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1、2021年上海市黄浦区中考物理二模试卷一、单 选 题（本大题共6小题，共12.0分）1.人的正常体温约为（）A.25 B.33 C.37 D.422.在太阳系中.月球属于（）A.恒星 B.行星 C.卫星 D.彗星3.下列各种单色光中，属于三原色光之一的是（）A.紫光 B.黄光 C.橙光 D.红光4.我们能分辨不同乐器的声音，这主要是根据声音有不同的（）A.音色 B.音调 C.响度 D.振幅5.某凸透镜的焦距为10厘米，若物体在光屏上所成的像离该透镜的距离大于30厘米,则物体离该透镜的距离可能为（）A.3厘米 B.13厘米 C.23厘米 D.33厘米6.如图所示，薄壁圆柱形容器A、B放在水平面上
2、（S_4SB），其中分别盛有体积为，/、匕 乙，质量为7 7 1尹、6乙 的两种液体，它们对容器底部的压强为P用、P乙。现在两容器中分别倒入体积相同的原有液体后（容器足够高），则下列关系中一定能使液体对容器底部压强 伊 乙 的是（）N.V甲 V乙,P甲 P乙B.V甲 V乙,P 尹=C.V甲 V乙,m甲=m乙D.V甲 V乙,m甲 m乙二、填 空 题（本大题共6小题，共12.0分）7.教室里的灯是 连接的（选 填“串联”或“并联”）,工作时其两端电压为伏；发电站通过 输电线路将电能输送至远方的变电站（选 填“高压”或“低压”）；导体通电一段时间后温度会升高，这是通过 的方式改变其内能的。8.甲、乙
3、两车从同一地点沿同一直线同时出发，它 们 运 动 的；s-t图像如图所示。以甲为参照物，乙是 的（选 填64“静止”或“运动”）；经过6秒，两车相距 米。2gn 口 口 11 r m 此过程中，甲的惯性,乙的动能。（最后 两0 2 4 6 8 1012t/秒格均选填“变大”、“不变”或“变小”）9.重为9.8牛的小球漂浮在水面上，其受到的浮力为 牛，排开水的体积为米 3,此时小球受到的合力为 牛。10.某导体两端的电压为3 伏时，10秒内通过导体横截面的电荷量为3 库，通过该导体的电流为 安，这段时间内电流做功为 焦，该导体两端电压改变为6 伏时，其电阻为 欧.11.在如图所示的电路中，电源电
4、压为%保持不变。己知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或小灯泡L 上，闭合开关S,电压表指针所在的位置不变。小灯泡L 不发光（选 填“一定”或“可能”）。请根据相关信息写出电压表的示数及相对应的故障。12.阅读材料，回答问题。万有引力定律是艾萨克 牛顿在1687年 于 自然哲学的数学原理上发表的 牛顿的普适万有引力定律表述为：任意两个质点（将实际物体看作有质量但无体积与形状的点）有通过连心线方向上的力相互吸引。该引力大小与它们质量的乘积成正比与它们距离的平方成反比，与两物体的化学组成和其间介质种类无关。现有铜、铝制成的A、8 两个实心小球，其质量关系为啊 m-,分别将其按图（a）、（b）所示
5、放置。A球图 中，A 球对B 球的吸引力 B球对4 球的吸引力（选 填“大于”、“等于”或“小于”）。理由是：。图（b）中A球对8 球 的 吸 引 力 图（a）中A球对8 球的吸引力（选 填“大于”、“等于”或“小于”）。理由是：。三、作 图 题（本大题共2 小题，共 4.0分）13.根据平面镜成像特点，在图中画出物体A8在 平 面 镜 中 所 成 的 像AB。第 2 页，共 19页14.如图所示，根据图中电源的正、负极，标出磁感线方向和小磁针的N 极。四、实验探究题（本大题共3 小题，共 18.0分）15.&为定值电阻，滑动变阻器&为标有“200 14”或“50。L4”字样中的一个。现将Ri
6、和他分别按图（a）、（b）所示接入相同电源的电路。若电阻凡的阻值为1 0 0,闭合开关，通过治的电流为0.2 4 求&两端的电压Ui。电压表选用015U量程，在电路安全工作情况下，移动变阻器&的滑片P，发现有一个电路中滑片不能移到变阻器的任意一端，两电路中总电流的最大变化量均为 0.64。I.请判断图（a）、（b）中滑片不能移到变阻器任意一端的电路并简要说明理由。II.通过计算说明变阻器&的 规格，并求出定值电阻&的阻值。R、16.现有器材：电源两个（电压分别为3 伏、6 伏），电流表、开关各两个，待测小灯泡（标有“0.34”字样，额定功率大于1瓦）、待测电阻&、电压表（只有0 3伏档完好）、
