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1、江西省上饶市横峰中学2020-2021学年高二物理下学期第一次月考试题考试时间：90 分钟；命题人：一、选择题（每小题 4 分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，1-7 题只有一个选项是符合题意，8-10 题有 两个或两个以上选项符合题意。）1对下列物理史实的描述正确的是（）A丹麦物理学家奥斯特发现了右手定则B英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象C美国科学家楞次发现左手定则D法国物理学家安培发现了电流的磁效应2下列说法中正确的是（）A一段导体在磁场中运动，导体内必有感应电流 B一段导体在磁场中切割磁感线运动，导体内必有感应电流 C闭合电路中一段导体在磁场中运动，导体内必有感应电流 D闭合
2、电路中有部分导体切割磁感线运动时，电路中也不一定有感应电流3某空间存在着如图所示的足够大的、沿水平方向的匀强磁场。在磁场中 A、B 两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块 A 带正电，物块 B 不带电且表面绝缘。在 t1=0 时刻，水平恒力 F作用在物块 B 上，物块 A、B 由静止开始做加速度相同的运动。在 A、B 一起向左运动的过程中，以下说法正确的是B当 S 闭合待电路稳定后，两灯亮度相同C当 S 突然断开瞬间，a 灯比 b 灯亮些D当 S 突然断开瞬间，b 灯立即熄灭5一个含有理想变压器的电路如图所示，图中 L1、L2 和 L3 是完全相同的三个灯泡，灯泡的额定电 压为 U0，U
3、为正弦交流电源。当开关 S 闭合时，电路中的灯泡均能正常发光。下列说法正确的是（）A理想变压器原、副线圈匝数比为 12B交流电源电压有效值为 2U0C交流电源电压最大值为3U0D若开关 S 断开稳定后，灯泡 L2 变暗6如图所示，总电阻为 R 的金属丝围成的单匝闭合直角三角形 PQM 线圈，P = 30 , PQ = L, QM 边水平.圆形虚线与三角形 PQM 相切于 Q、D 两点，该区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度 B 随时间 t 变化关系为B = B0 + kt ( k 0, B0 0 ) ，则 t = 0 时， PQ 边所受的安培力（）A方向向右，大小为B方向向左，大小为C方
4、向向右，大小为D方向向左，大小为A图乙可以反映 A 所受洛仑兹力大小随时间 t 变化的关系，图中 y 表示洛伦兹力大小B图乙可以反映 A 对 B 的摩擦力大小随时间 t 变化的关系，图中 y 表示摩擦力大小 C图乙可以反映 A 对 B 的压力大小随时间 t 变化的关系，图中 y 表示压力大小 D图乙可以反映 B 对 A 的摩擦力大小随时间 t 变化的关系，图中 y 表示摩擦力大小4如图所示，L 是自感系数很大的理想线圈，a、b 为两只完全相同的小灯泡，R0 是一个定值电阻， 则下列有关说法中正确的是()A当 S 闭合瞬间，a 灯比 b 灯亮7两块水平放置的金属板，板间距离为 d，用导线将两块金
5、属板与一线圈连接，线圈中存在方向 竖直向上、大小变化的磁场，如图所示两板间有一带正电的油滴恰好静止，则磁场的磁感应强度 B 随时间变化的图象是()第 1页 共 6页第 2页 共 6页ABC D8将一质量为 m 的小球从足够高的地方斜向上抛出，不计空气阻力，则小球在落地前（ ）A任意相等的时间内动量的变化都相同 B任意相等的时间内动能的变化都相同 C任意相等的时间内速度的变化都相同 D动量的变化率保持不变9理想变压器原副线圈匝数比为 101，一正弦交流电经变压器对电阻 R 供电电路如图甲所示。 图乙是 R 两端电压 u 随时间 t 变化的图象，R 的阻值为 10。下列说法正确的是（）A交流电的频
