《2024届高考数学(北师大版)一轮复习试题-第九章 平面解析几何课时规范练45 直线与圆锥曲线的位置关系.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届高考数学(北师大版)一轮复习试题-第九章 平面解析几何课时规范练45 直线与圆锥曲线的位置关系.docx（10页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、课时规范练45直线与圆锥曲线的位置关系基础巩固组1.已知直线y=kx-k及抛物线y2=2px(p0),则()A.直线与抛物线有一个公共点B.直线与抛物线有两个公共点C.直线与抛物线有一个或两个公共点D.直线与抛物线可能没有公共点2.直线l过点(2,1),且与双曲线x24-y2=1有且只有一个公共点,则这样的不同直线的条数为()A.1B.2C.3D.43.椭圆4x2+9y2=144内有一点P(3,2),则以点P为中点的弦所在直线的斜率为()A.-23B.-32C.-49D.-944.已知椭圆C:x2a2+y2b2=1(ab0)的离心率为32,点M(2,1)在椭圆C上,直线l平行于OM且在y轴上的
2、截距为m,直线l与椭圆C交于A,B两点.下面结论错误的是()A.椭圆C的方程为x28+y22=1B.kOM=12C.-2m0)的焦点为F,点B在抛物线上,点A(-2,2),且FB=OF+2FA(点O为坐标原点).(1)求抛物线C的标准方程;(2)若过点M(2,0)的直线l与抛物线C交于D,E两点,线段DE的中点为N,且|DM|=|EN|,求直线l的方程.综合提升组9.已知双曲线C:x2-y2=1,点O为坐标原点,F为双曲线C的右焦点,过点F的直线与双曲线C的两条渐近线的交点分别为P,Q.若SPOFSQOF=2,且点Q在P,F两点之间,则|PQ|=()A.354B.52C.352D.510.过原
3、点的直线l与双曲线x24-y23=1相交于不同的两点,则直线l的斜率k的取值范围是.11.已知抛物线C:y2=2px(p0)的准线与x轴交于点A,点M(2,p)在抛物线C上.(1)求C的方程;(2)过点M作直线l交抛物线C于另一点N.若AMN的面积为649,求直线l的方程.12.已知椭圆C的方程为x2a2+y2b2=1(ab0),右焦点为F(2,0),且离心率为63.(1)求椭圆C的方程;(2)设M,N是椭圆C上的两点,直线MN与曲线x2+y2=b2(x0)相切.证明:M,N,F三点共线的充要条件是|MN|=3.创新应用组13.已知B1,B2是椭圆x2a2+y2b2=1(ab0)的下、上顶点,
4、P是椭圆上不同于短轴端点的任意一点,点Q与点P关于y轴对称,则下列四个结论正确的是()A.直线PB1与PB2的斜率之积为定值-a2b2B.PB1PB20,解得-2m0,解得|FC|=2,所以动点P的轨迹E是以F,C为焦点的椭圆.设其方程为x2a2+y2b2=1(ab0),则2a=4,2c=2,所以a=2,c=1,b=3,所以动点P的轨迹E的方程为x24+y23=1.(2)设M(x1,y1),N(x2,y2).联立x24+y23=1,y=2x+m,得19x2+16mx+4m2-12=0,所以=256m2-76(4m2-12)0,所以m(-19,19).x1+x2=-16m19,x1x2=4m2-
5、1219.因为|MN|=(1+k2)(x1+x2)2-4x1x2=5256m2361-16m2-4819=123019,所以m=1.8.解(1)设B(x0,y0).因为F0,p2,A(-2,2),所以FB=x0,y0-p2,OF=0,p2,FA=-2,2-p2.因为FB=OF+2FA,所以x0=0+2(-2),y0-p2=p2+22-p2,解得x0=-4,y0=4.因为点B在抛物线上,所以(-4)2=2p4,解得p=2,所以抛物线C的标准方程为x2=4y.(2)由题可知,直线l斜率存在,且点E在点D的上方.设直线l的方程为y=k(x-2)(k0),联立y=k(x-2),x2=4y,得x2-4k
6、x+8k=0,所以=(-4k)2-48k0,解得k2或k0,解得-32k0),当直线MN的斜率不存在时,直线MN:x=1,不合题意.当直线MN的斜率存在时,设M(x1,y1),N(x2,y2).必要性:若M,N,F三点共线,可设直线MN:y=k(x-2),即kx-y-2k=0.由直线MN与曲线x2+y2=1(x0)相切得|2k|k2+1=1,解得k=1.联立y=(x-2),x23+y2=1,得4x2-62x+3=0,所以x1+x2=322,x1x2=34,所以|MN|=1+1(x1+x2)2-4x1x2=3,所以必要性成立;充分性:设直线MN:y=kx+b(kb0)相切得|b|k2+1=1,所
7、以b2=k2+1.联立y=kx+b,x23+y2=1,得(1+3k2)x2+6kbx+3b2-3=0.由题可知1+3k20,0,所以x1+x2=-6kb1+3k2,x1x2=3b2-31+3k2,所以|MN|=1+k2(x1+x2)2-4x1x2=1+k2-6kb1+3k22-43b2-31+3k2=1+k224k21+3k2=3,所以(k2-1)2=0,所以k=1,所以k=1,b=-2或k=-1,b=2,所以直线MN:y=x-2或y=-x+2,所以直线MN过点F(2,0),M,N,F三点共线,充分性成立.综上所述,M,N,F三点共线的充要条件是|MN|=3.13.C解析:设P(x0,y0),
8、x02a2+y02b2=1,则kPB1kPB2=y0+bx0y0-bx0=y02-b2x02=-b2a2,故A错误;点P在圆x2+y2=b2外,x02+y02-b20.又PB1=(-x0,-b-y0),PB2=(-x0,b-y0),PB1PB2=x02+y02-b20,故B错误;当点P在长轴上的顶点A时,B1PB2最小且为锐角.设PB1B2的外接圆半径为r,由正弦定理可得2r=2bsinB1PB22bsinB1AB2=2bsin2OAB2=2b2aba2+b2=a2+b2a,ra2+b22a,PB1B2的外接圆半径的最大值为a2+b22a,故C正确;直线PB1的方程为y+b=y0+bx0x,直线QB2的方程为y-b=y0-b-x0x,两式相乘,得y2-b2=y02-b2-x02x2,即y2b2-x2a2=1.由于点P不与点B1,B2重合,点M的轨迹为双曲线的一部分,故D错误.故选C.