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1、九年级二模参考答案与试题解析选 择 题(共12小题)1.关于声的应用，下列说法不正确的是()A.中医诊病通过“望、闻、问、切”四个途径，其 中“闻”是利用声音来获得身体各方面的信息的B.声波能够传递能量，因此利用声波可以清洗精细机械C.老师在教室里讲课，产生的回声起到了增强原声的作用D.声在工农业生产、医疗、军事等方面有很重要的应用，没有危害【分析】(1)中医中的“望、闻、问、切”四步诊法中，望，指观气色；闻，指听声息；问；指询问症状；切；指摸脉象。(2)声音传播时，可以传递信息和能量。这种特点可以应用在医学上。(3)回声是声波被反射回来形成的，人耳区分开原声和回声的最小时间是0.1s.如果小
2、于 0.1s,原声和回声混合在一起，人耳不能分开。(4)声音对我们人类有很多用处，但也有很多害处，例如长期生活在90dB以上的噪声环境中，听力会受到严重影响。【解答】解：A、中医中的“望、闻、问、切”四步诊法中，望，指观气色；闻，指听声息；问；指询问症状；切；指摸脉象；故其中的“闻”是据声音传递信息的典型应用，故 A 正确，不符合题意；B、声波可以用来清洗钟表等精细的机械，说明声波能传递能量，故 B 正确；不符合题忌；C、在教室里，由于教师说话的地点离墙较近，当教师说话时，声音传到墙壁上反射回来的时间与教师说话的时间几乎是同时的，时间差太短，所以我们的耳朵听不出说话声与回声，因此回声起到了增强
3、原声的作用，故 c 正确；不符合题意；D、声在工农业、医疗、军事等方面有很重要的作用，但长期生活在90dB以上的噪声环境中，听力会受到严重影响。故 D 错误；符合题意。故选：D。【点评】本题考查学生对声音传递能量的特点及其生活中具体应用的掌握情况。此题与实际生活密切联系。要求平时学习时，要多联系生活、多解释，提高分析解决问题的能力。2.“眼睛是心灵的窗户”。在抗击新型冠状病毒期间，戴眼镜的同学佩戴口罩，眼镜片有时会出现起“雾”现象，干扰视线造成了不便，所以同学们一定要保护好视力。关于镜片C.“雾”的产生过程放出热量D.一段时间后，“雾”消失不见了，是升华现象【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华
4、，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。液化放热。【解答】解：A、“雾”是小水滴，属于液体，故 A 错误。B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故 B 错误。C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，液化放热，故 C 正确。D、“雾”消失不见了，是小水滴的汽化现象，故 D 错误。故选：Co【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。3.小 红同学学习了“小孔成像”、“平面镜成像”和“凸透镜成像”的知识后，总结
5、出关于“实像”和“虚像”的一些特点，错误的是（）A.虚像不可以用光屏承接B.实像可以是放大的，也可以是缩小的C.既有等大实像，也有等大虚像D.观察实像时有光进入人眼，观察虚像时没有光进入人眼【分析】（1）实像和虚像的区别：实像是实际光线会聚成的，虚像是实际光线的反向延长线会聚成的；实像可以呈现在光屏上，虚像不能呈现在光屏上。(2)平面镜的成像特点：正立、等大的虚像。(3)凸透镜成像特点：u 2 f时，成倒立、缩小的实像；u=2 f时，成倒立、等大的实像；2 f u f时，成倒立、放大的实像；u f时，成正立、放大的虚像。【解答】解：A、实像可以呈现在光屏上，虚像不能呈现在光屏上，故A正确；B、
6、由凸透镜成像规律可知，实像有放大的、缩小的、等大的，故B正确；C、由凸透镜成像规律可知，u=2 f时，成倒立、等大的实像，由平面镜的成像特点可知，正立、等大的虚像，故C正确；D、虚像是实际光线的反向延长线相交得到的，所以人眼观察到虚像时，也是有光线进入人眼，故D错误。故选：D。【点评】(1)掌握平面镜的成像特点和凸透镜的成像特点。(2)掌握区别实像和虚像的方法。4.小 嘉同学今年初三，为了体育中考他努力练习俯卧撑，某次他一口气做了 2 0个俯卧撑,该过程中他做的功约为()A.2 X 1 02J B.2 X 1 03J C.2 X 1 04J D.2 X 1 05J【分析】首先估测出俯卧撑的高度
7、，再估测出小青的质量，根据公式G=m g求出其体重，最后根据公式W=Gh求出他做的功。【解答】解：小青同学的质量大约是m=5 0 k g,他的体重 G=m g=5 0 k g X 1 0 N/k g=5 0 0 N,俯卧撑的高度h=0.2 m,他做的功：W=G h n=5 0 0 N 义 0.2 m 义 2 0=2 0 0 0 J。故选：B o【点评】对各种物理量的估算：需要凭借生活经验、需要简单的计算；物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一。5 .能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是()A.超导材料可用来制作电饭锅的发热体，且发热效率更高B.