7、滑动变阻器（标 有“20欧 2 安”字样）各一个，定值电阻R定（阻值分别为5 欧、10欧和 15欧）三个及导线若干。小红做“测定小灯泡的电功率”实验，小华同时做“用电流表、电压表测电阻”实验。由于器材有限，两位同学讨论后，合理分配器材，并顺利完成实验。实验中，小红观察到当小灯泡正常发光时电压表的示数为2.0伏；小华发现电路中电流表的最小示数为0.12安。根据小红实验的相关信息：（a）小红所用电源的电压为 伏，理由是 o（b）计算小灯泡的额定功率P领。（需写出计算过程）根据小华实验的相关信息:（a）画出小华实验的电路图。（b）求出电流最小时待测电阻的阻值。（需写出计算过程）17.为了研究圆柱体在
8、浸入水的过程中，水对桂形容器底部的压力增 加 量 水 的 变 化 情 况，某小组同学使两个体积相同、底面积分别为S/、S z（S*S乙）的实心金属圆柱体分别在同一柱形容器的水中慢慢下降，如图所示。他们设法测得柱体下表面到水面的距离并计算相应水对容器底部的压力增加量次，将相关数据记录在表一、表二中。（容器内的水均末溢出）表一圆柱体甲第4页，共19页表二圆柱体乙实验序号%/米 P次/牛1020.043.230.108.040.1411.250.1812.8实验序号九米P次/牛6070.042.880.085.690.107.0100.14分析比较实验序号24或79中 F 水与h的倍数关系及相关条件
9、可初步得出：同一圆柱体在浸入同一柱形容器水的过程中，。分析比较实验序号 的数据及相关条件可初步得出：不同圆柱体浸入同一柱形容器的水中，人 相同，S越大，水越大。实验序号5中 F 水与h的数据并不符合上述结论，出现这一现象的原因是：实验序号10中 的 数 据 为，理由是：五、计 算 题（本大题共3小题，共24.0分）1 8.质量为0.5千克的水温度升高20。（2,求水吸收的热量Q,纺 c水=4.2 x 103/（fc5 ）19.用如图所示的滑轮将重为10牛的物体A在5秒内匀速向上提高2米。不计绳子和滑轮间的摩擦，求：拉力尸所做的功卬。拉力户的功率P。20.如图所示，竖放在水平地面上的长方体，三条
10、棱长分别为0.2米、0.1/7米、0.05米，密度为2 X 1。3千克/米3。0.2米求该长方体的质量相。求该长方体对水平地面的压强。米v.v J为了使该长方体对水平地面的压强为490帕，拟采取的方法有：将长方体平放或侧放后，沿水平方向在上部切去一定质量小。若要使切去的质量 m较小，请说明采取的放置方法及理由，并求出 Tn的较小值。第 6 页，共 19页答案和解析1.【答案】C【解析】解：由物理常识可知，人的正常体温约为37。口故选：Co根据人的正常体温即可做出选择。本题考查人的正常体温，属于识记性内容，比较简单。2.【答案】C【解析】解：太阳是能够发光发热的星体，是离我们最近的恒星；地球是围
11、绕太阳转动的一颗行星；而月球是地球的一颗卫星；故选C.解答本题应掌握：能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳；同时应记清太阳系里的八大行星.本题考查对恒星及行星的认识，属于基础内容.3.【答案】D【解析】解：红、绿、蓝被称为色光的三原色，故红光是光的三原色之一，故。正确、ABC错误。故选：Do红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色。光的三原色需要牢固记忆和掌握；色光的三原色和颜料的三原色容易混淆，要正确区分。4.【答案】A【解析】解：能分辨不同乐器的声音，主要是因为不同乐器有不同的音色，故 BCD错误、4 正确。故 选:Ao声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音
12、的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。5.【答案】B【解析】解：凸透镜的焦距为1 0厘米，像距v大于30cm,而二倍焦距2/=2 x 1 0 c m,像距大于二倍焦距，则物体离该透镜的距离2/u f,即2 0 c m u 1 0 c m,所以u =1 3 c m符合题意。故选：B。掌握凸透镜成像的三种情况和应用。由物距和焦距的关系，通过解不等式能确定焦距或物距。6.【答案】B【解析】解：k N甲 丫 乙、P甲乙,分别倒入体积
