《2024届高考数学(北师大版)一轮复习试题-第十一章 计数原理、概率、随机变量及其分布课时规范练53 离散型随机变量的分布列、均值与方差.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届高考数学(北师大版)一轮复习试题-第十一章 计数原理、概率、随机变量及其分布课时规范练53 离散型随机变量的分布列、均值与方差.docx（8页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、课时规范练53离散型随机变量的分布列、均值与方差基础巩固组1.一串钥匙有5把,只有一把能打开锁,依次试验,打不开的扔掉,直到找到能开锁的钥匙为止,则试验次数的最大值为()A.5B.2C.3D.42.设随机变量X的分布列如下,则P(|X-2|=1)=()X1234P1614m13A.712B.12C.512D.163.设随机变量X的分布列如下:X0123P0.1a0.30.4则方差DX=()A.0B.1C.2D.34.设离散型随机变量X可能的取值为1,2,3,4,P(X=k)=ak+b,又X的数学期望为EX=3,则a+b=()A.110B.0C.-110D.155.已知随机变量的分布列如表:X0
2、12P0.2ab若EX=1,则DX=()A.0.1B.0.2C.0.4D.0.66.设随机变量的分布列为P=k5=ak(k=1,2,3,4,5),则下列结论错误的是()A.15a=1B.P(0.50.8)=0.2C.P(0.10.5)=0.2D.P(=1)=0.37.已知随机变量的分布列如表,则x=.012Px2x148.已知X的分布列如表,设Y=2X+1,则Y的数学期望EY的值是.X-101P1216a综合提升组9.已知排球发球考试规则:每位考生最多可发球三次,若发球成功,则停止发球,否则一直发到3次结束为止.某考生一次发球成功的概率为p(0p1.75,则p的取值范围为()A.0,12B.0
3、,712C.12,1D.712,110.袋内有形状、大小完全相同的2个黑球和3个白球,从中不放回地每次任取1个小球,直至取到白球后停止取球,则下列说法正确的是()A.抽取2次后停止取球的概率为35B.停止取球时,取出的白球个数不少于黑球的概率为310C.取球次数的期望为2D.取球次数的方差为92011.已知随机变量的分布列是-101P121-p2p2随机变量的分布列是123P121-p2p2则当p在(0,1)内增大时,下列选项中正确的是()A.E=EB.D=DC.E减小D.D先增大后减小12.已知随机变量X的分布列为X012Pa2ab已知a0,b0,当DX最大时,EX=.13.对某种型号的仪器
4、进行质量检测,每台仪器最多可检测3次,一旦发现问题,则停止检测,否则一直检测到3次为止,设该仪器一次检测出现问题的概率为0.2,则检测2次停止的概率为;设检测次数为X,则X的数学期望为.14.已知某盒子中共有6个小球,编号为1号至6号,其中有3个红球、2个黄球和1个绿球,这些球除颜色和编号外完全相同.(1)若从盒中一次随机取出3个球,求取出的3个球中恰有2个颜色相同的概率;(2)若从盒中逐一取球,每次取后立即放回,共取4次,求恰有3次取到黄球的概率;(3)若从盒中逐一取球,每次取后不放回,记取完黄球所需次数为X,求随机变量X的分布列及数学期望EX.创新应用组15.甲、乙两家外卖公司,其送餐员的
5、日工资方案如下:甲公司,底薪80元,每单送餐员抽成4元;乙公司,无底薪,40单以内(含40单)的部分送餐员每单抽成6元,超出40单的部分送餐员每单抽成7元.假设同一公司的送餐员一天的送餐单数相同,现从这两家公司各随机选取一名送餐员,并分别记录其50天的送餐单数,得到如下频数表:甲公司送餐员送餐单数频数表送餐单数3839404142天数101510105乙公司送餐员送餐单数频数表送餐单数3839404142天数51010205(1)现从记录甲公司送餐员的50天送餐单数中随机抽取3天的送餐单数,求这3天送餐单数都不小于40的概率.(2)若将频率视为概率,回答下列两个问题:记乙公司送餐员日工资为X(
6、单位:元),求X的分布列和数学期望EX;小王打算到甲、乙两家公司中的一家应聘送餐员,如果仅从日平均工资的角度考虑,请利用所学的统计学知识为小王作出选择,并说明理由.课时规范练53离散型随机变量的分布列、均值与方差1.D解析: 由于不能打开的钥匙会扔掉,故扔掉4把打不开的钥匙后,第5把钥匙就是能开锁的钥匙,的最大值为4,故选D.2.C解析: 由16+14+m+13=1,得m=14,所以P(|X-2|=1)=P(X=1)+P(X=3)=16+14=512.3.B解析: 由题得,a=1-0.1-0.3-0.4=0.2,则EX=10.2+20.3+30.4=2,E(X2)=10.2+40.3+90.4
