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1、2022年高考真题数学（新高考全国卷II）1. 已知集合，则（）A.B.C.D.知识点：交集绝对值不等式的解法答案：B解析：法一：直接法，故，故选B.法二：排除法把代入集合，可得，不满足，排除A，D；把代入集合，可得，不满足，排除C，故选B.2. （）A.B.C.D.知识点：复数的乘法答案：D解析：，故选D.3. 中国的古建筑不仅是挡风遮雨的住处，更是美学和哲学的体现如图1中国古代建筑中举架结构，是桁，相邻桁的水平距离称为步，垂直距离称为举，图2是某古建筑物的剖面图，是举， 是相等的步，相邻桁的举步之比分别为，若是公差为的等差数列，且直线的斜率为，则（） 图1 图2A.B.C.D.知识点：等差
2、数列的通项公式直线和圆的数学文化问题等差数列的基本量答案：D解析：设，则，依题意，有，且，所以，故，故选D.4. 已知，若，则（）A.B.C.D.知识点：向量坐标与向量的数量积向量的夹角答案：C解析：，即，解得，故选C.5. 有甲乙丙丁戊名同学站成一排参加文艺汇演，若甲不站在两端，丙和丁相邻的不同排列方式有多少种（）A.种B.种C.种D.种知识点：排列的应用分步乘法计数原理排列组合中的特殊元素优先考虑答案：B解析：因为丙丁要在一起，先把丙丁捆绑，看做一个元素，连同乙，戊看成三个元素排列，有种排列方式；为使甲不在两端，必须且只需甲在此三个元素的中间两个位置任选一个位置插入，有种插空方式；注意到丙
3、丁两人的顺序可交换，有种排列方式，故安排这名同学共有：种不同的排列方式，故选B.6. 角满足，则（）A.B.C.D.知识点：三角恒等变换综合应用同角三角函数的商数关系两角和与差的余弦公式两角和与差的正弦公式角的代换答案：D解析：法一：直接法由已知得：，即：，即：，所以，故选D.法二：特例法设，则，取，排除A，C；再取，则，取，排除B；故选D.法三：三角恒等变换所以，即，所以，所以，即，故选D.7. 正三棱台高为，上下底边长分别为和，所有顶点在同一球面上，则球的表面积是（）A.B.C.D.知识点：棱台的结构特征及其性质与球有关的切、接问题球的表面积答案：A解析：由题意，设球的球心为半径为正三棱台
4、的上、下底面分别为均为正三棱台的棱，则都是等边三角形.设的外接圆圆心分别为连接则.连接等边三角形和等边三角形的边长分别为.连接若点在线段上，则即可得矛盾，故点在线段的延长线上.由题意得可得该球的表面积.8. 若函数的定义域为，且，则（）A.B.C.D.知识点：函数奇偶性的应用抽象函数的应用函数的周期性答案：A解析：因为，令可得，所以，令可得，即，所以函数为偶函数，令得，即有，从而可知，故，即，所以函数的一个周期为因为，所以一个周期内的由于除以余，所以故选A9. 函数的图象以中心对称，则（）A.在单调递减B.在有个极值点C.直线是一条对称轴D.直线是一条切线知识点：正弦（型）函数的单调性正弦曲线
5、的对称中心利用导数求曲线的切线方程（斜率）正弦曲线的对称轴导数与极值导数的几何意义答案：A ； D解析：由题意得：所以，即，又，所以时，故对A，当时，由正弦函数图象知在上是单调递减；对B，当时，由正弦函数图象知只有个极值点，由，解得，即为函数的唯一极值点；对C，当时，直线不是对称轴；对D，由得：，解得或，从而得：或，所以函数在点处的切线斜率为，切线方程为：，即故选AD10. 已知为坐标原点，过抛物线的焦点的直线与交于，两点，点在第一象限，点，若，则（）A.直线的斜率为B.C.D.知识点：抛物线的顶点、焦点、准线抛物线的标准方程抛物线的定义直线与抛物线的综合应用答案：A ； C ； D解析：对于
6、A，易得，由可得点在的垂直平分线上，则点横坐标为，代入抛物线可得，则，则直线的斜率为，A正确；对于B，由斜率为可得直线的方程为，联立抛物线方程得，设，则，则，代入抛物线得，解得，则，则，B错误；对于C，由抛物线定义知：，C正确；对于D，则为钝角，又，则为钝角，又，则，D正确故选ACD.11. 如图，四边形为正方形，平面，记三棱锥，的体积分别为，则（）A.B.C.D.知识点：直线与平面垂直的判定定理棱柱、棱锥、棱台的体积分割法求体积答案：C ； D解析：设，因为平面，则连接交于点，连接，易得，又平面，平面，则，又，平面，则平面，又，过作于，易得四边形为矩形，则，则，则，则，则，故A、B错误；C、