8、手机的芯片使用的材料主要是半导体C.太阳能、核能等新能源都属于可再生能源D.卫星导航是利用超声波来定位导航【分析】（1）超导是在极低温度下，电阻为零，而电饭煲的发热体是由电阻较大的材料制作的；（2）半导体常见的应用有：二极管光敏电阻、热敏电阻、气敏电阻、芯片等；（3）能在短时间内形成的能源属于可再生能源，不能在短时间内形成的能源属于不可再生能源；（4）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。【解答】解：A、超导是在极低温度下，电阻为零，而电饭煲的发热体是由电阻较大的材料制作的，故 A错误；B、手机的芯片使用的材料主要是半导体，故 B 正确；C、核能不能在
9、短时间内形成是不可再生能源，太阳能可以源源不断的获得是可再生能源,故 C错误；D、超声波不能在真空中传播,而电磁波可以，所以卫星导航是利用电磁波波来定位导航，故 D错误。故选：B【点评】本题考查了半导体、超导体、能源、电磁波，涉及的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大，是一道基础题6.下列事例中，利用大气压作用的是（）A.小王将新鲜空气吸入肺里B.医生用针筒把药水推入病人肌肉中C.小李用图钉把地图钉在墙上D.深水潜水员要穿特制的抗压潜水服【分析】利用大气压往往是使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下而出现的现象。【解答】解：A、小王将新鲜空气吸入肺里，是先将肺扩张，肺内气压减
10、小，外界大气压将新鲜空气压入肺内的，是利用大气压的，符合题意。B、医生用针筒把药水推入病人肌肉中，药水是在人的推力作用下，向前流动而进入病人；与大气压无关。C、小李用图钉把地图钉在墙上，是增大的压强，与大气压无关。D、深水潜水员要穿特制的抗压潜水服，是因为深水处水的压强太大，与大气压无关。故选：Ao【点评】本题中需注意把药水推入病人肌肉中，好像在大气压作用下进行的，实际上是在人的推力作用的结果。7.如图所示，小伙伴们在玩滑板车，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动。下列说法正确的是（）A.人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力B.蹬地时，地面对脚的支持力是由于地面形变产生的C.停止蹬地后，
11、车最终会停下来，说明运动需要力来维持D.车在滑行过程中所受的力突然全部消失，车将立即停下来【分析】（1）一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）力可以改变物体的运动状态和形状；（3）力是改变物体运动状态的原因；（4）一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态。【解答】解:A、人对车的压力和车对人的支持力没有作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故A 错误；B、蹬地时，人的脚对地施加了一个力，地发生了形变，对人的脚产生了一个支持力，故B 正确；C、停止蹬地后，车最终会停下来的原因是受到阻力的作用，说明力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来
12、维持，故 C 错误；D、在滑行过程中所受到的力突然消失，根据牛顿第一定律可知，人和车将保持匀速直线运动，不会立即停下来，故 D 错误。故选：Bo【点评】本题综合了力与运动的关系、平衡力的辨别等多方面的知识，解决这类题目的观念是对这几方面知识的详细理解和熟练掌握。8.同学们做实验的装置如图所示，闭合开关，先将导体ab水平用力向右移动，导体cd 也随之运动起来。则在以上的实验中下列说法正确的是（）A.实验装置中的甲装置运用的原理是电磁感应现象B.实验装置中的甲装置把电能转化为机械能C.实验装置中的乙装置产生的现象在生活中的应用是发电机D.若将导体ab水平用力向左移动，导体cd 的运动方向不变【分析
