《新高考物理二轮专项分层特训卷第一部分20分钟选择题专练10.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《新高考物理二轮专项分层特训卷第一部分20分钟选择题专练10.docx（6页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、20分钟选择题专练(10)12021全国乙卷，14如图，光滑水平地面上有一小车，一轻弹簧的一端与车厢的挡板相连，另一端与滑块相连，滑块与车厢的水平底板间有摩擦用力向右推动车厢使弹簧压缩，撤去推力时滑块在车厢底板上有相对滑动在地面参考系(可视为惯性系)中，从撤去推力开始，小车、弹簧和滑块组成的系统()A动量守恒，机械能守恒B动量守恒，机械能不守恒C动量不守恒，机械能守恒D动量不守恒，机械能不守恒2.如图所示，半圆ABC是由一条光滑的杆弯曲而成的，带有小孔的小球穿在杆上，在水平拉力F的作用下小球由半圆最低点B开始缓慢升高，此过程中半圆ABC竖直固定不动，A、C连线水平，在小球缓慢上升的过程中，有关
2、水平拉力F、杆对小球的作用力FN的变化情况，下列说法正确的是()AF保持不变 BF逐渐变小CFN逐渐变大 DFN逐渐变小3.紫外光电管是利用光电效应原理对油库等重要场所进行火灾报警的装置，其工作电路如图所示，其中A为阳极，K为阴极，只有当明火中的紫外线照射到K极时，电压表才有示数且启动报警装置已知太阳光中的紫外线频率主要在7.51014 Hz9.51014 Hz，而明火中的紫外线频率主要在1.11015 Hz1.51015 Hz，下列说法正确的是()A为避免太阳光中紫外线干扰，K极材料的截止频率应大于1.51015 HzB只有明火照射到K极的时间足够长，电压表才会有示数C电源左边接正极有利于提
3、高报警装置的灵敏度D可以通过图中电压表示数变化监测火情的变化42021浙江6月，6某书中有如图所示的图，用来表示横截面是“”形导体右侧的电场线和等势面，其中a、b是同一条实线上的两点，c是另一条实线上的一点，d是导体尖角右侧表面附近的一点下列说法正确的是()A实线表示电场线B离d点最近的导体表面电荷密度最大C“”形导体右侧表面附近电场强度方向均相同D电荷从a点到c点再到b点电场力做功一定为零52021广东卷，4由于高度限制，车库出入口采用如图所示的曲杆道闸道闸由转动杆OP与横杆PQ链接而成，P、Q为横杆的两个端点在道闸抬起过程中，杆PQ始终保持水平杆OP绕O点从与水平方向成30匀速转动到60的
4、过程中，下列说法正确的是()A.P点的线速度大小不变BP点的加速度方向不变CQ点在竖直方向做匀速运动DQ点在水平方向做匀速运动6(多选)在匀强磁场中有粗细均匀的同种导线制成的等边三角形线框abc，磁场方向垂直于线框平面，ac两点间接一直流电源，电流方向如图所示则()A导线ab受到的安培力小于导线ac受到的安培力B导线abc受到的安培力大于导线ac受到的安培力C线框受到安培力的合力为零D线框受到安培力的合力方向垂直于ac向下7(多选)2021山东卷，9输电能耗演示电路如图所示左侧变压器原、副线圈匝数比为13，输入电压有效值为7.5 V的正弦交流电连接两理想变压器的导线总电阻为r，负载R的阻值为1
5、0 .开关S接1时，右侧变压器原、副线圈匝数比为21，R上的功率为10 W；接2时，匝数比为12，R上的功率为P.以下判断正确的是()Ar 10 Br5 CP45 W DP22.5 W8(多选)2021深圳市调研如图所示，水平面上足够长的光滑平行金属导轨，左侧接定值电阻，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中金属杆MN以某一初速度沿导轨向右滑行，且与导轨接触良好，导轨电阻不计则金属杆在运动过程中，速度大小v、流过的电量q与时间t或位移x的关系图象正确的有()20分钟选择题专练（10）1答案：B解析：撤去推力后，小车、弹簧和滑块组成的系统所受合外力为零，满足系统动量守恒的条件，故系统动量守恒；由于撤去
