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1、2022年广东省东莞市香市中考物理一模试卷一、选 择 题（共35小题，每小题3分，满 分105分）I.（3 分）如图是用刻度尺测长度的实验，所记录的测量结果正确的是（）2345 6cmA.5.3cm B.5.25cm C.3.25cm D.3.3cm3.（3 分）平面镜前有一点光源S,如图所示，作一条从光源S 射出的光线，使它经平面镜反射后，恰好经过A 点。图中的数字符号表示的是确定光源S 射出的光线时作图的先后次序，其中作图过程正确的是（）4.（3 分）如图所示的广告图中有一处科学性的错误，它违背了光的某种规律，下面哪幅原理图能说明它违背的规律？（）5.（3 分）如图所示是某同学在研究凸透镜
2、成像规律时作出的像距v 和物距u 的关系图象根)C.当 uVlOcm时，该凸透镜可以当作投影仪的镜头使用D.在物距从15cm增大到30cm的过程中，光屏上所成的像也逐渐变大6.（3 分）下列物态变化的实例中，属于熔化的是（）冰雪遇暖消融7.（3 分）如图甲所示，是小英“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验，开始实验时她控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块速度随时间变化的图象如图丙所示，则下列说法正确的是（）A.0 2s时，木块保持静止B.2 6 s时，木块受的摩擦力为ONC.第 Is 时木块受到的摩擦力为4ND.第 7 s时木块受到的摩擦力为3N8.（3 分）下列力臂的画法正确的是
3、（）9.（3 分）如图所示，用细线将吊灯悬挂在天花板上，当灯静止时，下列哪对力属于平衡力()A.吊灯所受的拉力与细线所受的重力B.细线对吊灯的拉力与吊灯所受的重力C.细线对吊灯的拉力与吊灯对细线的拉力D.吊灯所受的拉力与细线对天花板的拉力10.（3 分）如图所示，把重力为100N的物体从底端匀速推到斜面顶端，斜面长为10m,高为 3 m,实际推力为5 0 N,则下列选项错误的是（）B.克服物体重力做功为300JC.斜面的机械效率为60%D.物体与斜面之间的摩擦力为50N11.（3 分）用两个相同的电热器给质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的B.随温度的升高，甲的比热容逐渐增大C.
4、10分钟甲吸收的热量为2.52Xl（）5jD.甲物质和水吸收相同热量后升高相同的温度12.（3 分）现有两个阻值不等的未知电阻R i和 R 2,为了比较它们的阻值大小，几个同学分别设计了下列四种电路，其中不可行的是（图中的电流或电压均在各电表的量程范围内,电源电压未知）（）13.（3分）如图所示，是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3 V不变,滑动变阻器的规格是“10Q 1A。实验中，先在a、b两点间接入5Q的电阻，闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2 V,读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪
5、两个电 阻（）P a R bSA.IOC 和 40。B.20Q 和 30Q C.10。和 20Q D.30Q 和 40。14.（3分）如图所示电路，电源电压保持6 V不变，电流表的量程为00.6 A,电压表的量程为03 V,定值电阻R i的规格为“10Q0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Q1A”.闭合开关，为了保证电路安全，在移动滑片P的过程中，下列判断正确的是（）A.电流表的示数变化范围是0.2A0.5AB.电路总功率的变化范围是1.2W3WC.R i的电功率变化范围是0.9W2.5WD.滑动变阻器R2的阻值变化范围为010Q15.（3分）我国的新型航母将采用自行研制的电磁弹射器，小明
6、猜想它的工作原理如图所示，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列实验原理相同的是（）D.16.（3 分）如图所示为小东家某部分家庭电路的电路图，火线和零线之间的电压为220V.小东先把拉线开关闭合，灯泡正常发光。再把电饭煲接到三孔插座并闭合开关，电饭煲正常工作。请问此时哪个说法是错误的（）线线线零保险丝D.武拉线二Y开关三孔插座 疔施A.灯泡的正常工作电压为220VB.灯泡和电饭煲这两个用电器是属于并联关系C.把电饭煲插头拔掉后，正确使用试电笔插到插座左孔，试电笔发光。这是因为此时零线有电流流过D.把电饭煲换成电热水
