《2022届山西省吕梁市高考冲刺模拟物理试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022届山西省吕梁市高考冲刺模拟物理试题含解析.pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1 .考生要认真填写考场号和座位序号。2 .试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2 B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3 .考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2 4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，水平桌面上有三个相同的物体a、从c叠放在一起，”的左端通过一根轻绳与质量为?=36kg的小球相连，绳与水平方向的夹角为6 0。，小球静止在光滑的半圆形器皿中。水平向右的力F=2 0 N作用在）上，三个物体保持
2、静状态。g取1 0 m/s 2。下列说法正确的是（）A.物体a对桌面的静摩擦力大小为1 0 N,方向水平向右B.物体入受到物体a给的一个大小为2 0 N的摩擦力，方向向左C.物体c受到向右的静摩擦力，大小为2 0 ND.在剪断轻绳的瞬间，三个物体一定会获得向右的加速度2,一半径为/?的半圆形玻璃砖放置在竖直平面上，其截面如下图所示.图中。为圆心，M N为竖直方向的直径.有一束细光线自O点沿水平方向射入玻璃砖，可以观测到有光线自玻璃砖内射出，现将入射光线缓慢平行下移，当入射光线 与。点的距离为d时，从玻璃砖射出的光线刚好消失.则此玻璃的折射率为（）3、粗糙斜面倾角为3岁,一物体从斜面顶端由静止开
3、始下滑，运动的位移一时间关系图像是一段抛物线，如图所示，g 1 0 m/s2.贝IJ（）0.25A.下滑过程中，物体的加速度逐渐变大B.f=o.5 s时刻，物体的速度为o.25m/sC.O 0.5s时间，物体平均速度lm/sD.物体与斜面间动摩擦因数为也54、在 2019年武汉举行的第七届世界军人运动会中，21岁的邢雅萍成为本届军运会的“八冠王”。如图是定点跳伞时邢雅萍运动的7 图像，假设她只在竖直方向运动，从 0 时刻开始先做自由落体运动，时刻速度达到肛时打开降落伞后做减速运动，在 22时刻以速度也着地。已知邢雅萍（连同装备）的质量为机，则邢雅萍（连同装备）（）1 0B.0“2内机械能减少了
4、万加匕c.4 时刻距地面的高度大于+%）（%G2D.人 ，2内受到的合力越来越小5、如图所示，虚线*A c 是电场中的一簇等势线（相邻等势面之间的电势差相等），实线为一 a 粒 子（重力不计）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，尸、。是这条轨迹上的两点，据此可知（）B.电子在尸点具有的电势能比在。点具有的电势能小C.a 粒子在尸点的加速度比。点的加速度大D.带电质点一定是从P 点向。点运动6、下列四个选项中哪个不等于磁感应强度的单位特斯拉（）N N-s V-s WbA.B.-C.D.-A-m C m nr m二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中
5、，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、A、B 两粒子以相同的初速度沿与电场线垂直的方向由左边界的同一点先后进入同一匀强电场，最后它们都从电场的右边界离开电场。不计粒子的重力。已知A、B 两粒子的质量之比为1：4,电荷量之比为1：2,则此过程中（）A.A、B 的运动时间之比为1：1B.A、B 沿电场线的位移之比是1：1C.A、B 的速度改变量之比是2：1D.A、B 的电势能改变量之比是1：18、如图所示，将质量为，的小球用橡皮筋悬挂在竖直墙的。点，小球静止在。点，尸为。点正下方一点，O尸间的距离等于橡皮筋原长，在尸点固定一光滑圆环，橡皮筋穿过