13、相同的原有液体，即增加相同体积，P p甲目匕口 P乙gv乙.根据P 可知二-,则A P科V A P乙，则P尹回P尹+尹，p乙助乙+4 乙，S 3甲 乙所以P/F，则乙，P甲0P甲+甲,p乙回p乙+乙，则p尹 p乙，甲 乙故B正确。C V丹匕5,血尹=血乙时，若分别倒入相同体积原有液体，即增加相同体积，则山火 wz,那么m尹 a n用+m0,mz,所以m/n i z ，由G回m g可得，G/FJ,又因为SA SB，由p回（得P/Pj,故C错误。D Y甲 V乙,时，若分别倒入相同体积原有液体，即增加相同体积，甲）m G乙，所以尸/回 乙 ，5伊V,p/P/,分别倒入体积相同的原有液体，也就是增加体
14、积量相同，根据原来压强与增加量的值，比较即可。C.D W用匕，加用=血,时，若分别倒入相同体积原有液体，即增加相同体积，增加质量不同，受到的重力不同，因为两容器底面积不同，根据压强公式可判断其是否正确。第8页，共19页本题考查压强公式的运用，关键是正确根据条件表示出两容器底受到的液体压强的增加量，属于难题。7.【答案】并 联2 2 0高压做功【解析】解：家庭电路中为了使各电灯正常工作，并且互不影响，各电灯之间应该是并联的。电灯是家用电器，额定电压是220匕 也就是正常工作的电压是220匕在输送功率一定时，电压越高，电流越小，输送过程中能量损失越小，所以从发电站到用电区采用高压输电。导体通电一段
15、时间后温度会升高，这是通过电流做功的方式改变其内能的。故答案为：并联；220；高压；做功。家庭电路中各电灯的额定电压是220V,只有并联在家庭电路中，各电灯才能正常工作，并且互不影响；我国家用电器的额定电压都是220匕根据P=U/,在输送功率一定时，电压越高，电流越小，根据Q=/2RC,电阻一定，通电时间一定时，电流越小，电热越少，输送过程中能量损失越小，所以从发电站到用电区采用高压输电；改变内能的方法有两个：做功和热传递。本题考查了家用电器正常工作电压和用电器的连接方法。我们要明白高压输电的原因。8.【答案】运 动3或9不变不变【解析】解：根据s-t图像可知：甲乙两车均做匀速直线运动。经过6
16、秒，甲车的路程为6口,乙车的路程为3?，若两车同向运动，两车相距s=6m-3ni=3zn,若两车反向运动，两车相距s=6m+3m=9m；甲车的速度为：v用=方=詈=17n，乙车的速度为：%=菅=*06m/s 17尹，由于甲乙的速度不同，以甲为参照物，则乙是运动的：惯性只与质量有关，甲的质量不变，故此过程中，甲的惯性不变；动能与速度和质量有关，乙的速度和质量都不变，故乙的动能不变。故答案为：运动；3或9；不变；不变。根据s-t 图像可知：甲乙两车均做匀速直线运动。经过6 秒，甲车的路程为6?，乙车的路程为3 加，据此得出两车相距的路程；根据=:得出甲乙的速度，并比较大小，进而得出以甲为参照物，乙
17、的运动情况;惯性与质量有关，质量越大，惯性越大；动能与速度和质量有关，质量越大，速度越大，动能越大。本题考查速度、惯性、动能等有关知识，综合性较强，但难度不大。9 .【答案】9.8 1 x 1 0-3 0【解析】解：(1)小球漂浮在水面上，所以F 浮=G以=9.8 N；根据阿基米德原理尸浮=P 水。网得排开水的体积为：V,=-31r-=1 x 1 0-3z n3；排 p 水 g 1.0X103 kg/m3x9.8N/kg(2)因为浮力与重力是一对平衡力，大小相等，方向相反，在同一直线上，两个力相互抵消，所以合力为零。故答案为：9.8；1 x 1 0-3；0。根据物体的浮沉条件可知，小球漂浮时受
18、到的浮力和自身的重力相等；根据阿基米德原理算出小球排开水的体积；平衡力的合力为零。本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理的理解和应用，涉及的知识点较多，综合强较强，有一定的难度。灵活运用公式 浮=。次”是本题的关键。1 0.【答案】0.3；9；1 0【解析】解：通过该导体的电流：/=3=差=0.3 4t IQs由可得，导体的电阻：=7 =7 =io n；电流做的功：W U I t =U Q=3 V x 3 C =9/；因为导体的电阻与材料、长度以及横截面积有关，与导体两端电压以及通过的电流无关,因此当导体两端电压改变为6 伏时，其电阻仍为1 0 2故答案为:0.3；9；1 0.本题考查了电流的定