13、】利用电磁感应和通电导体在磁场中受力的有关知识逐个分析四个选择项，从而得到答案。【解答】解：A、闭合电路的导体ab在磁场中做切割磁感线运动，从而产生了感应电流，这是一种电磁感应现象。故 A 正确。B、在电磁感应现象中，是将机械能转化为电能。故 B 错误。C、导体ab产生的感应电流通过位于磁场中的导体cd时，cd在磁场中受力而运动起来,体现了通电导体在磁场中受力的理论，利用该理论制成了电动机。故 C 错误。D、感应电流的方向与导体的运动方向有关，所以导体ab 的运动方向改变，ab 中的电流方向也改变，即 c d 中的电流方向发生了改变；通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向有关，所 以 c d
14、中电流方向的改变，导致了 c d 受力的方向也改变，故运动方向发生了改变。故 D 错误。故选：Ao【点评】此题综合了电磁感应和通电导体在磁场中受力的相关知识，题目的综合性较强。9.现在轿车上都配备了安全带未系报警提示系统，当司机坐在座椅上时，压力开关S i闭合，指示灯亮起，提示司机系安全带；当系上安全带后开关S2闭合，指示灯熄灭。下面四个同学设计的电路图最合理的是（）【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故 S i可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被S2短路了。【解答】解：由题知，S i闭合、开关S2断开指示灯亮，S2闭合，指示灯熄灭。A、两开关串联，只有乘客坐下，系
15、上安全带S2闭合时指示灯才会发光，故 A 不符合题意；B、指示灯与S i串联，与 S2并联，乘客坐下时S i闭合指示灯亮，系上安全带时S2闭合，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，故 B 符合题意；C、指示灯与S i串联，与 S2并联，乘客坐下时S i闭合指示灯亮，系上安全带时S2闭合，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，故 C 不符合题意；D、两开关并联后与指示灯串联，无论是乘客坐下时S i闭合还是系上安全带时S2闭合，指示灯都会发光，故 D 不符合题意。故选：B【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻起保护电路的作用。1 0.如图所示，
16、用同样的装置进行“比较不同物质的吸热本领”和“比较不同燃料的热值”的实验，则以下说法中正确的是（）A.这两个实验都要控制被加热的物质的种类一样B.这两个实验都要控制被加热的物质的质量一样C.前一实验中，加热相同时间后，比热容大的物质吸收热量一定多D.后一实验中，加热相同时间后，若温度计示数升高的越多，则该燃料的热值一定越大【分析】（1）比较两种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料（研究对象），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，由t=-2-比较温度的变化，温度升cm高越多，则吸热能力越小；（2）为了比较热值大小，要用质量相同不同的燃料，加热质量相同的同种液体（研究对象），根据Q
17、=cm Zt,液体升温越高，则燃料放出的热量越多，根据q=,这种燃料热m值越大，据此分析。【解答】解：A、比较不同物质的吸热本领时，需要改变物质的种类，比较不同燃料的热值时，需要加热相同种类的物体，故 A 错误；B、比较不同物质的吸热本领时，需要控制两种物质的质量相同；比较不同燃料的热值时，需要控制被加热的物体的种类相同，物体的质量相同，故 B 正确；C、比较不同物质的吸热本领时，用相同的加热器加热，相同时间内，物质吸收的热量是相同的，故 C 错误；D、比较不同燃料的热值时，需要两种不同的燃料全部燃烧后，根据温度变化判定热值的大小；加热相同时间后，燃料燃烧的质量不一定相同，故 D 错误。故 选
18、:B.【点评】本题探究不同物质吸热升温现和比较不同燃料燃烧时放出的热量的实验，考查两实验相同和不同之处，要注意区分。1 1.如图所示的甲乙两个M 形硬质轻杆可绕中间转轴0 灵活转动杆两端分别用细绳悬挂两个质量相等的重物。现保持平衡状态。用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后再松手，能恢复到原来平衡位置的是（）A.只有甲 B.只有乙 C.甲和乙 D.都不能【分析】做出杠杆示意图，根据力臂的变化得出力与力臂的乘积的变化，然后根据杠杆的平衡条件分析即可判断是否恢复到原来平衡位置。【解答】解：如图所示的甲乙M形硬质轻杆，处于保持平衡状态。由于悬挂的两个重物质量相等，则作用在M 形硬质轻杆两端的上的拉
