《2022年高考物理（辽宁卷）真题详细解读及评析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理（辽宁卷）真题详细解读及评析.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2022年辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理试卷【试题评析】2022年高考辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理试卷注重体现学科特色，突出学科主干内容和关键能力的考查，促进学生科学思维和正确价值观念的形成与发展，引导考生分析解决实际问题能力的提升。2022年高考辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理坚持守正创新，依托高考评价体系，深化基础性，突出落实立德树人根本任务，坚持正确的育人方向，促进对学生核心素养的培养，助力素质教育发展，促进学生德智体美劳全面发展。1.深化基础性，引导素质教育2022年高考辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理试题严格依据课程标准，注重对高中物理核心、主干内容的考查，不偏
2、不怪，注重在考查中深化基础性，加强定性和半定量的分析，在具体的情境中考查学生对物理本质的理解，引导学生知其然，更知其所以然，逐渐形成对物理全局性、整体性认识，试题注重考查一些通用性的物理方法。例如，辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理第4 题考查受力分析、物体平衡条件，第 6题气体图像，重点考查考生的理解能力、分析和推理的能力。2.加强理论联系实际，以实际情景命题2022年高考辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理创设联系生产生活实际、科学技术进步的真实情境，考查学生建立物理模型，灵活运用所学物理知识解决实际问题的能力，促进学生核心素养的培养和发展。例如，辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理第1
3、 题以桥式起重机为情境，将学科内容和大学机械紧密结合。第 2 题以中国锦屏深地实验室发表了首个核天体物理研究实验成果切入，引导学生关注科技。第 5 题 以 2021年 12月，在中国空间站“天宫课堂”的水球光学实验，航天员向水球中注入空气形成了一个内含气泡的水球为情景，考查光的折射定律及其相关知识点。3.加强实验设计，考查学生实验探究能力实验是培养学生物理学科素养的重要途径和方式。2022年高考辽宁省普通高中学业水平等级性考试实验命题注重在实验原理的理解、实验方案的设计、实验仪器的选择、基本仪器的使用、实验数据的处理、实验结论的得出和解释等方面加强设计，考查学生的实验能力和科学探究能力，充分发
4、挥对高中实验教学的积极导向作用，引导教学重视实验探究。第 11题将一小量程电流表（满偏电流为250 u A,内阻为1.2kQ）改装成有两个量程的电流表，第 12题利用光栅板自由下落测量重力加速度，源丁教材，而不同于课本实验。注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共 46分。在每小题给出的四个选项中，第卜7 题只有一项符合题目要求，
5、每小题4 分；第 810题有多项符合题目要求，每小题6 分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。1.如图所示，桥式起重机主要由可移动“桥架”“小车”和固定“轨道”三部分组成。在某次作业中桥架沿轨道单向移动了 8m,小车在桥架上单向移动了 6 m。该次作业中小车相对地面的位移大小为（）小车A.6m B.C.1 0 m D.1 4 m【参考答案】C【命题意图】本题考查位移及其相关知识点.【名师解析】根据位移是起点到终点的有向线段，可知，该次作业中小车相对地面的位移为两个相互垂直方向移动的分位移矢量和，即该次作业中小车相对地面的位移大小为4 =小 片+写=j 8 2 +6 2