7、壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，原因可能是电热水壶内部发生短路17.（3分）格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了 2007年诺贝尔物理学奖，如图是研究巨磁电阻特性的电路示意图，当闭合S”S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法正确的是（A.滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱B.滑片P向右滑动过程中电磁铁的磁性增强C.巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小D.巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大18.（3分）如图甲所示的电路中，Ri为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则下列
8、判断错误的是（）图甲图乙A.电源的电压为6VB.电路的最大总功率为3.6WC.R2消耗的电功率先变大后变小，最大功率为0.9WD.滑片位于中点位置时候滑动变阻器的功率为0.8W19.（3分）利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3 V不变，分别将5。、10。、15。、20。、25。的定值电阻R连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流描绘出如图乙所示的图象，则下列判断正确的是（）甲 乙A.实验中电压表的示数保持I V不变B.当R的电阻为10。时，通过R的电流为0.2AC.滑动变阻器连入电路的阻值范围为025QD.将R从5。换 成10。后，应将滑片向右移20.（3分）如图所示是
9、电阻甲和乙的I-U图象，下列说法正确的是（）B.当电阻甲和乙两端电压为4 V时，它的阻值和乙的阻值相等C.当电阻甲和乙并联接在6 V电源上时，干路电流为0.6AD.当电阻甲和乙串联接在6 V电源上时，乙的电阻为20。21.（3分）2022年5月17日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭成功发射第45颗北斗导航卫星。如图所示是北斗卫星随火箭加速上升与沿椭圆轨道绕地球运行时的情景。下列说法错误的是（）A.运载火箭加速上升过程中，重力势能变大，动能增大B.运载火箭加速升空是利用了物体间力的作用是相互的C.北斗卫星绕轨道运行时受到非平衡力的作用D.北斗卫星绕轨道从近地点向远地点运动时，动能变大
10、，机械能守恒22.（3分）关于惯性的理解和现象解释，以下说法正确的是（）A.一切物体都有惯性，所以月球上的物体也有惯性B.高速公路汽车限速是为了安全，因为速度越大惯性越大C.汽车紧急刹车时，由于惯性的作用，乘客因而向前倾D.汽车驾驶员和乘客系上安全带能减小惯性，避免出现安全事故23.（3分）如图所示，两个物体所受的重力分别为Gi和G2,忽略滑轮自重和摩擦，当滑轮平衡时，Gi与G2的大小关系是（）A.GI=G2 B.GI=2G2 C.2Gl=G2 D.3GI=G224.（3分）如图所示，在探究杠杆平衡条件的实验中，杠杆处于水平平衡状态，所用钩码完全相同。下列做法中能使杠杆再次平衡的是（）A.分别
11、在两边钩码下再增加一个相同钩码B.左边减少1个钩码，右边减少2个钩码C.两边钩码均向支点移动相同的距离D.左边钩码向左移1.5个格，右边钩码向右移1个格2 5.（3分）如图所示，甲、乙两种相同体积的实心小球，放在已调好的天平的左右两盘,天平恰好平衡。则甲、乙两种小球的密度比是（）甲乙甲 甲乙乙乙JZ SA.3：4 B.4：3 C.2：1 D.1：12 6.（3分）2 0 2 2年8月，教育部、国家卫生健康委等八部门联合印发 综合防控儿童青少年近视实施方案，要求各地中小学强化学生体质，增强体育锻炼，并且规范电子产品使用，建立视力健康档案，综合施策全面防控青少年近视。下列四幅示意图中，表示近视眼
12、成 像 和 近 视 眼 矫 正 后 成 像 情 况 正 确 的 分 别 是（）2 7.（3分）虚线方框内各放置一个透镜，两束光通过透镜前后的方向如图所示，则（）A.甲为凸透镜，乙为凹透镜B.甲、乙都为凸透镜C.甲为凹透镜、乙为凸透镜D.甲、乙都为凹透镜2 8.（3分）如图为光线在空气和玻璃传播的示意图，其中实线分别表示入射光线、反射光线和折射光线，下列说法正确的是（)NBA.O B是折射光线 B.AO 是入射光线C.N N 是界面 D.空气在N N 的右侧29.（3 分）如图所示，平面镜水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由A B 两部分组成，可以绕接缝ON 翻折。入射光线经纸板A 入射到
13、O 点，关于入射光线和反射光线，下列说法正确的是（）A.纸 板 B 在任何位置都能看到反射光线B.纸板B 在任何位置都不能看到反射光线C.反射角r 随入射角i 增大而减小D.反射角r 和入射角i 始终相等30.（3 分）下列关于声现象的说法中正确的是（）A.公路旁安装隔音板是为了在传播中减弱噪声B.物体振动的频率越高，声音的响度越大C.同一乐器，弹奏的频率不同，发声的音色就不同D.声音在真空中的传播速度为340m/s31.（3 分）如图所示为某家庭卫生电路电灯和电热器都在正常工作。在三孔插座上刚插上洗 衣 机（开关未闭合）的插头时，所有用电器都停止工作，拔出洗衣机的插头后，用测电笔测试三孔插座