19、力相等，则杠杆示意图分别如下图：6 I甲虫 乙 口甲硬质轻杆，根据杠杆平衡条件可得：G LI=G L 2,则：LI=L2：乙硬质轻杆，同理可得：G L 3 =G L 4,则：L 3 =L 4;用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后，则杠杆示意图分别如下图：由于轻杆端点的位置不同，右端的重物略微下降一小段距离后，由力臂的变化图可知，甲硬质轻杆，L i L 2,贝 I：G L i L 3,L 4 G L 4，所以，乙杆左端的重物会下降，则能恢复到原来平衡位置。故选：B。【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，正确判断出杠杆的力臂变化情况是解答本题的关键。1 2.如 图 1 所示的电路中
20、，电源电压为1 8 V,现有三个不同的定值电阻R i、R 2 和 R 3 可供接入电路AB间，已知R i 的阻值为6 0 Q,R 2 阻值大于R 3 阻 值(R 2 R 3)。若电阻R i 接入AB间，闭合开关S后，电流表的示数如图2 (a)所示。取下电阻R i,将电阻R 2、R 3先后替换R i接入A B间，发现每次替换后，电压表或电流表分别有一个刚好达到满刻度,电压表盘如图2(b)所示。电流表、电压表选取的量程始终不变，则下列结论正确的是()B.接入R3时电路的总功率为3.6WC.电压表选取的量程是0 3VD.Ro=15Q【分析】读出电流表的示数；根据欧姆定律求出总电阻，根据串联电路的电阻
21、规律求出 Ro的阻值；将电阻R2、R3先后替换R i接 入 A B 间，电压表或电流表分别有一个达到满刻度，与根据R2与 R3阻值大小可以判定满偏的电表，再根据欧姆定律求出R3的阻值，根据P=U I算出电路的总功率；根据欧姆定律算出R3两端的电压，进而判断出电压表的量程。【解答】解：由图可知，电流表的量程为0-0.6 A,分度值为0.02A,则电流表示数为0.24A；由 I=U 可知电路的总电阻为：R=U=_&_=7 5 Q；RI 0.24A根据串联电路的电阻规律可知Ro的阻值为：R o=R-R i=75Q-6O C=15Q,故 A 错误，D 正确；不改变两电表的量程，取下电阻R 1,将电阻R
22、2、R3先后替换R1接入A B间，已知R2阻值大于R3阻值，由 1=且可知电阻越大，电路中的电流越小；根据串联电路的分压规R律可知，电阻越小分担的电压越小；故接入R2阻时，电压表满偏，接 入 R3阻时，电流表满偏；(1)接入电阻R3时，电路中的电流为：I=0.6A；此时电路的总电阻为：R=乌 _=里I 0.6A=30Q；根据串联电路的电阻规律可知R3的阻值为：R3=R-Ro=3O(l-15Q=15。,接入R 3 时电路的总功率为：P=U I =1 8 VX 0.6 A =1 0.8 W,故 B错误；(2)接入电阻R 3 时，R 3 两端的电压为：U 3=I R 3=0.6 A X1 5 n=9
23、 V,故此时电压表的量程应选择0-1 5 V,故 C错误；故选：D。【点评】此题主要考查的知识点比较多，有欧姆定律的运用，串联电路中的电阻特点以及电功率公式的应用，对初学者来说，解这种题目，有一定难度。二.填 空 题(共 9 小题)1 3 .在杂技表演中，人站在六个鸡蛋上，鸡蛋放在泡沫板的凹槽内，如图所示，表演过程中鸡蛋完好无损，其中包含的物理原理是：软底鞋和泡沫板的凹槽增大了其与鸡蛋的上力 面 积，从 而 使 其受到的压 强 减小来保护鸡蛋,若人的总质量为6 0 kg,脚与鸡蛋的总接触面积约为12c m2,此时脚对鸡蛋的压强为5 X 1()5 pa。【分析】(1)减小压强的方法：是在压力一定
24、时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。(2)人对鸡蛋的压力是一定的，等于其自身重力，又知受力面积，利用p=1 计算压强。【解答】解：(1)人对鸡蛋的压力是一定的，等于其自身重力，鸡蛋放在泡沫板的凹槽内，软底鞋和泡沫板的凹槽增大了其与鸡蛋的受力面积，根 据 p=可知，减小了对鸡S蛋的压强。(2)人对鸡蛋的压力为：F=G=mg=6 0 kgX 10 N/kg=6 0 0 N,此时脚对鸡蛋的压强：p=E=600N c=5 X l()5 pa。S 1 2 X 1 0-4m2故答案为：受力面积；压强；5 X 10 5。【点评】此题考查减小压强的方法、压强的大小计算，