6、圆环。现对小球施加一个外力凡 使小球沿以PQ为直径的圆弧缓慢向上运动，不计一切阻力，重力加速度为g,则下列说法正确的是（）A.小球在。向尸运动的过程中外力F的方向始终跟橡皮筋垂直B.小球在。向尸运动的过程中外力尸的方向始终水平向右C.小球在。向尸运动的过程中外力F逐渐增大D.小球在Q向尸运动的过程中外力F先变大后变小9、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是2：1,A 5两点之间始终加 =2 2 0&sin l（X）m（V）的交变电压。R 是输电线的电阻，L 是标有“100V、100W”的白炽灯。M 是标有“I00V、200W”的电动机，其线圈电阻后10。开关 S 断开时，电动机正常工作。下
7、列说法正确的是（）RA.输电线的电阻阻值R=2（）QB.电动机的输出功率为180WC.开 关 S 闭合后，电动机的电功率减小D.开关S 闭合后，白炽灯的功率为100W10、如图为某小型水电站的电能输送示意图，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电，已知输电线的总电阻R=10C,降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4:1,副线圈与用电器Ro组成闭合电路.若Ti、T2均为理想变压器,T2的 副 线 圈 两 端 电 压.-22072 sin 100-Z（V）,当用电器电阻Ro=llC时（）A.通过用电器Ro的电流有效值是20AB.当用电器的电阻R。减小时，发电机的输出功率减小C.发电机中
8、的电流变化频率为100 HzD.升压变压器的输入功率为4650W三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）如图所示，梁老师在课堂做“验证力的平行四边形定则”实验时，橡皮条的一端固定在黑板上方的A 点，另一端被两个弹簧测力计拉到O点。（1）下列原因可能会导致实验结果不准确的是A.弹簧测力计在实验前没有调零B.弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧侧力计刻度C.弹簧测力计自身的重力对拉力大小有影响D.拉橡皮条的细绳套粗一些且短一些，实验效果较好（2）为了提高实验的准确性，减少误差，请提出合理的解决办法（一条即可）两弹簧测
9、力计的读数分别为八和尸2,两细绳的方向分别与橡皮条延长线的夹角为 和痣，如图所示，以下说法正确的是.A.为了验证力的平行四边形定则，只需作力的图示来表示分力与合力B.实验中用平行四边形定则求得的合力尸一定与O A在一条直线上C.若保持。点的位置和夹角6不变，夹角（12可变，若 B 增大，则尸2可能减小D.两弹簧测力计间的夹角四和az之和必须取9012.（12分）为了测量一精密金属丝的电阻率：I.先用多用电表XI。挡 粗 测 其 电 阻 为。，然后用螺旋测微器测其直径为 m m,游标卡尺测其长度是n.为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下:A.电 压 表（
10、量程3 V,内阻约为15Z。）B.电压表（量 程 1 5 V,内阻约为75ZQ）C.电 流 表（量程3 A,内阻约为0.2。）D.电 流 表（量程600m A,内阻约为1。）E.滑动变阻器（）5C,0.6A）F,滑动变阻器（02000Q,0.1A）G.输出电压为3V 的直流稳压电源EH.电阻箱I.开关S,导线若干为了尽量多测几组实验数据，则上述器材中应选用的实验器材除G、I外，还需的是（填代号）.请在虚线框内设计最合理的电路图_ _ _ _ _ _ 并 将 图 的 实 物 连 线.如 果 金 属 丝 直 径 为D,长度为L,所测电压为U,电流为I,写 出 计 算 电 阻 率 公 式.四、计算题
11、：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.（10分）如图所示，A 3是重力为G的匀质细直杆，其中A端通过光滑较链固定于竖直墙壁上，3端受一与细直杆夹角恒为6 0的拉力作用，使杆子由水平位置缓慢沿逆时针方向转到竖直位置。求:（1）当杆与墙壁的夹角为60时，杆A、B端受到的作用力的大小；当杆与墙壁的夹角为30时，杆A、3端分别受到的作用力的大小。1 4.（16分）如图纸面内的矩形A B C D区域存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，对 边ABCD、ADBC,电场方向平行纸面，磁场方向垂直纸面，磁感应强度大小为&一带电粒子从A B上 的