6、 m=1 0 m,选项C正确.2.2 0 2 2年1月，中国锦屏深地实验室发表了首个核天体物理研究实验成果。表明我国核天体物理研究已经跻身国际先进行列。实 验 中 所 用 核 反 应 方 程 为A 1,己知X、aMg、的质量分别为叫、?2、g,真空中的光速为C,该反应中释放的能量为E。下列说法正确的是（）A.X为笊核；HB.X为就核：HC.石=（町+也+砥）/D.E=（R+/n,一 4）。2【参考答案】B 命题意图】本题考查核反应/核能及其相关知识点.【名师解析】根据核反应遵循的质量数守恒和电荷数守恒可知，X的质量数为3,电荷数为1,为晁核:H,选项A错误，B 正确；因该反应为人工转变，反应前
7、两种粒子都有动能（总动能设为反1）,反应后的生成物也有动能见2,根据质能方程可知，由于质量亏损反应放出的能量为=（g+加2-砥）c 2,则反应释放的能量为E =Eu+A-Ek 2=线 1 _ 弓2+（町+，%g）。2，选项 口错误。3 .一列简谐横波沿x 轴正方向传播，某时刻的波形如图所示，关于质点P的说法正确的是（）A.该时刻速度沿），轴正方向B.该时刻加速度沿y 轴正方向C.此后L周期内通过的路程为A4D.此后,周期内沿x 轴正方向迁移为/I2 2【参考答案】A【命题意图】本题考查对波动图像的理解及其相关知识点.【名师解析】波沿x 轴正向传播，由“同侧法”可知，该时刻质点P的速度方向沿y
8、轴正向，加速度沿y 轴负向，选项A正确，B 错误。在该时刻质点尸不在特殊位置，则在1周期内的路程不一定等于4 选项C错误；质点只4能在自己平衡位置附近振动，而不随波迁移，选项D 错误。4 .如图所示，蜘蛛用蛛丝将其自身悬挂在水管上，并处于静止状态。蛛丝ON与竖直方向夹角分别为a、队a用 斗 工 分别表示OM、ON的拉力，则（)MNA.F,竖直分力大于F2的竖直分力B.的竖直分力等于用 的竖直分力C.6的水平分力大于F2的水平分力D.鼻的水平分力等于F2的水平分力【参考答案】D【命题意图】本题考查力的分解/物体平衡条件及其相关知识点.【名师解析】此题的模型属于死结,对结点0受力分析可得，水平方向
9、耳si n。=F2 si n p即闩的水平分力等于B的水平分力，选项C错误，D正确；-re l mg si n B 尸 mg si n a对结点。受力分析可得，竖直方向耳c os。+6c os/?=mg,解得6 =-=-.-sm(a +/7)si n(+/?)则.的 竖 直 分量耳尸喘 岩，尸2的竖直分 量 号=嗯鬻.及 竖 直 分 力 均 与 Q 的竖直分力Fl y之差F2y-Fy=“z g s i n a c o s尸 mg sin Qcosa m g(s i n t z c o s/?-s i n/7 c o s a r)s i n(a +/7)s i n(a +/7)s i n(a +
10、/?)因 s i n a c o s P -c o s ct sin 户=s i n(一4)0可知K y 选项A B错误。5.完全失重时，液滴呈球形，气泡在液体中将不会上浮。2 02 1年1 2月，在中国空间站“天宫课堂”的水球光学实验中，航天员向水球中注入空气形成了一个内含气泡的水球。如图所示，若气泡与水球同心，在过球心。的平面内，用单色平行光照射这一水球。下列说法正确的是()A.B.2此单色光从空气进入水球，频率一定变大此单色光从空气进入水球，频率一定变小C.D.若光线1在M处发生全反射，光线2在N处一定发生全反射若光线2在N处发生全反射，光 线1在M处一定发生全反射【参考答案】C【命题意
11、图】本题考查光的折射、全反射及其相关知识点.【名师解析】由于光的频率是由光源决定的，与介质无关，所以此单色光从空气进入水球，频率不变，选项AB错误:由光路图可看出光线1入射到水球的入射角小于光线2入射到水球的入射角，则光线1在水球外表面折射后的折射角小于光线2在水球外表面折射后的折射角，设水球半径为R、气泡半径为八光线经过水球后的折射角为a、光线进入气泡的入射角为仇根据几何关系，由正弦定理可得sm（夕）=吧 R由此可知光线2的，大于光线1的 仇 故 若 光 线1在M处发生全反射，光线2在N处一定发生全反射，C正确、D错误。6.一定质量的理想气体从状态。变化到状态从其体积V和热力学温度T变化图像