25、是一道较为简单的计算题，难度不大。14.在综艺节目“奔跑吧！兄弟”中，参赛嘉宾运动时会带着智能运动手环，以测量记录人的运动情况。如图所示。以佩戴者手腕为参照物。智能运动手环是 静上（选 填“运动”或“静止”）的；智能运动手环还可以通过波向手机发送运动的统计数据,该波在真空中的速度为3义1。8 m/s。【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；（2）微波是指频率为30 0 M H z -30 0 G H z 的电磁波,W iFi在 2.4G h z 频段工作，属于微波，电磁波的传播速度为3X l（）8 m/s。【解答】
26、解：以佩戴者手腕为参照物，智能运动手环与手腕之间没有位置变化，所以手环是静止的；智能运动手环还是通过电磁波向手机发送运动的统计数据；电磁波在真空中的传播速度为 3X l（）8 m/s。故答案为：静止；电磁；3X 10 8。【点评】此题涉及到运动和静止的相对性、电磁波的传播速度及其应用。难度不大，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。15.如图所示，是轿车车预的外掀式天窗，若将天窗的前面关闭，后面微微向上打开，轿车行驶时，就能 抽出（选 填“吸入”或“抽出”）空气，从而保持车内空气清新，原理是流体中流速越大的位置压强越小。【分析】流体流速越大的位置，其压强越小，由此
27、分析解答。【解答】解：天窗前闭后开，在车顶形成一个凸面，加大了空气的流速，使天窗开口处的气压小于车内的气压，则在压力差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新。故答案为：抽出；流体中流速越大的位置压强越小。【点评】本题考查流体压强与流速的关系，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。16.一束电子从带正电的粒子旁边高速穿过，你推测该束电子的运行轨迹是图中的上（选填序号），你 猜 想 的 依 据 是 异种电荷相互吸引。【分析】根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的规律即可分析判断。【解答】解：电子带负电，电子从带正电的原子核
28、旁边高速穿越，由于异种电荷相互吸弓 I，则运行路线会靠近原子核，则运行轨迹是图中的。故答案为：；异种电荷相互吸引。【点评】本题要记住同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的规律。17.论衡中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”。如图所示，“柢”即握柄，是磁体的（选 填 N”或 S”）极。静止时指向地磁场的 北（选 填“南”或“北”）极。【分析】（1）磁体静止时，指南的叫南极用字母S 表示；指北的叫北极，用字母N 表示；（2）地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近。【解答】解：（1）磁勺的勺柄指南，根据地理的南极正是地磁的N 极，异名磁极相互吸弓 I，因此，勺柄为该磁体S 极；（2）
29、地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，静止时磁体的S 极,即地磁场的北极。故答案为：S；北。【点评】此题考查了地磁场的知识，难度不大。18.登 山 队 员 背 的 氧 气 瓶 在 太 阳 照 射 下 瓶 中 氧 气 的 密 度 若 温 度 一 定 时，氧气被用掉了一半，则剩余半瓶氧气的密度 变 小。（填“变大”、“不变”或“变小【分析】（1）登山队员背的氧气瓶在太阳照射下瓶中氧气质量不变，体积不变；（2）氧气被用掉了一半，瓶中氧气的质量变小，氧气的体积不变。【解答】解：登山队员背的氧气瓶在太阳照射下瓶中氧气质量不变，体积不变，根据密度的计算公式p=史，所以瓶中氧气密度不变；V氧