12、P点平行于纸面射入该区域，入射方 向 与A B的夹角为0（火90。），粒子恰好做匀速直线运动并从C D射出.若撤去电场，粒子以同样的速度从P点射入该区域，恰 垂 直C D射出.已知边长AD=BC=d,带电粒子的质量为m,带电量为q,不计粒子的重力.求：B.-|CAD(1)带电粒子入射速度的大小；带电粒子在矩形区域内作直线运动的时间；匀强电场的电场强度大小.15.(12分)如图所示，质 量 M=3kg的足够长的小车停在光滑水平地面上，另一木块胆=lk g,以 vo=4m/s的速度冲上小车，木块与小车间动摩擦因数=0.3,g=10m/s2,求经过时间Z=2.0s时：-140,M(_)(_)-_Z/
13、Z/2 z /777(1)小车的速度大小y；(2)以上过程中，小车运动的距离工；(3)以上过程中，木块与小车由于摩擦而产生的内能Q.参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A.对团受力分析在竖直方向2T sin 60 =mg则绳子拉力为T=惬：=地x。N=30 N2 sin 60 V32x2对。、b.c整体受力分析，水平方向根据平衡条件T=F+f则桌面对。的静摩擦力方向水平向右，大小为/=T-F =3ON-2ON=1ON根据牛顿第三定律可知，。对桌面的静摩擦力大小为1 0 N,方向水平向左，A 错误；B
14、.对。、c 整体受力分析，水平方向根据平衡条件F=f =20 N可知物体力受到物体a 给的一个大小为20N的摩擦力，方向向左，B 正确；C.对。受力分析可知，物体仅受重力和支持力，受到的摩擦力为0,C 错误；D.地面对。、b.，整体的最大静摩擦力大小未知，在剪断轻绳的瞬间，系统的运动状态未知，D 错误。故 选 B。2、C【解析】根据题意可知，当入射光线与。点的距离为d 时，从玻璃砖射出的光线刚好消失，光 线 恰 好 在 圆 弧 面 上 发 生 了 全反射，作出光路图，如图根据几何知识得:.dsmC=R 1sinC=,n联立得：RA.R与上述计算结果=Ra不相符，故 A 错误;B.J*,与上述计
15、算结果=)不相符，故 B 错误；R dC.与与上述计算结果=相符，故 C 正确；d aD.与上述计算结果=不相符，故 D 错误。K a3、D【解析】1 oA.由题意可知，物体初速度为零，xf 图象是一段抛物线，由匀变速直线运动的位移公式x=；7s 2可知，物体的加速2度保持不变，物体做匀加速直线运动，由图示图象可知：UO.5s时 x=0.25m,解得a=2m/s2故 A 错误；B.物体做初速度为零的匀加速直线运动，UO.5s时物体的速度v=a/=2x0.5m/s=lm/s故 B 错误；C.物体在00.5s内物体的平均速度-v0+v 0 +1v=-.=-m/s=0.5m/s2 2故 C 错误；D
16、.对物体，由牛顿第二定律得，gsin30-，gcos30=/na代入数据解得 二T故 D 正确。故选D。4、D【解析】A.06时间内，邢雅萍做自由落体，机械能守恒，人/2由于降落伞的作用，受到空气阻力的作用，空气阻力做负功,故 0“2内机械能不守恒，故 A 错误；B.机 械 能 损 失 发 生 在 的 时 间 段 内，设有时刻物体距离地面高度为，则有Wf+mgh=mv；-mv解得叱=g mvj g mv-mgh阻力做负功，故机械能的减小量为 E=-叱故B错误;C.丫-/图象与时间轴围成面积表示位移大小，如图若物体做匀减速直线运动，则有4 时间里平均速度2由图可知运动员彳 4时间里位移小于红线表
17、示的匀减速运动的位移，故 两 段 时 间 里，邢雅萍的平均速度小于2 1 七，故 时 刻 距 地 面 的 高 度 小 于 叱 山 上 扪；故C错误；2 2D.丫-f图象的斜率表示加速度，由图像可知，在4 时间内运动员做加速度不断减小的减速运动，故D正确。故 选D。5、C【解析】A.电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于a粒子带正电，因此电场线指向上方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最低，c等势线的电势最高，故A错误；B.a等势线的电势最低，c等势线的电势最高；而电子带负电，负电荷在电势高处的电势能小，所以电子在尸点具有的电势能比在。点具有的电势能大，故B错误；C.等势线密的地方电场线密场强大，故