6、推力时滑块在车厢底板上有相对滑动，存在摩擦力做功的情况，故系统机械能不守恒，所以选项B正确2答案：C解析：小球受到重力、杆的弹力、水平拉力作用，F与FN的变化情况如图所示，由图可知，在小球向上移动的过程中，FN与竖直方向的夹角变大，F逐渐变大，FN逐渐变大，故选项C正确3答案：D解析：本题通过火灾报警装置考查截止频率、光电管、欧姆定律太阳光中的紫外线频率主要在7.51014 Hz9.51014 Hz，为避免太阳光中的紫外线干扰，K极材料的截止频率应大于9.51014 Hz，A错误；只要明火中的紫外线照射到K极，就会发生光电效应，B错误；电源左边接正极时，光电管上被施加反向电压，发生光电效应时到
7、达阳极的光电子数减少，因此会降低报警装置的灵敏度，C错误；明火中紫外线的强度越大，产生的光电流越大，由欧姆定律知，电压表的示数越大，故可用电压表示数变化监测火情的变化，故D正确4答案：D解析：金属板电场线应从金属板出发或是指向金属板，故实线应为等势面而非电场线，A错误；等势面越密的地方电场强度越大，导体周围的电场强度与导体表面电荷密度成正比，d点附近等势面最稀疏，电场强度最小，则导体表面电荷密度最小，B错误；电场线与等势面垂直，故“”形导体右侧表面附近电场强度方向均不同，C错误；a、b是同一等势面上两点，故电荷从a点到c点再到b点的过程中电场力做功一定为零，D正确5答案：A解析：由于杆OP匀速
8、转动，P点到圆心的距离不变，故P点的线速度大小不变，A正确；P点的加速度为向心加速度，始终指向圆心，方向时刻变化，B错误；设OPl1，PQl2，可知Q点到O点所在水平线的距离yl1sin （30t），故Q点在竖直方向的运动不是匀速运动，C错误；Q点到O点的水平距离xl2l1cos （30t），故Q点在水平方向的运动也不是匀速运动，D错误6答案：AD解析：等效电路如图所示，由于导线abc与ac长度不同，ac中的电流I1大于abc中的电流I2，则导线ab受到的安培力小于导线ac受到的安培力，故A正确；导线abc的有效长度等于ac的长度，FabcBI2L，FacBI1L，又I2I1，故FabcFac
9、，B错误；根据左手定则可知，线框abc受到的安培力的合力FFabcFacB（I1I2）LBIL，方向垂直于ac向下，故C错误，D正确7答案：BD解析：左侧变压器副线圈上的电压U237.5 V22.5 V，当开关S接1时，电阻R上的电压，即右侧变压器的副线圈上的电压U410 V，电流I41 A，则右侧变压器原线圈上的电压U310 V20 V，电流I31 A0.5 A，则r5 ，B项正确；当开关S接2时，设导线上的输电电流为I，则右侧变压器副线圈上的电流为0.5I，由右侧变压器原、副线圈上的电压关系可知，解得I3 A，则R上的功率P（0.5I）2R22.5 W，D项正确8答案：ABD解析：设导轨宽度为L、金属杆的质量为m、电阻为r.对金属杆根据牛顿第二定律可得：BILma，则有：a，所以加速度随着速度的减小而减小，根据vv0at可知v t图象的斜率减小，A正确；由动量定理BLtmv，又tx，代入解得：xmv，速度随位移x均匀变化，可知v x图象为一条倾斜的直线，B正确；取初速度方向为正方向，根据动量定理可得：BLtmv0mv，解得：qtt由于加速度逐渐减小，则q t图象的斜率减小，C错误；根据电荷量的计算公式可得：qttx，所以q x图象是一条倾斜的直线，D正确