30、气被用掉了一半,瓶中氧气的质量变小，氧气的体积不变，根据密度的计算公式=，所以瓶中氧气密度变小。故答案为：不变；变小。【点评】分析密度的变化时，最好从密度的计算的公式入手，分别分析质量和体积的变化情况。1 9.如图所示，原 长 为L的轻质弹簧一端固定在竖直墙面上，另一端与水平面上的木块相连。推动木块压缩弹簧，当其左端至A点时，弹簧具有的弹性势能为20J；松手后，木块在弹簧的作用下往复运动若干次后静止，此时弹簧具有的弹性势能为2J。则木块左端最终静止的位置一定不可能位于C（选 填B、C、D）点，整个过程中木块克服阻力做 的 功 是18 J,整个过程中木块速度最大时其左端可能位于（选 填B、C、D
31、）点。B C D【分析】根据弹簧具有弹性势能，一定发生形变分析其木块最终静止时的位置;根据能量守恒定律求出阻力所做的功；木块向右运动时受到弹力和阻力的共同作用，根据弹力的变化分析木块速度的变化。【解答】解：松手后，木块在弹簧的作用下往复运动若干次后静止，此时弹簧具有的弹性势能为2J,说明弹簧此时有弹性形变；而到C点时弹簧恰好恢复原长，所以，木块最终静止的位置一定不可能位于C点；最初弹簧具有的弹性势能为20J；松手后，木块在弹簧的作用下往复运动若干次后静止,此时弹簧具有的弹性势能为2J；木块在运动过程中，克服摩擦力做功，根据能量守恒定律可知，总的能量不变，故克服阻力所做的功为20J-2J=18J
32、；弹簧被压缩时具有弹力，弹力的方向是向右的，木块向右运动时、阻力是向左的；开始运动时，弹力大于阻力，木块向右运动的过程中，弹力慢慢减小，阻力不变，木块做加速运动，当木块受到的弹力等于阻力时速度最大，此时弹簧未恢复至原长；木块由于惯性仍然会向右运动，此时弹力小于阻力，做的是减速运动，当弹簧恢复原长时弹力为0;木块继续向右运动，在向左的弹力和摩擦力作用下做减速运动；由图可知，整个运动过程中木块速度最大时其左端可能位于B 点。故答案为：C；18；B。【点评】本题考查了能量守恒定律的应用、物体运动状态的分析，明确物体运动过程中的受力情况是解题的关键。2 0.如图甲是一种家用电暖器，图乙是其简化的电路图
33、，已 知RI R 2,电暖器的部分参数如表中所示。闭合开关S,要让电暖器处于中挡工作，则 应 再 将 开 关 Si 闭合:小明家电能表表盘上标有“3000”(k W h)”的字样，将该电暖器处于中挡单独接在电能表上正常工作30m in,电 能 表 转 盘 转 动 1 8 0 0 转;当 S,Si,S2都闭合时，电暧器处于高挡,此 时 电 功 率 为 2200 W。额定电压 220V甲 乙【分析】(1)分析电路连接方式，根 据 可 判 断 电 暖 器 处 于 的 挡 位；R(2)首先根据P=学求得该电暖器处于中挡单独接在电能表上正常工作30m in,消耗电t能，然后可求电能表转盘转动多少转；(3
34、)当 S,Si,S2都闭合时，电暖器处于高挡，此时电功率低温挡和中温挡之和。【解答】解：(1)由题可知，R1VR2;闭合开关S、S2时，R2单独接入电路，电路中电阻最大，根 据 P=U _ 可知，功率最小,R电暖器处于低温挡;闭合开关S、S i时，R i单独接入电路，电路电阻较大，根据P=U：可知，功率较大，电R暖器处于中温挡；闭合开关S、Si、S2时，Ri、R2并联，电路中电阻最小，根 据 P=可知，功率最大,R电暖器处于高温挡；(2)由 P=求得该电暖器处于中挡单独接在电能表上正常工作30m in,消耗电能：tW=P.PiSt=1200WX30X60s=2.16X106J=0.6kWh,已
35、知用电器消耗1 千瓦时的电能，电能表的转盘转过3000转。则电能表上的转盘转过圈数n=3000r/(kW*h)X0.6kWh=1800r。(3)当 S,Si,S2都闭合时，电暖器处于高挡，此时电功率P 副m=P 低 温 岩+P 中 温 拽=1000W+1200W=2200Wo故答案为：Si；1800；2200o【点评】本题为电热综合题，考查并联电路的规律及电功率公式的运用，分清用电器处于不同挡位时电路的连接方式是关键。2 1.探究串联电路电压特点实验电路如图甲所示，改变电阻箱R i接入电路的阻值，记录Ri的阻值和对应的电压表示数UI、U 2,并 根 据 记 录 绘 制 出 图 乙 所 示 的
36、R i图像，则电【分析】由图可知：两电阻串联在电路中，电压表V i测 量 R i两端的电压，电压表V2测量R 2 两端的电压;(1)当 R i=O Q 时，电路为R 2 的简单电路，由图2可知：当 R i=O Q 时。的值，然后U2求出U 2,即为电源电压；(2)由图2读出R i=4 0。时一的值，然后求出U 2,根据欧姆定律可计算电路电流，根U2据串联电路的特点和欧姆定律求出R 2 的阻值；【解答】解：由 图 1 可知：两电阻串联在电路中，电压表V i 测量R i 两端的电压，电压表 V 2 测量R 2 两端的电压；(1)由图2 可知：当 R i=O。时，=0.4 V 即 U 2 =2.5