6、率为 0.02HzB交流电流表 A 的读数为 2A C电阻 R 上的热功率为 4000WD交流电压表 V 的读数为V10如图所示，足够长的 U 形光滑金属导轨平面与水平面成q角，其中 MN 与 PQ 平行且间距为 L， 导轨平面与磁感应强度为 B 的匀强磁场垂直，导轨电阻不计金属棒 ab 由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直 且接触良好，ab 棒接入电路的电阻为 R，当流过 ab 棒某一横 截面的电荷量为 q 时，棒的速度大小为 v，则金属棒 ab 在这 一过程中（ ）A加速度为B下滑的位移为C产生的焦耳热 D受到的最大安培力二、实验题（11 题每空 3 分，12 题每空 2 分，共
7、15 分）11为测定一电池的电动势和内阻，甲和乙两位同学先后用同一套实验仪器来测量电池的电动势和 内阻，其中 R、Ro 分别是电阻箱和定值电阻，Ro= 2。实验时甲、乙分别设计了如图甲和乙所示 的两个电路，实验记录电阻箱 R 的阻值以及对应电压表的示数 U。据实验记录的数据作出关系图线 丙和丁。(1)可以判断图线丁是利用图 （填“甲”或“乙”）电路进行实验所描出的。(2)依据实验数据绘出的 图线如图所示；则电源电动势 E= V，内阻 r= 。（计算结果均保留两位有效数字）12某同学使用多用电表，某次指针指示的位置如图所示，（1）若选择开关置于欧姆挡“100”，则 所测电阻的阻值为 ；（2）若选
8、择开关置于直流电流 100mA 挡，则所测电流为 mA；（3）若选择开关置于直流电压 50V 挡，则所测电压为 V三、计算题（本题 4 个小题，共 45 分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤， 只写出最后答案的不能得分；有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）。13（10 分）沿水平方向的匀强电场中，有一个带电小球所带电荷量 q4.0106C，质量为 m=3.0g，悬挂在一根绝缘细线上。小球静止时，悬线偏 离竖直方向 37（g=10m/s2）。（1）求匀强电场的电场强度的大小；（2）撤消电场后，细线受到的最大拉力是多少?14（10 分）如图所示，带电荷量为q、质量为 m
9、 的物块从倾角为37的光滑绝缘斜面顶端由 静止开始下滑，磁感应强度为 B 的匀强磁场垂直纸面向外，重力加速度为 g，求物块在斜面上滑行 的最大速度和在斜面上运动的最大位移(斜面足够长，取 sin 370.6，cos 37 0.8)15（13 分）如下图所示，MN、PQ 为足够长的光滑平行导轨，间距 L=0.5m.导轨平面与水平面间 的夹角q= 30，NQ 丄 MN，NQ 间连接有一个 R = 3W 的电阻，有一匀强磁场垂直于导轨平面，磁 感应强度为 B0 = 1T ，将一根质量为 m=0.02kg 的金属棒 ab 紧靠 NQ 放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒的电阻 r = 1W ，其余部
10、分电阻不计，现由静止释放金属棒，金属棒沿导轨向下运动过 程中始终与 NQ 平行，当金属棒滑行至 cd 处时速度大小开始保持不变，cd 距离 NQ 为 s=0.5 m， g=10m/s2。(1)求金属棒达到稳定时的速度是多大； (2)金属棒从静止开始到稳定速度的过程中，电阻 R 上产生的热量是 多少？(3)若将金属棒滑行至 cd 处的时刻记作 t=0,从此时刻起，让磁感应强度逐渐减小，可使金属棒中不 产生感应电流，则 t=1s 时磁感应强度应为多大？16（12 分）如图所示，一质量 M2.0 kg 的长木板 AB 静止在水平面上，木板的左侧固定一半径 R0.60 m 的四分之一圆弧形轨道，轨道末