7、=5,DX=E(X2)-(EX)2=5-4=1,故选B.4.A解析: 依题意可得X的分布列为X1234Pa+b2a+b3a+b4a+b依题意得a+b+2a+b+3a+b+4a+b=1,(a+b)+2(2a+b)+3(3a+b)+4(4a+b)=3,解得a=110,b=0,故a+b=110.故选A.5.C解析: 由分布列的性质,可得0.2+a+b=1,解得a+b=0.8.EX=1,00.2+1a+2b=1,即a+2b=1,联立,解得a=0.6,b=0.2.DX=(0-1)20.2+(1-1)20.6+(2-1)20.2=0.4.故选C.6.D解析: 随机变量的分布列为P=k5=ak(k=1,2,
8、3,4,5),P=15+P=25+P=35+P=45+P(=1)=a+2a+3a+4a+5a=15a=1,解得a=115,故A正确;P(0.50.8)=P=35=3115=0.2,故B正确;P(0.11.75,解得p52或p12,由p(0,1),可得p0,12.故选A.10.D解析: 设取球次数为,可知随机变量的可能取值有1,2,3,则P(=1)=35,P(=2)=2534=310,P(=3)=2514=110.对于A选项,抽取2次后停止取球的概率为P(=2)=310,A选项错误;对于B选项,停止取球时,取出的白球个数不少于黑球的概率为P(=1)+P(=2)=35+310=910,B选项错误;
9、对于C选项,取球次数的期望为E=135+2310+3110=32,C选项错误;对于D选项,取球次数的方差为D=1-32235+2-322310+3-322110=920,D选项正确.故选D.11.B解析: 对于A,=+2,E=E+2,故A错误;对于B,=+2,D=D,故B正确;对于C,E=-12+12p,当p在(0,1)内增大时,E增大,故C错误;对于D,E=12+21-p2+3p2=32+p2,D=-12-p2212+12-p221-p2+32-p22p2=-14(p-2)2+54,当p在(0,1)内增大时,D单调递增,故D错误.故选B.12.54解析: 由题知b=1-3a,EX=2a+2(
10、1-3a)=2-4a,则DX=(4a-2)2a+(4a-1)22a+(4a)2(1-3a)=-16a2+6a.故当a=316时,DX最大,此时EX=54.13.0.162.44解析: 检测2次停止的概率为(1-0.2)0.2=0.16.检测次数X可取1,2,3,P(X=1)=0.2,P(X=2)=0.80.2=0.16,P(X=3)=0.80.80.8+0.80.80.2=0.64,则EX=10.2+20.16+30.64=2.44.14.解(1)从盒中一次随机取出3个球,记取出的3个球中恰有2个颜色相同为事件A,则事件A包含事件“3个球中有2个红球”和事件“3个球中有2个黄球”,由古典概型的
11、概率公式和互斥事件的概率加法公式得P(A)=C32C31+C22C41C63=1320.故取出的2个球颜色相同的概率为1320.(2)盒中逐一取球,取后立即放回,每次取到黄球的概率为13,记“取4次恰有3次黄球”为事件B,则P(B)=C431331-13=881.故取4次恰有3次黄球的概率为881.(3)X的可能取值为2,3,4,5,6,则P(X=2)=A22A62=115,P(X=3)=C21C41A22A63=215,P(X=4)=C21C42A33A64=15,P(X=5)=C21C43A44A65=415,P(X=6)=C21A55A66=13,所以随机变量X的分布列为X23456P1
12、152151541513所以随机变量X的数学期望为EX=2115+3215+415+5415+613=143.15.解(1)记抽取的3天送餐单数都不小于40为事件M,则P(M)=C253C503=23196.(2)设乙公司送餐员的送餐单数为a,当a=38时,X=386=228,当a=39时,X=396=234,当a=40时,X=406=240,当a=41时,X=406+17=247,当a=42时,X=406+27=254.所以X的所有可能取值为228,234,240,247,254.故X的分布列为X228234240247254P110151525110所以EX=228110+23415+24015+24725+254110=241.8.依题意,甲公司送餐员的日平均送餐单数为380.2+390.3+400.2+410.2+420.1=39.7,所以甲公司送餐员的日平均工资为80+439.7=238.8元.由得乙公司送餐员的日平均工资为241.8元.因为238.8241.8,所以推荐小王去乙公司应聘.