19、义式和欧姆定律、电功公式的灵活应用，是一道基础题目.1 1 .【答案】一定 若电压表示数为4,则 R断路或L短路；若电压表示数为0,则心断第1 0页，共1 9页路【解析】解：由图知，开关断开时，电压表与灯泡c串联接入电路中；若开关断开时电压表的示数为0,说明电压表与电源之间没有接通，则灯泡断路了；闭合开关S，电压表指针所在的位置不变，即其示数仍然为0,则故障是灯泡L断路，灯泡不发光；若开关断开时电压表示数等于电源电压则电压表与电源之间是接通的，灯泡不可能断路；闭合开关S,电压表指针所在的位置不变，即其示数仍然为电源电压出,则故障可能是R断路或L短路，灯泡不发光。故答案为：一定；若 电 压 表
20、示 数 为 则R断路或入短路；若电压表示数为0,则L断路。由图知，开关断开时，电压表与灯泡L串联接入电路中；已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或小灯泡L上，根 据“开关断开时电压表的示数为0或电源电压U。”以及闭合开关S时电压表指针所在的位置不变判定电路故障的原因。本题需要列举可能的所有故障，根据可能出现的现象与题目比较，相符合的即为可能的故障；同学们要学会这种推理方法。1 2.【答案】等于力的作用是相互的等于引力大小只与它们的质量与它们的距离有关【解析】解：(1)由于力的作用是相互的，所以图(a)中A球对8球的吸引力和B球对A球的吸引力是一对相互作用力，它们的大小相等；(2)题目中给出
21、该引力大小与它们质量的乘积成正比与它们距离的平方成反比，与两物体的化学组成和其间介质种类无关，由图中可以看到4 8的质量和距离都没变，所以力的大小也不变，所以图(b)中A球对B球的吸引力等于图(a)中4球对8球的吸引力。故答案为：等于；力的作用是相互的；等于；引力的大小只与两个物体的质量和距离有关。(1)根据相互作用力的特点回答：(2)根据该引力大小与它们质量的乘积成正比与它们距离的平方成反比，与两物体的化学组成和其间介质种类无关，分析解答。本题以万有引力为背景，考查了学生的分析解答能力，难度不大。1 3.【答案】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点4、B,用虚线连接小、B 即为物体A B的
22、像，如图所示:【解析】平面镜成像的特点是：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体A、8端点的像点A、B,连接4、B 即为物体A B在平面镜中所成的像。本题考查了如何作出物体在平面镜中的像。在作出物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。1 4.【答案】解：(1)由图知，电源的右端为正极，则电流从电源的右端流出、左端流入，则电流从螺线管的右侧流入、左侧流出，根据安培则定可知，螺线管的左端为N极、右端为S极；(2)在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向右的；(3)通电螺线管的右端为S极，根据异名磁
23、极相互吸引可知小磁针的左端为N极、右端为S极，如图所示：【解析】(1)知道电源的正、负极，可知螺线管中的电流方向，根据安培定则确定通电螺线管的N、S极；(2)在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极；(3)知道通电螺线管的N极，根据磁极间的相互作用判断出小磁针的磁极。本题考查了磁极间的相互作用规律、磁感线的特点、安培定则的应用，属于基础题目。1 5.【答案】解：、电阻&的阻值为1 0 0,闭合开关，通过当 的电流为0.2 4由欧姆定律可得此两端的电压为：%=1 R =0.2A x 1 0 P =2V；第 12页，共 19页、I、(b)不能，因为(a)为并联电路，滑片一定能移到最大阻值处，但滑