37、V,此时电路为R 2 的简单U2电路，其两端的电压即为电源电压，故电源电压为U=U 2 =2.5 V；(2)当 R i 显 大=4 0。时，A-=2 V ,即 U 2=0.5 V,U2根据串联电路总电压等于各部分电压之和可知：R i 两端的电压：U i =U -U 2=2.5 V -0.5 V=2 V,则电路中的电流：1=支=0.0 5 人，R 1 4 0。则 R 2 的阻值：1 A R 2；(6)若灯的电阻不变，根 据 P=,灯泡两端电压为额定电压的一半，实际功率为额R定功率的工，而实际中，当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，通过灯的电流也减4小了，根 据 P=U I 可知，灯的实际功率减
38、小，灯丝的温度降低，因灯的电阻随温度的降低而减小，即灯的实际电阻R实小于灯正常发光时的电阻RL,根据P=可知，测得的R功率大于其额定功率的工，故选填P额=3 P。4故答案为：（1）见解析；（2）断开；（3）；断路；（4）0.7 5；C；（5）大于；（6）P额=3 P。【点评】本题是测量小灯泡电功率的实验，考查了变阻器的连接、额定功率的计算、电路故障的分析等，考查全面，关键能够从图示中确定相关的已知条件。五.计 算 题（共1小题）2 8.某同学为学校草坪设计了一个自动注水喷淋系统，其电路设计如图甲，控制电路电源电压 U i=1 2 V,Ro 为定值电阻，RF为压敏电阻，电磁铁线圈电阻忽略不计，压
39、敏电阻RF放置于水箱底部（如图乙），其阻值与压力有关，阻值随水位变化关系如下表。工作电路包括注水系统和喷淋系统，其电源电压U2=220VO圆柱体水箱底面积S=0.4 m2,当水箱内的水位上升到2m 时，通过电磁铁线圈的电流I a=0.1 A,衔铁恰好被吸下，注水系统停止工作，此时电流表示数I 1 =1 A,当水位下降到1m 时，衔铁恰好被拉起，注水系统开始给水箱注水，此时电流表示数I 2=2 A。S2喷淋 注水系统 系统水位/m 0.2 5 0.5 0 0.7 5 1.0 0 1.2 5、/:弹蓄压敏电 3 0 0 2 0 0 1 2 5 9 0 7 0 6 5 6 2 6 0 5 9阻RF阻
40、值/C(1)当水箱内水位达到2m 时，控制电路中压敏电阻RF的功率为多少W?(2)当水箱内水位下降到1 m 时，通电电磁铁线圈的电流lb 为多少？(3)已知喷淋系统一直给草坪喷水，每秒钟喷水量恒为0.0 0 1 m3,注水系统工作时，每秒钟给水量箱注水恒为0.0 0 5 m3,求相邻两次开始给水箱注水的这段时间内，工作电路消耗的电能？【分析】(1)由图知I,控制电路中Ro、RF、电磁铁线圈串联，当水箱内水位达到2米时，由表格可知压敏电阻RF的阻值，由 P=I2R 计算RF的功率；(2)在水位2米时，根据串联电路特点和欧姆定律计算Ro阻值；当水位1 米时，由表格数据知RF连入阻值，计算出总电阻，
41、从而得到控制电路中电流;(3)分别计算注水系统注水时间和喷淋系统喷水时间；由W=U I t 计算注水和喷淋同时进行时工作电路电流做功和喷淋系统单独工作电流做功，从而计算工作电路消耗的总的电能。【解答】解：(1)由图知，控制电路中Ro、RF、电磁铁线圈串联，由表中数据知，当水箱内水位达到2米时，RF=60C,控制电路中电流I a=0.1 A,所以 RF的功率：P F=I a2R F=(0.1 A)2X 6 0 H=0.6 W；(2)当水位为2米时，根据串联电路特点和欧姆定律可得Ro阻值，R o=R.&I-RF=-Y-6 0 Q=6 0 Q,Ia 0.1A当水位1 米时、由表格数据知Rr i=9
42、0 fl,由串联电路特点和欧姆定律可得线圈的电流：=0.0 8 A；(3)由工作电路知，注水和喷淋系统是并联的，注水系统从水位1 米开始注水到2 米，注水的总体积:V .B=0.4 m2X (2 m-I m)=0.4 m3,注水的同时喷淋系统一直工作，所以注水时间:3ti-：4现-=100s,0.005m3/s-0.001m3/s水位从2 米下降到1米，需要的时间：3t2=。-=400s,0.001m3/s所以注水系统与喷淋系统同时工作时:工作电路电流做的功：W=U212tl=220V X 2 A X 100s=4.4 X 10勺，喷淋系统单独工作时，工作电路电流做功：W=U211t2=220
