《2021届吉林省白城四中高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021届吉林省白城四中高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021届吉林省白城四中高考物理模拟试卷一、单 选 题（本大题共5小题，共30.0分）1.在光电效应实验中，如果需要增大光电子的最大初速度，可采用的方法是（）A.增加光照时间B.增大入射光的波长C.增大入射光的强度D.增大入射光频率2.物体在水平拉力作用下做直线运动，运动一段时间撤去，物体又滑行一段距离停下。物体运动的V-t图象如图所示。下列表述正确的是（）3.在03s内,B.C.D.在02s内，在02s内，在03s内,拉力做功比摩擦力做功多摩擦力做功比拉力做功多合外力做负功合外力做功为零下面关于电场线的论述，正确的是（）A.电场线上任意一点的切线方向就是点电荷在该点的运动方向B.电场线上任意
2、一点的切线方向就是正电荷在该点的受力方向C.电场线弯曲的地方是非匀强电场，电场线为直线的地方是匀强电场D.电场线的方向与等势面垂直的电场一定是匀强电场4.在图甲所示电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1,%=200,/?2为定值电阻，C为电容器。己知开关S断开时，通过的正弦交流电如图乙所示，原线圈两端电压保持不变，（）A.B.C.原线圈中交流电周期为0.2s原线圈输入功率为20W闭合开关S后，原线圈中电流增大D.闭合开关S后，%消耗的电功率将变小5.如图所示电路，电源内阻不可忽略，电压表和电流表均视为理想电表。当开关闭合后，滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法 *正确的是（）
3、1一JA.通过电阻R0的电流减小B.电源内电阻上的电压减小C.电流表和电压表的读数均增D.电流表的读数增大，电压表的读数变小二、多 选 题（本大题共5小题，共27.0分）6.一架做飞行表演的飞机，在水平面内做匀速圆周运动.若已知飞机飞行轨迹为半径为3000m,飞行的线速度为150zn/s,可以求出的有（）A.飞机的角速度 B.飞机的向心力C.飞机运动的周期 D.飞机的向心加速度7.如图所示，物体4叠放在物体B上,B置于光滑水平面上,4、8质量分别 为 啊=丁匕6kg、mB=2kg,4、B之间的动摩擦因数=0.2,开始处于静止状态，现 对4施加一个逐渐增加的水平力F,在逐渐增大的过程中，最大静摩
4、擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（）A.当拉力F”、或 =”)改变电阻箱阻值，取得多组数据.为了便于用图象法求解电动势与内阻，需要建立合适的坐标系，纵 坐 标 表 示 ，横坐标表示五、计算题(本大题共3 小题，共 42.0分)13.如图所示，在第口象限内存在电场强度为E、沿y轴负方向的匀强电场；磁感应强度为当、垂直纸面向里的匀强磁场。在复合场中放置一线形、长为2R的带电粒子发生器，它沿婿由正方向不断地发射出速度相同的带正电粒子(已知粒子质量均为小、电荷量均为q),这些粒子能在0 y 0,4 和8 就会相对地面运动，故 A 错误。BD、隔离对B分析，当AB间摩擦力达到最大静摩擦力时，4、B
5、发生相对滑动，根据牛顿第二定律可得：B=/s2=6m/s2再对整体分析，根据牛顿第二定律可得：F=（叫4+6 8）即=8 x 6N=48N所以当拉力达到48N时，4、B才发生相对滑动，故当拉力超过48N时，A、B才开始相对滑动，故 B错误、。正确。C、当F=24N时，二者没有发生相对运动，对整体分析，根据牛顿第二定律可得:a=-=3m/s2,A+mB故 C 正确。故选：CD。隔离对B分析，求出AB发生相对滑动时的临界加速度，再对整体分析，运用牛顿第二定律求出刚好发生相对滑动时的拉力；再整体分析求解加速度大小。本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、