14、的左右两孔，筑管都发光，发现有一根熔丝熔断了，下列分析合理的是（）A.若将灯泡改接到零线的熔丝的位置，小灯泡能正常发光B.断开Si、S 2,再用测电笔检测三孔插座的左右两孔，筑管都发光C.只断开S”再用测电笔检测开关S i的两个接线柱，颊管都发光D.若再取用一个相同的灯泡接到零线的熔丝的位置，开关S2断开后，两灯泡均变暗32.（3 分）如图所示是阳光动力2 号太阳能飞机，它是一架长航时、不必耗费一滴燃油便可昼夜连续飞行的太阳能飞机,飞行所需能量完全由1.7万块高效能的太阳能电池板提供。下列说法中正确的是（）A.机翼上的电池板将太阳能转换成化学能B.太阳能飞机以太阳能为能源，它在运行中不存在环境
15、污染、噪声污染C.飞机在向上飞行的过程中，受到的大气压强逐渐降低D.机翼做成上凸下平的形状可以减小体积，减小空气阻力33.（3 分）为了研究动能的大小与哪些因素有关，教材中设计了“小钢球撞木块”的实验（如图所示）让静止的小钢球从斜面滚下，观察木块被推动的距离。关于该实验的说法中，正确的是（）A.在实验器材的选择时，可以不考虑斜面的光滑程度，被撞木块的质量和软硬等因素B.实验过程中，让同一小球从不同高度落下，目的是为了让小球获得不同的运动速度C.该实验研究的基本方法是控制变量法，如分别控制小球滚下的高度、小球的质量D.该实验的设计思路采用了转换法，用木块移动的距离来表示动能的大小34.（3 分）
16、如图是电阻甲和乙的I-U 图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（）A.当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3AB.当乙两端电压为2.5V时，其电阻值为5。且等于甲的阻值C.将甲和乙串联，若电流为0.3 A,则它们两端总电压为3VD.将甲和乙并联，若电压为I V,则它们的干路电流为0.6A35.（3 分）某同学利用如图所示电路，测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，下列说法错误的是（）A.闭合开关前，滑 片 P 应 滑 到 B 端B.当电压表示数为2.5V 时，测出通过小灯泡的电流，可算出小灯泡的额定功率C.闭合开关后，小灯泡不发光，一定是小灯泡灯丝断了D.实验还可得知，小灯泡的额
17、定功率越大，小灯泡越亮2022年广东省东莞市香市中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选 择 题（共 35小题，每小题3 分，满 分 105分）1.（3 分）如图是用刻度尺测长度的实验，所记录的测量结果正确的是（）fljlUT T TA.5.3cm B.5.25cm C.3.25cm D.3.3cm【答案】c【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其零刻线、量程和分度值；（2）刻度尺上最小的一格代表的长度是此刻度尺的分度值；使用刻度尺测量物体长度时,测量结果要估读到分度值的下一位.【解答】解：（1）使用刻度尺前要注意观察它的零刻线、量程和分度值；（2）由图知，在 1cm之间有10个小格
18、，所以一个小格代表1m m,即该刻度尺的分度值为 5mm；测量时起始端没从0 开始，把 2.00cm处当作“0”刻度，右侧示数为5.25cm,减去8.00cm即为物体长度，物体的长度为5.25cm-2.00cm=5.25cm故选：Co2.（3 分）下列光现象中，由光的直线传播形成的是（）【答案】B【分析】（1）光沿直线传播的现象：影子，小孔成像，激光准直等;（2）光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像,看见不发光的物体；（3）光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象,比如透镜成像，光的色散：根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分
19、类，并选出符合要求的选项。【解答】解：A、彩虹是光的色散现象，其实质是光的折射形成的，故 A 不符合题意；B、日食现象是由月亮挡住了太阳射向地球的光线，属于光的直线传播，故 B 符合题意；C、耀眼幕墙，属于镜面反射，会造成光污染，由光的反射形成，故 C 不符合题意；D、平静的水面相当于平面镜，水中倒影是平面镜成像现象，属于光的反射，故 D 不符合题意。故选：B。3.（3 分）平面镜前有一点光源S,如图所示，作一条从光源S 射出的光线，使它经平面镜反射后，恰好经过A 点。图中的数字符号表示的是确定光源S射出的光线时作图的先后次序，其中作图过程正确的是（）【分析】先根据平面镜成像的特点作出S 的像
20、；再根据平面镜成像原理可知，反射光线所有的反向延长线都会过S 的像；连接像点与A 点，则与平面镜的交点为入射点，再完成光路即可。【解答】解：先通过平面镜作出发光点S 的对称点S 即为S 的像；连接S A 交平面镜于点O,0 A 为反射光线；连 接 SO为入射光线，如图所示：4.（3 分）如图所示的广告图中有一处科学性的错误，它违背了光的某种规律，下面哪幅原理图能说明它违背的规律？（）【分析】光从一种透明介质斜射入另一种透明介质时，光线会发生偏折，介质的密度越小，光线与法线的夹角越大。【解答】解：在如图的广告中，勺子在液体里的部分所反射的光，经液面折射后进入空气，其折射角大于入射角，所以人们看上