24、片不能移到最左端，否则会造成短路，烧坏电源：n、由滑动变阻器的规格可知通过滑动变阻器的最大电流为1 A,两电路中总电流的最大变化量均为0.64。(a)中通过&的电流不变，并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过滑动变阻器的最小电流为：Ia2min=la2max-la2max=必 一 0.6/4=0.44此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由欧姆定律可得滑动变阻器两端的电压为：U =%2 =la2min2max 0-44 X 500 20V,(b)中两电阻串联接入电路，串联电路各处电流相等，所以通过电路的最大电流为14通过电路的最小电流为：min=brnax-bmax=。-0.6/1=0.4
25、4 此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由串联电路分压原理可知此时其两端电压最大，电压表选用015U量程，所以其两端电压为：2皿 =15伏，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以R1两端的电压为：ublmin=U-Ub 2 m a x=2 0 y-1 5 y=5V,由欧姆定律可得飞的电阻为：氏=密 肾=含=12.50,滑动变阻器接入电路的电阻为：R2 m a x=学 屿=照=37.50,ibmin所以滑动变阻器的规格为“500 1A”。答:当两端的电压为2H、I、(b)不能，因为(a)为并联电路，滑片一定能移到最大阻值处，但滑片不能移到最左端，否则会造成短路，烧坏电源；U.变阻器&的规格为50。
26、1 A,定值电阻灯的阻值为12.50。【解析】知道电阻的阻值和通过当的电流，由/=:的变形公式计算长两端的电压；、I、(匕)不能，因为(a)为并联电路，滑片一定能移到最大阻值处，但滑片不能移到最左端，否则会造成短路，烧坏电源；n、由滑动变阻器的规格可知通过滑动变阻器的最大电流为1 A,两电路中总电流的最大变化量均为0.64。(a)中通过&的电流不变，根据并联电路特点可知通过滑动变阻器的最小电流，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由欧姆定律可得滑动变阻器两端的电压，即电源电压,(b)中两电阻串联接入电路，根据串联电路特点可知通过电路的最大电流为1A,进一步计算通过电路的最小电流，此时滑动变阻器接
27、入电路的电阻最大，由串联电路分压原理可知此时其两端电压最大，电压表选用015U量程，所以其两端电压为：ub2m ax=15伏，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算的电阻，进一步计算此时滑动变阻器接入电路的电阻，确定滑动变阻器的规格。本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，题目有一定的难度。16.【答案】6根据P=U/,灯的额定电压大于：U=1 =反a 3.3V；灯 1L 03A 因小红观察到当小灯泡正常发光时电压表的示数为2.0V,故可知电压表并联在变阻器两端，由串联电路电压的规律，电源电压大于：U=2V+3.3V=5.3 V,故小红所用电源的电压为6丫灯的额定电压：UL=6
28、V-2 V =4V,灯泡的额定功率：P颍=UL=4 VXO.34=1.2W；根据串联电阻的规律及欧姆定律有：,uImin=一，小华发现电路中电流表的最小示数为0.12A,故电流最小时待测电阻的阻值：勺=U一 R定 2=三3V7-15。=100【解析】解：(a)待测小灯泡标有“0.34”字样，表示灯的额定电流为0.3 A,额定功率大于1W，根据P=U/,灯的额定电压大于：p“=上=3.3匕灯 IL 0.34 因小红观察到当小灯泡正常发光时电压表的示数为2.0V,故可知电压表并联在变阻器两端，由串联电路电压的规律，电源电压大于：U=2V+33V=5.3 P,故小红所用电源的电压为6V；(b)由串联