6、进行受力分析、利用牛顿第二定律建立方程进行解答；注意整体法和隔离法的应用。8.答案：BCD解析：解：A、从4 到B的过程中，由运动轨迹上看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电，故 A 错误；8、从4 到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在4 点的电势能比在B点时的电势能多1.5/,故 B 错误；C、从4 到B的过程中，克服重力做功2.0/,电场力做功1.5/,由动能定理可知，粒子在4 点的动能比在B点多0.5/,故 C 错误；。、从4到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电荷的电势能减少，电
7、势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了 1.5/,故。错误。故 选BCD。9.答 案:ABE解析：解：4、电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递，但要引起其它变化，故A正确；8、空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量少于向室外放出的热量，因为电能也部分转化为热能，故8正确；C、根据热力学第二定律，不可能从单一热源吸热全部用来对外做功而不引起其它变化，故C错误；。、对能源的过度消耗将形成能源危机，但自然界的总能量守恒，故力错误；国 根据端增原理可知，能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向
8、性，故E正确；故选：ABE。热量可以从低温物体向高温物体传递，但要引起其它变化，空调机在制冷过程中，电能也部分转化为热能，所以从室内吸收的热量少于向室外放出的热量.本题考查了热力学定律的应用，关键是记住能量守恒定律和热力学第二定律的内容，同时要区分能源和能量的概念.10.答案：ACD解析：解：4、由图乙可得：t=0时刻，质点4在平衡位置，且向上振动；故由图甲可得：波沿x轴负方向传播，故A正确；B、由图甲可得：波长;1 =2 0 m,由图乙可得：周期T=1.2 s,故 波 速 号m/s=m m/s,故8错误：C、根据波沿x轴负方向传播可得：质点P向下振动，Q向上振动，故P经过时间t】=V T =
9、0.5s回到平衡位置，Q经过时间 2 =*T =0.ls回到平衡位置，故质点P比质点Q晚0.4s回到平衡位置，故C正确；。、由C可知：质点Q从t=0到t=0.1s时间内，向平衡位置运动，故质点离平衡位置的距离越来越小，那么，加速度越来越小，故。正确；E、由图乙可知：质点4在t=0和t=0.6s时都在平衡位置，故质点4的位移为零，故E错误；故选：ACDo根据振动图象得到质点振动方向，从而由波形图得到传播方向；根据振动图得到周期，由波形图得到波长，即可求得波速；根据波的传播方向和振动周期，即可根据质点位移得到质点的振动，从而得到位移、时间关系及加速度变化。波长可由波动图得到，周期由振动图或质点振动
10、情况得到，根据质点振动由波动图得到波的传播方向，根据f =:求得波速。1 1 .答案：2使木板适当倾斜解析：解：(1)橡皮筋伸长量按倍数增加时.，功并不简单地按倍数增加，变力功一时无法确切测算。因此我们要设法回避求变力做功的具体数值，可以用一根橡皮筋做功记为W，用两根橡皮筋做功记为2W,用三根橡皮筋做功记为3 W.,从而回避了直接求功的困难。(2)小车运动中会受到阻力，要使拉力等于合力，必须使重力的下滑分量平衡摩擦力，摩擦力包括纸带受到的摩擦和长木板的摩擦；在实验中应如何操作以消除这种影响应使木板适当倾斜。故答案为：(1)2；(2)使木板适当倾斜(1)橡皮筋伸长量按倍数增加时，功并不简单地按倍