12、如图所示，此过程中该A.对外界做正功B.压强保持不变C.向外界放热D.内能减少【参考答案】A【命题意图】本题考查对VT图像的理解、理想气体的状态方程、热力学第一定律及其相关知识点.【名师解析】理想气体从状态a 变化到状态b,体积增大，理想气体时外界做正功，选 项 A正确；由题图V T图像可知 小。+仃，根据理想气体的状态方程有,=C,联立有P=可看出7 增大，/，增大，选项B错误；理想气体从状态变化到状态4 温度升高，内能增大，选项D错误；理想气体从状态。变化到状态b,由选项AD可知，理想气体对外界做正功且内能增大，则根据热力学第一定律可知气体向外界吸收热量,选项C错误。7.如图所示，一小物块
13、从长1 m 的水平桌面一端以初速度w沿中线滑向另一端，经 过 1s 从另一端滑落。物块与桌面间动摩擦因数为，g 取 10m/s 2。下列v o、值可能正确的是（）A.v o=2.5m/s B.v o=1.5m/sC.n=0.28 D.n=0.25【参考答案】B【命题意图】本题考查牛顿第二定律、匀变速直线运动规律及其相关知识点.【名师解析】物块水平沿水平桌面中线做匀减速直线运动，则17 =乜*t 2由题述可知，x=l m,f=l s,v 0,代入数据有M）2m/s,故 A不可能，B可能；对物块做受力分析，由牛顿第二定律有a =-g,利用匀变速直线运动规律得卢-W=2以，整理有“八 2以0,由于如
14、2m/s 可得 0.2,故选项CD不可能。8.粒子物理研究中使用的一种球状探测装置横截面的简化模型如图所示。内圆区域有垂直纸面向里的匀强磁场，外圆是探测器。两个粒子先后从P点沿径向射入磁场，粒 子 1沿直线通过磁场区域后打在探测器上的 点。粒子2 经磁场偏转后打在探测器上的N点。装置内部为真空状态，忽略粒子重力及粒子间相互作用力。下列说法正确的是（）X X，粒子1A.粒 子1可能为中子B.粒子2可能为电子C.若增大磁感应强度，粒 子1可能打在探测器上的Q点D.若增大粒子入射速度，粒子2可能打在探测器上的。点【参考答案】AD【命题意图】本题考查带电粒子在圆形磁场的运动及其相关知识点.【名师解析】
15、由题图可看出粒子1没有偏转，说明粒子1不受磁场力作用，即粒子1不带电，则粒子1可能为中子；粒子2向上偏转，根据左手定则可知粒子2应该带正电，选 项A正确、B错误；由以上分析可知粒子1为中子,则无论如何增大磁感应强度，粒 子1都不会偏转，选项C错误；粒子2在磁场中运动。洛伦兹力提供向心v2mv力 有qvB=m,解得粒子运动轨迹半径r =-o可知若增大粒子入射速度，则粒子2的半径增大，粒子2可能打在探测器上的。点，选 项D正确。9.如图所示，行星绕太阳的公转可以看成匀速圆周运动。在地图上容易测得地球一水星连线与地球一太阳连线夹角a,地球一金星连线与地球一太阳连线夹角/，两角最大值分别为%,、乩，则
16、（）水星的公转周期比金星的大水星的公转向心加速度比金星的大水星与金星 公转轨道半径之比为sin sin/?,D.水星与金星的公转线速度之比为J si n或：J si n瓦【参考答案】B C【命题意图】本题考查万有引力定律和天体运动及其相关知识点.【名师解析】天体运动，万有引力提供向心力有，GMtn =m-47r-2R =m a可解得 T =2小旦,。=丝。因为水星的公转半径比金星小，故可知水星的公转周期比金星小；水 G M 氏星的公转向心加速度比金星的大,故选项A错误,B正确；设水星的公转半径为R 水，地球的公转半径为R地，R R当a角最大时有si nam =U，同理可知有5 m凤,=1鱼 地
17、 地所以水星与金星的公转半径之比为火 水:/u si nE/si na,选项C正确;根据万有引力提供向心力，6粤=机 二，可得u =R2 RG M由v M k：N fe=si nam：si n m 联立解得%k：%=J si n凤、:i nq”,选项 D 错误。10.如图所示，带电荷量为6 Q(Q 0)的 球1固定在倾角为30。光滑绝缘斜面上的。点，其正上方乙处固定一电荷量为-。的球2,斜面上距。点L处的b点有质量为，的带电球3,球3与一端固定的绝缘轻质弹簧相连并在6点处于静止状态。此时弹簧的压缩量为二，球2、3间的静电力大小为螫。迅速移走球1后,2 2球3沿斜面向下运动。g为重力加速度，球的
