子数目C正确，D错误。故选BC。14. 根据欧姆定律，下列说法正确的是（）A. 从R可知，导体的电阻跟加在导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B. 从R可知，对于某一确定的导体，通过的电压越大，说明导体的电阻越大C. 从I可知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D. 从R可知，对于某一确定的导体，所加电压跟通过导体的电流之比是个恒量【答案】CD【解析】【分析】【详解】AB导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故
13、AB错误；C从I可知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故C正确；D导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，导体电阻在数值上等于它两端的电压与通过它的电流之比，由R可知，对于一个确定的导体来说，所加的电压跟通过的电流的比值是一确定值，故D正确。故选CD。15. 如图所示，一直流电动机与阻值R=9 的电阻串联在电源上，电源的电动势E=30 V，内阻r=1 ，闭合开关，用理想电压表测出电动机两端电压U=10 V，已知电动机线圈的电阻RM=1 ，则下列说法中正确的是 A. 通过电动机的电流为10 AB. 电动机的输入功率为20 WC. 电源
14、输出功率为4 WD. 电动机的输出功率为16 W【答案】BD【解析】【分析】【详解】A.根据欧姆定律得回路中电流：故A错误；B.电动机的输入功率为：入故B正确；C.电源的输出功率：出故C错误；D. 电动机的输出功率为：出故D正确三、填空题（3分/空，共计27分）16. 两导线长度之比为21，横截面积之比为34，电阻之比为56，则它们的电阻率之比为_。【答案】516【解析】【分析】【详解】两导线长度之比为21，横截面积之比为34，电阻之比为56，根据电阻定律解得 则电阻率之比为5：1617. 如图所示游标卡尺测量其长度，其长度为_mm。【答案】50.10【解析】【分析】【详解】游标卡尺读数为18
15、. 如图所示用螺旋测微器测量直径，由图可知道直径为_mm。【答案】4.700【解析】【分析】【详解】1直径为:4.5mm+0.01mm20.0=4.700mm19. 有一个未知电阻Rx，用图中左和右两种电路分别对它进行测量，用左图电路测量时，两表读数分别为6V，6mA，用右图电路测量时，两表读数分别为5.9V，10mA，则用_图所示电路测该电阻的阻值误差相对较小，测量值Rx=_ 。【答案】 (1). 左 (2). 【解析】【分析】【详解】12 两次测量电压表示数变化率大小电流表示数变化率大小可见电流表示数变化显著，说明电压分流作用显著，采用电流表内接法误差较小，故左图所示电路测该电阻的阻值误差
16、较小测量值20. 有一小灯泡上标有“6V，0.1A”的字样，现要测量灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A.电压表（05V，内阻2.0 k）B.电压表（010V，内阻3.0 k）C.电流表（00.3A，内阻3.0）D.电流表（06A，内阻1.5）E.滑动变阻器（30，2A）F.学生电源（直流9V）及开关、导线等(1)实验中所用的器材为_（填字母代号）。(2)请在图框中画出实验电路图，要求电压从0开始测量_。【答案】 (1). BCEF (2). 电路图见解析【解析】【分析】【详解】(1)1由题意可知，灯泡的额定电压为6V，为了准确性及安全性原则，电压表应选择B；灯泡的额定电流为0.1A，故电
17、流表应选择C；则实验所需的器材有：BCEF；(2)2测量小灯泡的伏安特性曲线时，要求电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采有分压接法；灯泡内阻约为而电流表内阻约为3，电压表内阻3.0 k，则小灯泡的电阻远小于电压表内阻，故电流表应采用外接法，电路图如图所示：21. 如图所示，图像a是某一蓄电池组的伏安特性曲线，图像b是一定值电阻的伏安特性曲线。将蓄电池组与该定值电阻连成闭合回路，若已知该蓄电池组的内阻为2.0，则这个定值电阻的阻值为_。现有4个这种规格的定值电阻，可任意选取其中的若干个进行组合，作为该蓄电池组的外电路，则所组成的这些外电路中，输出功率最大时是_W。【答案】 (1). 6 (2).
18、 50【解析】【分析】【详解】1图线b的斜率则定值电阻的阻值2 由图读出交点的电压U=15V，电流I=2.5A，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势根据数学知识得到，当外电阻等于电源的内阻时，输出功率最大，取三个相同的并联，则有输出功率的最大值为四、计算题（共计25分，要有必要的文字说明、公式和计算过程）22. 如图所示的电路中，电阻R10 ，当开关S断开时，电压表示数为6 V，当开关S闭合时，电压表示数为5V，则电源的内阻为多少？【答案】2【解析】【分析】【详解】当开关S断开时，电压表示数为6 V，此时电动势为6V，当开关S闭合时，电压表示数为5V，回路电流电源的内阻为23. 在图的电路中，
19、若 R1=4，R3=6，电池内阻r=0.6，电源产生的总功率为40W，效率为94%。求：电池电动势和电阻R2。【答案】E=20V，R2=7【解析】【分析】【详解】电源产生的总功率为40W，效率为94%。内阻上功率为故回路电流输出功率为故路端电压故电动势外电路总电阻为而解得：R2=724. 如图所示电路中，电源电动势E=15V，内电阻 r= 1，R1=R3=10，R2=4，求：(1)当电键K断开时，电源的输出功率为多少？(2)当电键K闭合时，R3消耗功率为多少？【答案】(1)14W；(2)5.625W【解析】【分析】【详解】(1)当断开时，电流表读数为电源输出功率为(2) 当闭合时，和并联后与串
20、联，电路总电阻为通过的电流为两端的电压消耗功率五、附加题25. A、B是水平放置的平行板电容器，当A、B两板直接接到电源两极时，一电子从A板由静止飞到B板时的速度为v0，电源内阻r1，R14，现若按图示连接，当开关S闭合时，电子从A板由静止飞到B板的过程中，通过两板的中点C的速度为v0，当开关S断开时，电子从A板由静止飞向B板经C点时的速度为v0，求R2和R3的阻值。【答案】R210，R310【解析】【分析】【详解】当A、B两板直接接到电源两极时，电子从A运动到B，由动能定理得当开关S闭合时，电子从A运动到C，由动能定理得当开关S断开时，电子从A运动到C，由动能定理得 可得UEUE当开关S断开时，电容器C两端的电压为UC2UE而EUC（R1r）解得R310即当开关S闭合时，电容器C两端的电压为UC2UE而EUC（）（R1r）解得R210