29、电路电压的规律，灯的额定电压：UL=6V-2 V =4V,灯泡的额定功率：P =UL1L=47 x 0.3A=1.21V；(a)实验中有两个电流表，因只有一个滑动变阻器，且小红已使用了，故电路图如下所示：第1 4页，共1 9页Rx(b)当电路的电阻最大时，电路的电流最小，根据串联电阻的规律及欧姆定律/=9有：.UImin=一，小华发现电路中电流表的最小示数为0.1 2 4,x八 定 m a*故电流最小时待测电阻的阻值：R x=4-R定max=-1 5/2 =1 0 0。Imin 和 m a”0.12A故答案为：(a)6；根据P =U/,灯的额定电压大于：灯 IL 0.3A 因小红观察到当小灯泡
30、正常发光时电压表的示数为2.0 乙 故可知电压表并联在变阻器两端，由串联电路电压的规律，电源电压大于：U =2 V+3.3V=5.3V,故小红所用电源的电压为6 匕(b)灯的额定电压：UL=6 V-2 V =4V,灯泡的额定功率：P额=ULIL=4 V x 0.3 4 =1.2W.(a)如上图所示；(b)根据串联电阻的规律及欧姆定律有：.u加加=瓦荷 一，小华发现电路中电流表的最小示数为0.1 2 4x 定 m a xU故电流最小时待测电阻的阻值：R x=r R定max=冷3 1/7 -1 5。=1 0 0。Imin a，0.1 2 A(a)待测小灯泡标有“0.3 4”字样,可知灯的额定电流为
31、0.3 4 根据额定功率大于1 W,由P =U 1 得出灯的额定电压的取值范围；由已知条件确定电压表并联在变阻器两端，由串联电路电压的规律得出电源电压的取值范围，确定小红所用电源的电压：(b)由串联电路电压的规律得出灯的额定电压，根据P =U/得出灯泡的额定功率；(a)根据己知条件，只有一个滑动变阻器，且小红已使用了，据此画出电路图；(b)当电路的电阻最大时，电路的电流最小，根据串联电阻的规律及欧姆定律得出电流最小时待测电阻的阻值。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，确定小红实验中电压表的连接是关键。1 7.【答案】1 2.8 圆柱体没有浸没时水对容器底部压强P 次随圆柱体浸入
32、液体深度/?的增大而增大2 与7（或 3 与 8；或 4与9）圆柱体甲已经浸没1 1.2 柱形容器的水的深度相同【解析】解：比较实验序号2、3、4 或 7、8、9中数据知，深度增加，液体压强增加量也增大，可知同一圆柱体浸入同一柱形容器的水中，圆柱体没有浸没时水对容器底部压强P 次随圆柱体浸入液体深度h的增大而增大；要想得出结论：不同圆柱体浸入同一柱形容器的水中时，其下表面到水面的距离/?相同，下表面受到的压强，底面积不同，根据p=9 可知，横截面积越大，AF次 越大，根据控制变量法可知：2 与7（或 3 与 8；或 4 与9）符合，不同圆柱体浸入同一柱形容器的水中时，其下表面到水面的距离h相同
33、；实验序号2 与 3 与 4 或 7 与 8 与 9中 次 与 力的倍数不变，说明同一圆柱体浸入前后水对容器底部压强差 P 次与/?成正比；分析比较实验序号5中 P 次与h的数据不符合上述结论，出现这一现象 P 水是变小，说明水的深度不再增加，即可圆柱体不再排开水，即圆柱体甲已经浸没。柱体下表面到水面的距离时，圆柱体A下降时，V甲排=S/,则水的深度增加量为：/1 =罢=?,容 ，容桃 S/八圆柱体3下降时，勿 解=$8 八，则水的深度增加量为：九 8 =W一=7 一，容 3 容由于次=。水 9 4 无，贝 1 J：s甲 八 p水 甲=P水g 九/=P水g xfS乙h P水 乙=P水g 九乙二
34、P水g x根据序号2 和 7的 口 次数据可知：X1P水 甲 2 P水乙,则：P 次 gx,p 水 gx,第 16页，共 19页所以，s甲 S乙已知实心金属圆柱体甲、乙的体积相同，则根据体积公式 =5%可得九=(可知：h甲 乙；由于两个实心金属圆柱体浸入的是同一柱形容器的水中，柱体甲下表面到水面的距离九=0.2 m时，圆柱体甲已经浸没，所以柱体乙下表面到水面的距离九=0.2 m时柱体乙必定浸没；则柱体下表面到水面的距离h =0.2 m时，V甲 排=V乙排；所以，此时柱形容器的水的深度相同，则根据P =p水。八可知水对容器底部压强也相同，根据实验序号4中的数据为1 1.2,则实验序号1 0 中