7、D正确故选CD .12. 对任意，则（）A.B.C.D.知识点：基本不等式的综合应用基本不等式：时等号成立正弦（型）函数的定义域和值域同角三角函数的平方关系基本不等式链答案：B ； C解析：因为（），由可变形为，解得，当且仅当时，当且仅当时，所以A错误，B正确；由可变形为，解得，当且仅当时取等号，所以C正确；因为变形可得，设，所以，因此，所以当时满足等式，但是不成立，所以D错误故选BC13. 已知随机变量服从正态分布，且，则知识点：正态分布及概率密度函数正态曲线的性质答案：解析：因为，所以，因此故答案为：14. 写出曲线过坐标原点的切线方程：，知识点：利用导数求曲线的切线方程（斜率）答案：；
8、解析：因为，当时，设切点为，由，所以，所以切线方程为，又切线过坐标原点，所以，解得，所以切线方程为，即；当时，设切点为，由，所以，所以切线方程为，又切线过坐标原点，所以，解得，所以切线方程为，即；故答案为：；.15. 已知点，若直线关于的对称直线与圆存在公共点，则实数的取值范围为知识点：点到直线的距离直线中的对称问题直线与圆的方程的应用答案：解析：关于对称的点的坐标为，在直线上，所以所在直线即为直线，所以直线为，即；圆，圆心，半径，依题意圆心到直线的距离，即，解得，即；故答案为：.16. 已知椭圆，直线与椭圆在第一象限交于，两点，与轴，轴分别交于，两点，且，则直线的方程为知识点：直线与椭圆的综
9、合应用圆锥曲线的弦长及中点弦问题答案：解析：令的中点为，因为，所以，设，则，所以，即所以，即，设直线，令得，令得，即，所以，即，解得或（舍去），又，即，解得或（舍去），所以直线，即；故答案为：.17. 已知为等差数列，是公比为的等比数列，且(1) 证明：；(2) 求集合中元素个数知识点：等差数列的通项公式等比数列的通项公式等差、等比数列的综合应用答案：(1) 证明：设等差数列的公差为由得故.由得故将代入上式，整理得得证.(2) 由知由得即即.因为所以由 可得故集合中的元素个数为.解析：(1) 略(2) 略18. 记的三个内角分别为，其对边分别为，分别以为边长的三个正三角形的面积依次为，已知(1
10、) 求的面积；(2) 若，求知识点：余弦定理及其应用正弦定理及其应用三角形的面积（公式）同角三角函数的平方关系答案：(1) 由题意得，则即，由余弦定理得，整理得，则，又，则，则；(2) 由正弦定理得：，则，则，.解析：(1) 先表示出，再由求得结合余弦定理及平方关系求得，再由面积公式求解即可；(2) 由正弦定理得，即可求解.19. 在某地区进行流行病调查，随机调查了名某种疾病患者的年龄，得到如下的样本数据频率分布直方图(1) 估计该地区这种疾病患者的平均年龄（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表）；(2) 估计该地区一人患这种疾病年龄在区间的概率；(3) 已知该地区这种疾病的患病率为，该地区
11、年龄位于区间的人口占该地区总人口的，从该地区任选一人，若此人年龄位于区间，求此人患该种疾病的概率（样本数据中的患者年龄位于各区间的频率作为患者年龄位于该区间的概率，精确到）知识点：互斥事件的概率加法公式用频率估计概率事件的互斥与对立条件概率的应用频率分布表与频率分布直方图条件概率的概念及公式频率分布直方图中的众数、中位数和平均数答案：(1) 平均年龄（岁）(2) 设一人患这种疾病的年龄在区间，所以(3) 设任选一人年龄位于区间，任选一人患这种疾病，则由条件概率公式可得解析：(1) 根据平均值等于各矩形的面积乘以对应区间的中点值的和即可求出；(2) 设一人患这种疾病的年龄在区间，根据对立事件的概
12、率公式即可解出；(3) 根据条件概率公式即可求出20. 如图，是三棱锥的高，是的中点(1) 求证：平面；(2) 若，求二面角的正弦值知识点：直线与平面垂直的性质定理用空间向量研究两个平面所成的角直线与平面平行的判定定理平面与平面平行的性质定理平面与平面平行的判定定理答案：(1) 法一：证明：连接并延长交于点，连接、，因为是三棱锥的高，所以平面，平面，所以、，又，所以，即，所以，又，即，所以，所以，所以，即，所以为的中点，又为的中点，所以，又平面，平面，所以平面.法二：连接，因为是三棱锥的高，所以平面，所以，所以，又，所以，所以，作中点，连接，则有，又，所以，又因为平面，平面，所以平面,又分别为