21、去，勺子在液面以下的部分是向上弯折的。A C 所表示的是光从空气斜射入水中，所以不合题意；B 表示的是光的传播方向不变，所以不合题意；只有D 表示的原理是正确的，能说明图中广告所违背的折射规律。故选：D。5.（3 分）如图所示是某同学在研究凸透镜成像规律时作出的像距v 和物距u 的关系图象根据图象，可以判断下列说法正确的是（)C.当 u 2 f,成倒立、缩小的实像，2 f v f,应用于照相机和摄像机。u=2 f,成倒立、等大的实像，v=2 f,一般用来求凸透镜的焦距.2 f u f,成倒立、放大的实像，v 2 f,应用于幻灯机和投影仪。uf,成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。（2）当
22、物距大于焦距时;凸透镜成实像。凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小。【解答】解：A B、u=v=2 f,凸透镜成倒立、等大的实像，u=v=2 f=2 0 c m 时，所以f 1 0c m,故 A、B 正确。C、当 u 1 0 c m 时，f=1 0c m,即 u f,成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜,故 C错误；D、物体从距凸透镜1 5 c m 处移动到3 0c m 处的过程中，凸透镜的物距大于焦距，成实像,凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小。故 D错误。故选：A B 6.（3分）下列物态变化的实例中，属于熔化的是（）B.【答案】A【分析】物质从固态变为液态是熔化过程，熔
23、化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。【解答】解：A、冰雪消融是固态的冰变为液态水的过程，是熔化，故 A 符合题意。B、烧水时，壶中冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故 B 不符合题意。C、草叶上的“白霜”是空气中的水蒸气由气态直接变为固态形成的，是凝华现象。故 C不符合题意D、干手器把手烘干的过程是液态水变为气态水蒸气的汽化现象。故 D 不符合题意。故选：Ao7.（3 分）如图甲所示，是小英“探究影响滑动摩
24、擦力大小因素”的实验，开始实验时她控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块速度随时间变化的图象如图丙所示，则下列说法正确的是（）A.。2s时，木块保持静止B.2 6s时,，木块受的摩擦力为ONC.第 Is 时木块受到的摩擦力为4ND.第 7s时木块受到的摩擦力为3N【答案】D【分析】A、由图丙知0 2s时，木块做加速运动；B、由图丙知：2 6s物体做匀速运动，此时物体处于平衡状态，由图乙知此过程的拉力大小，据此分析；CD、0 2s时，木块做加速运动，6 8s物体做减速运动，根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析。【解答】解：A、由图丙知，0 2s时，木块做加速运动，A错误；B、由图
25、丙知：2 6s物体做匀速运动，此时物体处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，由图乙知此过程的拉力为3N,所以滑动摩擦力为5N；B错误；CD、0 2 s时，木块做加速运动，因压力和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，故 第1s受到的摩擦力也为3 N,故C错误；故选：D。8.（3分）下列力臂的画法正确的是（）【答案】C【分析】力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。【解答】解：AD、力臂是支点到力的作用线的垂直距离，图AD中L i是力的作用线上截取的一部分，故AD错误。B、动力臂应是支点0到到力的作用线的垂直距离，而图中所示L i的没有垂
26、直于力F.的作用线，故B错误。C、图中动力臂是支点0到到力Fi作用线的垂直距离，故C正确。故选：C o9.（3分）如图所示，用细线将吊灯悬挂在天花板上，当灯静止时，下列哪对力属于平衡力（）A.吊灯所受的拉力与细线所受的重力B.细线对吊灯的拉力与吊灯所受的重力C.细线对吊灯的拉力与吊灯对细线的拉力D.吊灯所受的拉力与细线对天花板的拉力【答案】B【分析】（1）如果物体只受两个力的作用下处于静止或匀速直线运动状态时，则这两个力一定是一对平衡力；（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。【解答】解：A、吊灯所受的拉力与细线所受的重力，没有作用在同一物体上，故
27、不是一对平衡力，故A错误；B、细线对吊灯的拉力与吊灯所受的重力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上，是一对平衡力，故B正确；C、细线对吊灯的拉力与吊灯对细线的拉力，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；D、吊灯所受的拉力与细线对天花板的拉力，作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故D错误。故选：B 1 0.（3分）如图所示，把重力为1 0 0 N的物体从底端匀速推到斜面顶端，斜面长为1 0 m,高为3 m,实际推力为5 0 N,则下列选项错误的是（）A.推力做功为5 0 0 JB.克服物体重力做功为300JC.斜面的机械效率为60%D.物体与斜面