11、端的切线水平，轨道与木板靠在一起，且末端高度与木 板高度相同。现在将质量 m1.0 kg 的小铁块(可视为质点)从弧形轨道顶端由静止释放，小铁块到 达轨道底端时轨道的支持力为 25 N，最终小铁块和长木板达到共同速度。忽略长木板与地面间的摩 擦。取重力加速度 g10 m/s2。求：(1)小铁块在弧形轨道末端时的速度大小； (2)小铁块在弧形轨道上下滑过程中克服摩擦力所做的功 Wf； (3)小铁块和长木板达到的共同速度 v。高二物理第一次月考答案1B【解析】【详解】A、安培发现了右手定则，用于判断导体棒切割磁感线产生感应电动势的方向；故A错误.B、法拉第发现了电磁感应现象，总结了闭合回路的磁通量
12、发生变化产生感应电流；故B正确；C、楞次发现了楞次定律，用于判定磁通量变化产生的 感应电流方向，故C错误；D、奥斯特发现了电流磁效应，在通电导线周围产生磁场；故D错误；故选B.2D【详解】A如果导体在运动中，导体没有组成闭合回路，或回路中磁通量不发生变化，则没有感应电流；故A错误。B如果没有闭合回路，即使导体在磁场中切割磁感线运动也不会产生感应电流；故B错误。C闭合电路中一段导体沿磁感线运动，则磁通量始终为零不发生变化，回路中不会产生电流；故C错误。D闭合电路中有部分导体切割磁感线运动时，必须使回路中的磁通量发生变化，才能满足产生感应电流的条件；故D正确。故选D。3C【详解】A对整体分析，运用
13、牛顿第二定律得出加速度：，水平方向受到的力不变，则整体的加速度不变。物体由静止做匀加速运动，速度v=at；故洛伦兹力：F=qvB=qBat洛伦兹力大小随时间t变化的应过原点，故A错误。BD物块A对物块B的摩擦力大小以及B对A的摩擦力为f=mAa，所以f随时间t的变化保持不变，故不可能是摩擦力的变化图象，故BD错误。CA受的支持力：N=mAg+qvB=mAg+qBat符合图中所示规律，故C正确；故选C。4C【解析】试题分析：电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小该电路中，灯泡a与线圈L并联，串联电阻后再灯泡b并联S刚闭合瞬间，ab同时亮，由于灯泡
14、a与线圈L并联后串联电阻所以a支路的电阻值大，所以a比b暗，故A错误；电路稳定后，最后a被L短路，所以a最后会熄灭，故B错误；当S闭合足够长时间后再断开，a与L组成自感回路，L产生自感电动势，a逐渐熄灭；b比a多串联了定值电阻，所以a灯比b灯亮些，故C正确D错误5C【详解】A三个灯泡均正常发光，副线圈回路中的电流是原线圈中电流的2倍，因此原副线圈的匝数比为故A错误；B因为副线圈回路两个灯泡的并联，电压为，根据解处原线圈两端的电压为，则交流电源的电压故B错误；C最大值，故C正确；D若断开S，副线圈回路的总电阻变大，输出功率变小，输出电流变小，输入电流变小。灯泡L1两端的电压减小，原线圈两端的电压
15、升高，所以副线圈两端的电压增大，灯泡L2变亮，故D错误。故选C。6A【详解】由楞次定律可知，中感应电流为逆时针方向，边的电流方向由到，由左手定则可知，所受的安培力方向向右；圆形磁场的半径为，则线圈中的感应电流大小为，则边所受安培力，故A正确，BCD错误.7C【解析】试题分析：带正电油滴处于静止，说明感应电动势恒定，在正对金属板之间产生的电场为恒定的匀强电场，电场力与重力平衡即电场力向上，说明上极板为感应电动势的负极，根据电流在电源内部从负极流向正极可以判断感应电流是自上而下的方向，右手判断感应电流的磁场是竖直向上的，根据楞次定律感应电流的磁场总是阻碍原磁场的变化，说明原磁场在减小，根据感应电动
16、势恒定，判断原磁场在均匀减小，选项C对考点：电磁感应 楞次定律8ACD【解析】试题分析：小球斜上抛运动，只受向下的重力作用，故根据动量定理，在任意相等的时间t内动量的变化都为mgt，选项A正确；任意相等的时间内，在竖直方向的位移不同，故重力做功不同，动能的变化不相同，选项B错误；任意相等的时间内速度的变化均为gt，选项C正确；根据动量定理可知，动量的变化率等于合外力，即等于mg，故动量的变化率保持不变，选项D正确；故选ACD考点：动量定理【名师点睛】此题主要考查动量定理的应用；物体合外力的冲量等于物体动量的变化量，也可以说物体所受的合外力等于动量的变化率；物体合外力的功等于动能的变化量9BC【