11、数增加，变力功一时无法确切测算。因此我们要设法回避求变力做功的具体数值，可以用一根橡皮筋做功记为W,用两根橡皮筋做功记为2勿，用三根橡皮筋做功记为3 W.,从而回避了直接求功的困难。(2)小车受到重力、支持力、摩擦力和细线的拉力，要使拉力等于合力，必须使重力的下滑分量平衡摩擦力，摩擦力包括纸带受到的摩擦和长木板的摩擦；小车受到重力、支持力、摩擦力和细线的拉力，要使拉力等于合力，必须使重力的下滑分量平衡摩擦力，在实验中应如何操作以消除这种影响应使木板适当倾斜。属于基础题目。1 2.答案:；嬴解析：解：由图示电路图可知，电源电动势：小=。+斤=。+(氤+3，得：:91+3+r 1E R+Ro应用图
12、象法处理实验数据，为方便实验数据处理，应以 表示纵轴，王 表示横轴，UK 十此时图线的纵轴截距表示：*1+力所以E其大于E潮，r其大于r测.由可知，应以七表示纵轴，高 表 示 横 轴，故答案为：；;；马公.在应用图象法处理实验数据时，直线最简单、直观，根据闭合电路的欧姆定律求出求出U与R的关系式，然后答题.解决本题的关键：知道运用伏阻法测量电源电动势和内阻的原理，会根据图象测量电源的电动势和内阻，将两个非线性关系的物理量，变成两个线性关系的物理量.F1 3.答案：解：根据q E =q M i知，从a点射入的粒子速度v =.根据几何关系得粒子在圆形磁场区域内的轨道半径为R，由q u B=n i/
13、,得B=署，R qbiH由左手定则知方向垂直久O y平面向外；(2)从任一点P沿x轴正方向进入圆形磁场区域中的粒子做半径为R的匀速圆周运动，其圆心位于P的正下方。”，如图1所示因此粒子进入圆形磁场区域后的圆心的轨迹为如图1所示的虚线半圆，此半圆的圆心在b点所以垂直y轴进入的粒子，通过圆形磁场区域后第一次均通过x轴上b点进入第I V象限，并且沿各个方向的粒子都有，则第二次通过x轴的区域范围为R x R +2R,因口=3=q-qB?qB$2所以区域范围为R x 2 C/D 1 D 2和=9+2R sin9=+器，所以Q点坐标为(十+图,0)。答：(1)第I象限圆形磁场区域内的磁感应强度大小为篝，方
14、向垂直x O y平面向外；(2)通过圆形磁场区域的带电粒子第二次通过X轴的区域范围为R 联立解得：%=1%，v2=v0,答：（1）当弹簧压缩至最短时，弹簧的弹性势能E p为g m诏.（2）必须使4球速度为%，8球速度为历时与挡板发生碰撞.解析：（1）当弹簧压缩至最短时，两球的速度相等，根据系统的动量守恒和机械能守恒列式，即可求出此时弹簧的弹性势能E p.（2）设B球与挡板碰撞时，力 球速度为攻、B球速度为以（均向右），根据动量守恒列式，8球与挡板刚碰后，4球速度为、8球速度为-功（向左），此后弹簧压缩至最短时有共同速度，再由系统的动量守恒和机械能守恒列式，即可得解.本题是含有弹簧的问题，关键要
15、分析物体的运动过程,抓住系统的动量守恒和机械能守恒进行分析，综合性较强.1 5.答案：解：设4B水平时管内气体压强：P i =P 0+多 题意可知：4B内气体做等容变化，由查理定律得：赢=*解 得:T=450/C设48水平时，C D管内水银下降长度为,由玻意耳定律得:对4B中密闭气体得:Pgs=Po+（9-%）6-x）S,解得:4 x A 2 -8/_ 0 x +/_ 0 A 2 =0,解得：x =（l-苧）h所以4内压强为:P=P -0 +（fracl.02-z）,解 得：P=a c sg rf 3 T答：温度需要升高到450 K；管内气体的压强为1 40.解析：由4B内气体做等容变化，故可由查理定律得温度的变化量；设4B水平时，CD管内水银下降长度为X,由玻意耳定律得4 内压强的值；本题考查气体定律与力学平衡的综合运用，解题关键是要利用平衡求出初末状态封闭气体的压强,分析好压强P、体积入温度7三个参量的变化情况，再选择合适的规律解决.