43、VX 1AX400s=8.8X 104J,所以相邻两次开始给水箱注水的这段时间内，工作电路消耗的电能：W c=W+W=4.4X 104J+8.8X104J=1.32X105JO答：（1）当水箱内水位达到2m 时，控制电路中压敏电阻RF的功率为0.6W；（2）当水箱内水位下降到1米时，通电电磁铁线圈的电流lb为 0.08A；（3）相邻两次开始给水箱注水的这段时间内，工作电路消耗的电能为L32X1（）5J。【点评】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功计算公式的应用，要能看懂整个自动注水喷淋系统原理图，关键是求出各系统的工作时间。六.解 答 题（共1小题）2 9.某建筑工地上有一台巨大的起
44、重设备“塔吊”，其主要构成为电动机和机械装置两个部分，简化组成如图所示，A 为塔吊的配重，O B为塔吊的起重厝，C 为能在起重臂上移动的载重小车，载重小车下挂有滑轮组，OB=25m。当载重小车在B 点时，能安全起吊重物的最大质量是1.2t。如果这台“塔吊”配置的电动机铭牌参数为“额定电压380V,额定 功 率 38kW”。在某次起吊作业中，该“塔吊”电动机正常工作2 5 s,通过载重小车从距离O 点 为 10m的载重臂上把一底面积为OXn?、质量为2 4l的方形重物匀速提升20m0（不计挂钩、滑轮组和钢丝绳重及摩擦，取 g=10N/kg）那么：（1）起吊后，当重物匀速上升时，载重小车下电动机牵
45、引钢丝绳自由端的拉力 m N，在这次起吊过程中，塔吊上的电动机对重物做功的效率51%（保留整数）。（2）起吊前，该重物对地面的压强为多大？（3）本次将重物从起吊点提升20m 后，为保证塔吊安全工作，载重小车最多能向B 点方向再平移多少m?【分析】（1）由图可知，承担重物的钢丝绳的股数n=4,不计挂钩、滑轮组和钢丝绳重及摩擦，根据F-1G求出电动机牵引钢丝绳自由端的拉力；n根据W=Gh求出提升重物所做的有用功，根据W=P t求出电动机消耗的电能即为总功，根据n=一W有二x i o。求出塔吊上的电动机对重物做功的效率；W a（2）起吊前，该重物对地面的压力等于自身的重力，根据F=G=m g求出其大
46、小，根据p 求出对地面的压强；（3）由题知，当载重小车在B点时，能安全起吊重物的最大质量是1.2 t,GAXOA=mf i大g X O B；当提升24重物时，G A X O A=m最 大g XOB=m物8 X 0（?,据此求O C 的大小，从而求出载重小车最多能向B点方向再平移多少m,才能保证安全工作。【解答】解：重物的重力:G=m g=2.4 X 1 03k g X 1 0 N/k g=2.4 X 1 04N,由图可知，n=4,因不计挂钩、滑轮组和钢丝绳重及摩擦，所以，电动机牵引钢丝绳自由端的拉力：Ff t=AG=JLX2,4X 1 04N=6 0 0 0 N；4 4有用功：W有 用=G h
47、=2.4 X 1 04N X 2 0 m=4.8 X 1 05J,总功：W s=P t=3.8 X 1 04W X 2 5 s=9.5 X 1 05J,塔吊上的电动机对重物做功的效率：n=W 有 i o o%=42*6X八1 0 5Tj x i o o%-5 i%；W 总 9.5X 105J（2）起吊前，该重物对地面的压力：F=G=m g=2.4 X 1 03k g X 1 0 N/k g=2.4 X 1 04N,该重物对地面的压强：p=2./X 1 0%=3 X 1 0 4 p a；S 0.8 m2(3)由题知，G A X O A=mf f i.g X O B；当提升 2.4t=2400kg
48、 重物时，GAX O A=m gX O C/,所以，mis大gXOB=m 物g X O C,g|J：1200kg X g X 25m=2400kg X g X OCz,解得：OC=12.5m,所以，载重小车最多能向B点方向平移的距离：s=OC-OC=12.5m-10m=2.5m。答：(1)起吊后，当重物匀速上升时，载重小车下电动机牵引钢丝绳自由端的拉力为6000N；在这次起吊过程中，塔吊上的电动机对重物做功的效率为51%；(2)起吊前，该重物对地面的压强为3Xl()4pa；(3)将重物从起吊点提升20m后，为保证塔吊安全工作，载重小车最多能向B点方向再运送重物平移2.5m。【点评】本题考查了压强、滑轮组绳子的拉力、功、机械效率、杠杆平衡条件的应用等，涉及到知道的知识点较多，综合性强，有一定的难度。