17、详解】A由图像知交流电的周期为0.02s，所以频率为50Hz，故A错误；BD副线圈电压有效值为故200V为电压表的读数，副线圈的电流为在本题中，电流与匝数成反比，故有即所以交流电流表的读数为2A，故B正确，D错误；C输出功率等于电阻R上的热功率，为故C正确。故选BC。10BD【详解】A.金属棒ab开始做加速运动，速度增大，感应电动势增大，所以感应电流也增大，导致金属棒受到的安培力增大，所以加速度减小，即金属棒做加速度逐渐减小的变加速运动，根据牛顿第二定律，有： 其中：故：故A错误；B.由电量计算公式：可得，下滑的位移大小为：故B正确；C.根据能量守恒定律：产生的焦耳热为：故C错误；D.金属棒a
18、b受到的最大安培力大小为：故D正确；故选BD。11乙 2.9 2.2 【解析】【分析】先观察图丙，发现R=0时，有一定数值，随着R增大，增大，即电压表示数减小，据此判断是哪个图的实验数据描绘出来的；根据给出的斜率，找到U与R的关系，再利用闭合电路欧姆定律列式求出电动势和内阻；【详解】解：(1)先观察图丙，发现R=0时，有一定数值，随着R增大，增大，即电压表示数减小，显然甲图电压表示数会随着R的增大而增大，乙图中电压表示数会随着R的增大而减小，故可以判断图丁中图线是利用图乙的实验数据描绘的；(2)根据乙图电路和闭合电路欧姆定律可得：，化简为：，依据实验数据绘出的图线可得：，解得：，；12(1)1
19、200； （2）55； （3）27.327.6 【解析】【详解】多用电表欧姆档读最上边一排刻度，测量值为：R=12100=1200；选用量程为100mA的电流档测量电流时，应按第二排刻度，选用中间三排示数的第三排数据进行读数比较方便，读数为：I=55mA；选择开关置于直流电压量程50V挡，应按第二排刻度，选用中间三排示数的第二排数据进行读数比较方便，读数为：V=27.5V.故答案为：1200；55；27.5.13（1）9/16104(N/C)（2）4.210-2N【解析】试题分析：对小球受力分析，受到重力、电场力和细线的拉力，根据电场力方向与场强方向的关系判断电性，根据共点力平衡条件和电场力列
20、式求解场强的大小；小球在最低点时对细线的拉力最大，由机械能守恒求出小球在最低点的速度，然后由牛顿第二定律即可求出小球受到的拉力。 （1）对小球受力分析如图所示：根据平衡条件，水平方向：FTsin37o=Eq 竖直方向：FTcos37o=mg 联立解得： (2)从撤消电场，到小球运动到最低点的过程，设细线长度为L根据机械能守恒： 小球运动在最低点时，根据向心力公式： 代入数据解得：FT=4.210-2N 点睛：本题主要考查了在电场力作用下物体的平衡，关键是对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件并通过合成法求解。14最大速度为：;最大位移为：【详解】经分析，物块沿斜面运动过程中加速度不变，但随速度
21、增大，物块所受支持力逐渐减小，最后离开斜面所以，当物块对斜面的压力刚好为零时，物块沿斜面的速度达到最大，同时位移达到最大，即qvmBmgcos 物块沿斜面下滑过程中，由动能定理得 联立解得：15(1)(2)0.0183J(3) 【解析】【详解】(1) 在达到稳定速度前，金属棒的加速度逐渐减小，速度逐渐增大，达到稳定速度时，有 其中 根据法拉第电磁感应定律，有联立解得：(2) 根据能量关系有 电阻R上产生的热量 解得： (3) 当回路中的总磁通量不变时，金属棒中不产生感应电流，此时金属棒将沿导轨做匀加速运动，根据牛顿第二定律，有： 根据位移时间关系公式，有 设t时刻磁感应强度为B，总磁通量不变，有： 当t=1s时，代入数据解得，此时磁感应强度：16(1)3m/s(2)1.5J(3)1.0m/s【解析】【分析】小铁块在弧形轨道末端时，由牛顿第二定律在弧形轨道末端时的速度，求出由动能定理可以求出克服摩擦力的功；小铁块与木板相互作用过程系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出它们的共同速度；解：(1)小铁块在弧形轨道末端时，满足解得： (2)根据动能定理解得： (3)根据动量守恒定律解得：