18、尸点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故C正确；D.由图只能判断出粒子受力的方向，不能判断出粒子运动的方向，故D错误；故选C。6、D【解析】F NA,根据8=一 可 知，1=1 T,选项A不符合题意；IL A mv cg 1 N N,N-s m S,V s A.BC.lT=l-=l =l 二lF，选 项 B C 不符合题意；A-m em C m Cm ms WbD.由B=一 可知，lT=l一，选 项 D 符合题意。S m2故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选
19、错的得。分。7、A C D【解析】A.假设粒子在垂直电场方向运动的位移为L,粒子在垂直电场线方向做匀速直线运动Lt=%结合题意可知A、B 在电场中的运动时间相同，A 正确；B C.根据加速度的定义式可知速度的改变量之比等于加速度之比，粒子只受电场力作用。根据牛顿第二定律变形qEa=-!m可得A 一 1 4 2aR 2 I根据运动学公式d-at22可 得 A、B 沿电场线的位移之比_ aA _ 2B 错误，C 正确；D.电场力做功改变电势能，所 以 A、B 的电势能改变量之比等于电场力做功之比，电场力做功1I7,q2E2t2W=qEd=-2m所以%1 22D正确。故选ACD8,AC【解析】设圆的
20、半径为K,则PQ=2R。尸为橡皮筋的原长，设劲度系数为K开始时小球二力平衡有k-2R=mg当移动到橡皮筋与竖直方向成。角时，受力分析：9 0弹力大小为T=2kR cos 0=mg cos 0所以有F=mg sin 0且方向跟橡皮筋垂直，移动过程中。一直增大，sin 6一直增大，尸一直增大，AC正确，BD错误。故选AC,9、AC【解析】A.开关S断开时，电动机正常工作，副线圈两端电压10 0 V,副线圈电流I2=2A2 U根据变压器原理可知，原线圈两端电压20 0 V,原线圈电流1A,在原线圈回路冷4+G解得R=2()Q故 A 正确；B.电动机的输出功率为AU=P-*RM=16OW故 B 错误；
21、C D.开关S 闭合后，副线圈回路电流变大，则原线圈回路电流变大，电阻上分压变大，则原线圈两端电压减小，根据变压器原理，副线圈两端电压减小，小 于 100V,则电动机的电功率减小，白炽灯的功率小于100W,故 C 正确D错误。故选AC.10、AD【解析】A.降压变压器副线圈两端交变电压有效值为U=41=利3V=220V,负载电阻为11C,所以通过Ro电流的有效值是 2 0 A,故 A 正确；B.当用电器的电阻Ro减小时，由于电压不变，电流增大，输出功率增大，则发电机的输出功率也增大，故 B 错误；C.交流电经过变压器，频率不变，则交流电的频率f=s/27r=50Hz.故 C 错误；D.根 据
22、L：L=n4：in得，输电线上的电流L=5A,则输电线上损耗的功率P*/；/?=25xl0W=250W,降压变压器的输入功率p3=u4l4=220 x20W=4400W,则升压变压器的输出功率P=P3+P刎=4400+250y=4650.故 D 正确；故选AD【点睛】在输电的过程中，交流电的频率不变，结合降压变压器的输出电压和用电器的电阻，根据欧姆定律求出通过用电器的电流，结合输电线上的功率损失求出升压变压器的输入功率.三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AD 将竖直平面转到水平面 C【解析】(1)1A.弹簧测力计在实验前没有调零，
23、弹簧测力计测力时会导致实验结果不准确，故 A 符合题意；B.本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则，为了减小实验误差，弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则，作出的是拉力在纸面上的分力，误差较大，读数时视线必须与刻度尺垂直，防止视觉误差，故 B 不符合题意；C.弹簧测力计测的是拉力大小而不是重力大小，所以弹簧测力计自身的重力，不会导致实验结果不准确，故 C 不符合题意；D.在实验中要减小拉力方向的误差，应让标记同一细绳方向的两点尽量远些，故细绳应该长一些；拉橡皮条的细绳套粗一些且短一些，会导致实验结果不准确，故 D 符合题意；故选AD；2为了提高实验的准确性，减少误差要选用弹性小且