13、的中点，所以，在中，又因为平面，平面，所以平面，又平面，所以平面平面，又平面，所以平面.(2) 法一：过点作，如图建立平面直角坐标系，因为，所以，又，所以，则，所以，所以，所以，则，设平面的法向量为，则，令，则，所以；设平面的法向量为，则，令，则，所以；所以设二面角的平面角为，由图可知二面角为钝二面角，所以，所以，故二面角的正弦值为.法二：过点作，以为轴，为轴，为轴，建立如图所示的空间直角坐标系.因为，由（1）可知，又，所以，所以，设平面的法向量，所以所以，设，则，所以，设平面的法向量为，所以所以，设，则，所以，所以，设二面角的平面角为，则，所以二面角的正弦值为.解析：(1) 连接并延长交于点
14、，连接、，根据三角形全等得到，再根据直角三角形的性质得到，即可得到为的中点从而得到，即可得证；(2) 过点作，建立平面直角坐标系，利用空间向量法求出二面角的余弦值，再根据同角三角函数的基本关系计算可得；21. 设双曲线的右焦点为，渐近线方程为(1) 求的方程；(2) 过的直线与的两条渐近线分别交于，两点，点在上，且过且斜率为的直线与过且斜率为的直线交于点，请从下面中选取两个作为条件，证明另外一个条件成立：在上；注：若选择不同的组合分别解答，则按第一个解答计分.知识点：双曲线的渐近线直线与双曲线的综合应用双曲线的顶点、长轴、短轴、焦点、焦距双曲线的标准方程答案：(1) 右焦点为，渐近线方程为，的
15、方程为：；(2) 由已知得直线的斜率存在且不为零，直线的斜率不为零，若选由推或选由推：由成立可知直线的斜率存在且不为零；若选推，则为线段的中点，假若直线的斜率不存在，则由双曲线的对称性可知在轴上，即为焦点，此时由对称性可知、关于轴对称，与从而，已知不符；总之，直线的斜率存在且不为零.设直线的斜率为，直线方程为，两渐近线的方程合并为，联立消去并化简整理得：，设，线段中点为，则，设，则条件在上，等价于；则条件等价于，移项并利用平方差公式整理得：，即，即；则条件等价于，由题意知直线的斜率为，直线的斜率为，由，所以直线的斜率，直线，即，代入双曲线的方程，即中，得：，解得的横坐标：，同理：，综上所述：条
16、件在上，等价于；条件等价于；条件等价于；选推:由解得：，成立；选推：由解得：，成立；选推：由解得：，成立.解析：(1) 利用焦点坐标求得的值，利用渐近线方程求得的关系，进而利用的平方关系求得的值，得到双曲线的方程；(2) 先分析得到直线的斜率存在且不为零，设直线的斜率为，由等价分析得到；由直线和的斜率得到直线方程，结合双曲线的方程，两点间距离公式得到直线的斜率，由等价转化为，由在直线上等价于，然后选择两个作为已知条件一个作为结论，进行证明即可.22. 已知函数(1) 当时，讨论的单调性；(2) 当时，求的取值范围；(3) 设，证明：知识点：导数与单调性利用导数求参数的取值范围利用导数证明不等式
17、导数中不等式恒成立与存在性问题对数的运算性质答案：(1) 当时，则，当时，当时，故的减区间为，增区间为.(2) 设，则，又，设，则，若，则，因为为连续不间断函数，故存在，使得，总有，故在为增函数，故，故在为增函数，故，与题设矛盾.若，则，下证：对任意，总有成立，证明：设，故，故在上为减函数，故即成立.由上述不等式有，故总成立，即在上为减函数，所以.当时，有所以在上为减函数，所以.综上，.(3) 取，则，总有成立，令，则，故即对任意的恒成立.所以对任意的，有，整理得到：，故，故不等式成立.解析：(1) 求出，讨论其符号后可得的单调性.(2) 设，求出，先讨论时题设中的不等式不成立，再就结合放缩法讨论符号，最后就结合放缩法讨论的范围后可得参数的取值范围.(3) 由（）可得对任意的恒成立，从而可得对任意的恒成立，结合裂项相消法可证题设中的不等式.总结：(3) 函数参数的不等式的恒成立问题，应该利用导数讨论函数的单调性，注意结合端点处导数的符号合理分类讨论，导数背景下数列不等式的证明，应根据已有的函数不等式合理构建数列不等式.