35、P 次的大小也为1 1.2。故答案为：圆柱体没有浸没时水对容器底部压强P 次随圆柱体浸入液体深度h的增大而增大；2 与7(或 3 与 8；或 4 与9)；圆柱体甲已经浸没；1 1.2；柱形容器的水的深度相同。(1)分析压强的增加量与h的变化，得出正比例关系；(2)要得出水对容器底部的压力差4尸 水与圆柱体的底面积的关系，需使用不同圆柱体浸入同一柱形容器的水中，其下表面到水面的距离人 相同；(3)分析表格中数据压强增加量与深度增加的关系，得出结论；(4)实心金属圆柱体逐步浸入同一柱形容器的水中时，由于圆柱体排开的液体使液面升高，则根据曝=S 得出水的深度增加量%,然后根据A P水=。次 9 九
36、可得出甲、乙下降为 时水产生的压强变化量，然后比较表格中的甲、乙下降相同万时水产生的压强变化量的大小，然后判断可得出甲、乙的底面积大小关系；由于实心金属圆柱体甲乙的体积相同，根据体积公式可判断出甲、乙的高度大小关系；由于两个实心金属圆柱体浸入的是同一柱形容器的水中，根据柱体甲下表面到水面的距离九=0.2 m时圆柱体甲的浸没状态可判断柱体乙在下表面到水面的距离h=0.2?n时柱体乙的浸没状态，然后即可判断序号1 0 中容器中水的深度变化，根据水的深度可知水对容器底部的压强的大小。此题是探究物体在浸入液体中的过程中，底部压强增加量与深度增加量之间的关系，要学习分析数据的方法，并注意控制变量法的应用
37、。1 8.【答案】解：Q吸=c次m t=4.2 x 103J/(kg )x 0.5kg x 2 0=4.2 x 1 047 o答：水吸收的热量为4.2 x 1 0。【解析】知道水的质量、水的比热容、水温度升高值，利用吸热公式Q =c 次 加 求水吸收的热量。本题考查了吸热公式Q 吸=c m A t 的应用，注意温度升高了()与升高到(末温)的区别。1 9 .【答案】解：不计绳子和滑轮间的摩擦，根据定滑轮的工作特点可知，拉力尸=G =1 0 N；绳端移动的距离，s =/i =2 m；拉力做功为：W =F s=ION x 2 m =2 0/；拉 力 F的功率为：P =?=4W。答：拉 力/所 做
38、的 功 W是 2 0 J。拉力产的功率尸是4 亿【解析】不计绳子和滑轮间的摩擦，根据定滑轮的工作特点可求拉力大小，然后利用小=F s 可求拉力做的功，再根据功率的公式P =?可求出功率。此题考查定滑轮的工作特点、功和功率的计算，是一道较为简单的计算题，难度不大。2 0 .【答案】解：该长方体的体积：V=abh-0.2m x 0.1 m x 0.0 5 m=1 x 1 0-3?n3,由P =可得，该长方体的质量：m =pV=2 x 103kg/m3 x 1 x 1 0-3m3=2kg；因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，该长方体对水平地面的压强：p=W=三=詈=pa9=pgh=2 x 1
39、03kg/m3 x 9.8N/kg x 0.2 m=3 9 2 0 P a；由题意可知，要使该长方体对水平地面的压强为4 9 0 P m 且沿水平方向在上部切去一定质量小较小，由P =9 =5 =詈可知，应使长方体对水平地面产生压强的受力面积最大，即将长方体平放,第1 8页，共1 9页此时长方体剩余部分的重力即对水平地面的压力：G=F=pS=pab=490Pa x 0.2m x 0.1m=9.8/V,长方体剩余部分的质量：则6=7n-=2kg 1kg 1kg。答：该长方体的质量为2依；该长方体对水平地面的压强为3920P”；要使该长方体对水平地面的压强为490帕,将长方体平放后沿水平方向在上部
40、切去的质量 m最小，原因是：由=(=詈 可 知，长方体对水平地面产生压强的受力面积越大，切去的质量a m较小，其 的 较 小 值 为1版。【解析】根据体积公式求出该长方体的体积，利用P=求出该长方体的质量；水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据p=g和G=mg=p，g求出该长方体对水平地面的压强；由题意可知，要使该长方体对水平地面的压强为490P”，且沿水平方向在上部切去一定质量小较小，根据P w=詈 可知应使长方体对水平地面产生压强的受力面积最大，根据G=F=pS求出此时长方体剩余部分的重力即对水平地面的压力，根据G=mg求出长方体剩余部分的质量，然后求出 m的较小值。本题考查了密度公式和重力公式、压强公式的综合应用，灵活的利用压强公式p=3和p=pg/i是关键，有一定的难度。