24、适当长的细绳或将竖直平面转到水平面；(3)3A.为了验证力的平行四边形定则，应采用作力的图示来表示分力与合力，但不是只需作力的图示来表示分力与合力，故 A 错误；B.因实验中存在误差，故不可能严格使尸与尸重合，所以实验中用平行四边形定则求得的合力/不一定沿。4 直线方向，故 B 错误；C.对点。受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力，保持。点的位置和夹角四不变，即橡皮条长度不变，弹簧拉力G 方向不变，弹簧拉力尼方向和大小都改变，如图：根据平行四边形定则可以看出”的读数不断增大时，生先变小后变大，所以若月增大时，工可能变小，故 C 正确;D.实验中，把橡皮筋的另一端拉到。点时，两个弹簧测力计
25、之间的夹角不一定是取9 0 ,故 D 错误;故选C。12、6.0 2.0932.097 100.15ADE【解析】UnD-4IL由图示多用电表可知，待测电阻阻值是6.0 xlQ=6.0 C；由图示螺旋测微器可知，其读数为：2 m/7/+9.5x().Ob/?/77=2.095mm,由图示游标卡尺可知，其示数为：10 x1(打+3x0.0 5”=10 0.157，；实验需E 3要G电源，I开关与导线，电源电动势为3V,因此电压表应选A.通过待测电阻的最大电流约为/=六A=0.5A,R 6.0则电流表应选：D.为保证电路安全方便实验操作，滑动变阻器应选：E.故选ADE；为测多组实验数据，滑动变阻R
26、 6,R、,150 0 0&R器应采用分压接法；豆=丁6-=2 50,则 有 黄，及 电流表应采用外接法 实验电路图如图所示联立得07TUD24IL四、计算题：本题共2小题，共2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。IQ m尸一 G 布G人底炉小小丁;(2)FA=G，FR=G【解析】(1)当杆与墙壁的夹角为60 ,对杆的受力分析如图所示:据平衡条件可得FB=Gsin3QGTFA=Geos 306 G当杆与墙壁的夹角为30时，对杆的受力分析如图所示:由三力组成的矢量三角形与A4CD相似，有IL=I L=_G_AD CD AC设杆子长为，o,由几何关系知
27、CD=k4AC=/02 o3 阴解得晒5二KF；=E GB 6qBd mcos3乂、N许0mcos【解析】画出粒子的轨迹图，由几何关系求解运动的半径，根据牛顿第二定律列方程求解带电粒子入射速度的大小；带电粒子在矩形区域内作直线运动的位移可求解时间；根据电场力与洛伦兹力平衡求解场强.【详解】(1)设撤去电场时，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为R,画出运动轨迹如图所示，轨迹圆心为O.由几何关系可知：cosO=：2洛伦兹力做向心力：qv(B=解 得%=业)mcosff(2)设带电粒子在矩形区域内作直线运动的位移为x,有sin。=&X粒子作匀速运动：X=v()t联立解得/=mcosOqBsin(3)
28、带电粒子在矩形区域内作直线运动时，电场力与洛伦兹力平衡：Eq=qvoB解得E=9 mcosO【点睛】此题关键是能根据粒子的运动情况画出粒子运动的轨迹图，结合几何关系求解半径等物理量；知道粒子作直线运动的条件是洛伦兹力等于电场力.15、(3)rnls(3)1.5m(3)6J【解析】试题分析：(3)木块的加速度ani=Hg=3m/s3,*umg 0.3x1x10 皿 2小车的加速度：=-2-=-=4加s-M 3两者速度相等时：V=V2-amt3=a Mt3解 得:t3=3s,v=3m/s此后小车和木块共同匀速运动，则 t=3.2 s时小车的速度大小v=3m/s(3)小车加速阶段的位移为：X3=-3Mt33=-X3X33=2.5m2 2匀速运动的时间t3=t-t3=3s小车匀速阶段的位移为：X3=vt3=3x3=3m3 s内小车运动的距离X=X3+X3=3.5m2 9V-V n(3)速度相等前，木块的位移：乂=1=2.5加2am木块和小车的相对位移为：A x=x，-X3=3m木块与小车由于摩擦而产生的内能：Q=fA x=nmgA x=6J考点：牛顿第二定律的综合应用