18、大小可忽略，下列关于球3的说法正确的是()A.带负电B.运动至点的速度大小为疯C.运动至。点的加速度大小为2gD.运动至必中点时对斜面的压力大小为期 二i 吆6【参考答案】B C D【命题意图】本题考查库仑定律、平衡条件、牛顿运动定律及其相关知识点.【名师解析】根据题图几何关系可知三小球构成个边长为L的等边三角形，小 球1和3之间的力大于小球2和3之间的力，弹簧处于压缩状态，故小球1和3之间的作用力一定是斥力，由于小球1带正电，所以小球3带正电,选项A错误；小球3运动至。点时，弹簧的伸长量等于 人，根据对称性可知，小球2对小球3做功为0：2弹簧弹力做功为0,故根据动能定理有m g si n6
19、=gw2,解得丫 =J 7，选项B正确；小球3在b点时,设小球3的电荷量为g,根据库仑定律和平衡条件，得四=鳖。设弹簧的弹力为凡 根据受力平衡，2沿斜面方向有尸=攵 幺 华 女 奖si n30 m g si n30,解 得F=-m gaL L 4小球3运动至a点时，弹簧 伸长量等于 内，根据对称性，利用牛顿第二定律可得2F +z 5g si n30 阳g si n30 =松，解得。=2g,选项C正确；当小球3运动至时中点时，弹簧弹力r_,qQ _ 4/q Q _ 4 mg _ 2Fg k r=-=k =-x-=-mg为0,此时小球2对小球3的 力 为2 3 万 2 3 2/32 3斜面对小球的
20、支持力为 FN=mg c o s 30 -F2 3=mg-mg=/I mg2 3 6根据牛顿第三定律可知，小球对斜面的压力大小为3一4 m g ,选项口正确。二、非选择题：本题共5小题，共54分。1 1.某同学要将一小量程电流表(满偏电流为250MA,内阻为L 2 k Q)改装成有两个量程的电流表，设计电路如图()所示，其中定值电阻4=40 Q,&=360。Ri LBSR2（图a）（l）当开关S接A端时，该电流表的量程为。m A;（2）当开关S接B端时，该电流表的量程比接在A端时（填“大”或“小”）（3）该同学选用量程合适 电 压 表（内阻未知）和此改装电流表测量未知电阻凡的阻值，设计了图中两
21、个电路。不考虑实验操作中的偶然误差，则使用（填“甲”或“乙”）电路可修正由电表内阻引起的实验误差。甲 乙（图b）【参考答案】（1）1（2）大（3）乙【命题意图】本题考查电流表改装、欧姆定律、串并联电路规律及其相关知识点【名师解析】（1）由图可知当S接力时，R和&串联接入电路，和电流表并联，满偏时电流表两端的电压为=/nir=250 x 1 O-6 x 1.2x103V=0.3 V此时 R 和 R2 的电流为 1=J。=:L A=0.75 x 10-3A=0.75mARi+R2 40+360所以总电流为/总=/,”+I=l m A,即量程为0 l m A o（2）当开关S接8端时，由图可知电阻吊
22、和电流表串联再和电阻&并联，由于和电流表并联的电阻变小，当电流表满偏时，流过电阻&的电流变大，干路电流变大，即量程变大；所以开关S接2端时，该电流表的量程比接在A端时大。（3）图甲是电流表的外接法，误差是由于电压表的分流引起的；图乙是电流表的内接法，误差是由于电流表的分压引起的，因为题目中电压表电阻未知，故采用图乙的方法可以修正由电表内阻引起的实验误差。1 2.某同学利用如图所示的装置测量重力加速度，其中光栅板上交替排列着等宽度的遮光带和透光带（宽度用 d 表示）。实验时将光栅板置于光电传感器上方某高度，令其自由下落穿过光电传感器。光电传感器所连接的计算机可连续记录遮光带、透光带通过光电传感器
23、的时间间隔4 o透光带（1）除图中所用的实验器材外，该实验还需要（填“天平”或“刻度尺”）;（2）该同学测得遮光带（透光带）的宽度为4.50 c m,记录时间间隔的数据如表所示，编号1 遮光带2 遮光带3 遮光带AZ/(X10-3S)7 3.0 43 8.6 73 0.0 0根据上述实验数据，可得编号为3的遮光带通过光电传感器的平均速度大小为%=m/s （结果保留两位有效数字）：（3）某相邻遮光带和透光带先后通过光电传感器的时间间隔为A%、t2,则重力加速度g=（用 d、表示）;（4）该同学发现所得实验结果小于当地的重力加速度，请写出一条可能的原因:【参考答案】2d(A f.)(1)刻度尺(2
24、)1.5 (3)上（4）光栅板下落受到空气阻力的作用【命题意图】本题考查重力加速度测量实验及其相关知识点.【名师解析】（1）该实验测量重力加速度，不需要天平测质量；需要用刻度尺测量遮光带（透光带）的宽度，故需要刻度尺：（2）根据平均速度的计算公式可知，编号为3的遮光带通过光电传感器的平均速度大小为丫=4.5x10：m=5m zs .t 3 O x l O-3s（3）由于d很小，可以用遮光带通过光电传感器的平均速度代替瞬时速度，所以有d d-，彩 二-4 2 M由匀变速直线运动规律，v2=vt+g2可得g=，2（一 维）（4）由于光栅板下落过程中受到空气阻力的影响，所以竖直向下的加速度小于重力加
25、速度。1 3.2 0 2 2年北京冬奥会短道速滑混合团体2 0 0 0米接力决赛中，我国短道速滑队夺得中国队在本届冬奥会的首金。（1）如果把运动员起跑后进入弯道前的过程看作初速度为零的匀加速直线运动，若运动员加速到速度v =9 m/s时，滑过的距离x =1 5 m,求加速度的大小；（2）如果把运动员在弯道滑行的过程看作轨道为半圆的匀速圆周运动，如图所示，若甲、乙两名运动员同时进入弯道，滑行半径分别为R p=8 m、R乙=9m,滑行速率分别为炸=1 0 m/s、%=l l m/s,求甲、乙过弯道时的向心加速度大小之比，并通过计算判断哪位运动员先出弯道。【参考答案】（1）2.7 m/s2：（2）-
26、甲2 4 2【命题意图】本题考查直线运动、圆周运动、向心加速度及其相关知识点.【名师解析】（1）根据速度位移公式有v2=2ax代入数据可得a=2.7m/s2(2)根据向心加速度的表达式v2a=一R可得甲、乙的向心加速度之比为q甲崎x R乙 225a乙或 242甲、乙两物体做匀速圆周运动，则运动的时间为兀Rt=V代入数据可得甲、乙运动的时间为4万 9万.乙因而%，所以甲先出弯道。1 4.如图所示，光滑水平面A8和竖直面内的光滑,圆弧导轨在B点平滑连接，导轨半径为R。质量为？4的带正电小球将轻质弹簧压缩至A点后由静止释放，脱离弹簧后经过8点时的速度大小为胸，之后沿轨道80运动。以。为坐标原点建立直
27、角坐标系x O y,在xN-R区域有方向与x轴夹角为8 =4 5。的匀强电场，进入电场后小球受到的电场力大小为小球在运动过程中电荷量保持不变，重力加速度为g。求：(1)弹簧压缩至A点时的弹性势能;(2)小球经过。点时的速度大小；(3)小球过。点后运动的轨迹方程。【参考答案】(I)mgR-(2)%=屈 左；(3)2=6 R r【命题意图】本题考查电场力、能量守恒定律、动能定理、牛顿运动定律、平抛运动规律及其相关知识点.【名师解析】(1)小球从A到8,根据能量守恒定律得E p=g礴=g m g R(2)小球从3到0,根据动能定理有-mgR+qE-血R=g mv-g mv1解得(3)小球运动至。点时
28、速度竖直向上，受电场力和重力作用，将电场力分解到x轴和y轴，则x轴方向有qE co s 4 5 =m av竖直方向有qE sin 4 5 0 -mg=m aY解得%=g,%=0说明小球从0点开始以后的运动为X轴方向做初速度为零的匀加速直线运动，y轴方向做匀速直线运动，即做类平抛运动，则有1 ,x =，y=vo(联立解得小球过。点后运动的轨迹方程y2=6Rx1 5.如图所示，两平行光滑长直金属导轨水平放置，间距为，a b ed区域有匀强磁场，磁感应强度大小为B,方向竖直向上。初始时刻，磁场外的细金属杆M以初速度均向右运动，磁场内的细金属杆N处于静止状态。两金属杆与导轨接触良好且运动过程中始终与导
29、轨垂直。两杆的质量均为，在导轨间的电阻均为R，感应电流产生的磁场及导轨的电阻忽略不计。(1)求M刚进入磁场时受到 安培力尸的大小和方向；(2)若两杆在磁场内未相撞且N出磁场时的速度 为 七，求:N在磁场内运动过程中通过回路的电荷量q；初始时刻N到ab的最小距离x；(3)初始时刻，若N到的距离与第(2)问初始时刻的相同、到出?的距离为丘(4 1),求知出磁场后不与N相撞条件下k的取值范围。【参考答案】(1)b=竺 二 九，方向水平向左；2R(2)Q_J Q =-m-v-n,_ 二 2mvnR ：(3)2W一k l),则N到外边的速度大小恒为马,根据动量守恒定律可知3mvn-mv+m-解得N出磁场时，M的速度大小为2片=3V由题意可知，此时M到川边的距离为 s=(k-1)x若要保证M 出磁场后不与N相撞，则有两种临界情况:M减速到一时出磁场，速度刚好等于N的速度，一定不与N相撞，对M根据动量定理有 2 环B1XL-A/j=zn v0-m-y 人 B L k-l)xq 1=/;=-1 1 2R联立解得k=2M运动到“边时，恰好减速到零，则对M由动量定理有BV2L-M2=m-Q)同理解得k=3综上所述，M 出磁场后不与N相撞条件下k 的取值范围为2 Wk 3