28、之间的摩擦力为50N【答案】D【分析】（1）把物体匀速推到斜面顶端，利用W=Fs求推力做的总功；（2）利用W=G h求克服物体重力做的有用功；（3）斜面的机械效率是有用功跟总功的比值；（4）额外功等于总功减去有用功，克服摩擦力所做的功是额外功，据此求摩擦力。【解答】解：由题知，斜面长s=10m,斜面高h=3 m,物体重G=10 0 N,推力F=50N。A、推力做的总功：W,e=Fs=50NX 10m=500J,故A正确；B、克服物体重力做的有用功：C、斜面的机械效率：D、克服摩擦力做的额外功：由W额 外=fs可得摩擦力：故选：D。1 1.（3分）用两个相同的电热器给质量同为2kg的物质甲和水加
29、热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，则下列说法正确的是（）B.随温度的升高，甲的比热容逐渐增大C.10分钟甲吸收的热量为2.52Xl（）5jD.甲物质和水吸收相同热量后升高相同的温度【答案】C【分析】（1）由题知物质甲和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热量的2 倍。根据吸热公式Q=c吸 mZt判断两物质的比热容之间的关系，从而得出物质甲的比热容；(2)比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与温度无关：(3)由图象确定甲lOmin升高的温度，然后根据、吸=01141求出甲物质吸收的热量；(4)根据QucmZt分析升高的温度相同时水吸收的热量与物质甲吸收热量关
30、系。【解答】解：A、由图象知，给甲加热lO m in,甲 升 高 的 温 度 为 甲=60,给水加热20m in,水升高的温度为A t水=60,2c甲 m A t甲=c 水 in A t水,又因为 c 水=4.2X J/(kg),所以 c 甲=2.1X10%/(kg)；B、比热容与物质的温度无关，所以加热过程中物质比热容不变，故 B 错误；C、由图象可知,甲物质lOmin升高了 60,D、由图知，甲物质和水加热相同的时间，吸收相同热量后，甲物质温度升高的多，故 D错误。故选：C12.(3 分)现有两个阻值不等的未知电阻R i和 R 2,为了比较它们的阻值大小，几个同学分别设计了下列四种电路，其
31、中不可行的是(图中的电流或电压均在各电表的量程范围内，电源电压未知)()【答案】D【分析】(1)串联电路中，各处电流相等，阻值大的电阻两端的电压大，阻值小的电阻两端的电压小；(2)并联电路中，各支路电阻两端的电压相等，阻值大的电阻通过的电流小，阻值小的电阻通过的电流大。【解答】解：A、两电阻串联，电压表V i测量电源电压，电压表V2测量R i两端电压，根据串联电路电压特点可得出两电阻两端电压大小关系，根据两电阻两端电压的大小可比较两电阻阻值的大小，故 A 可行；B、两个电阻串联，两个电压表分别测量两个电阻两端的电压，根据电压的大小就可以比较出电阻的大小，故 B 可行；C、两电阻并联在电路中，根
32、据欧姆定律和并联电路电压规律可知电阻越大，通过电阻的电流越小，故 C 可行；D、两个电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R2两端电压，根据欧姆定律可求出R2的阻值，但无法比较两电阻的大小，故 D 不可行。故选：D。13.（3 分）如图所示，是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3V 不变,滑动变阻器的规格是“10。1A。实验中，先在a、b 两点间接入5。的电阻，闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2 V,读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b 间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪两个电 阻（）A.10。和 40。B.20。和 3
33、0。C.10。和 20。D.30。和 40。【答案】C【分析】探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电阻两端的电压即电压表的示数不变，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点求出滑动变阻器接入电路中的电阻与定值电阻阻值的比值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，定值电阻的阻值最大，根据比值关系求出定值电阻的最大阻值得出定值电阻的范围，然后结合选项得出答案。【解答】解：探 究“电流与电阻的关系”实验中应控制电阻两端的电压即电压表的示数不变，因串联电路中总电压等于各分电压之和，U iB=U-U R=3V-2V=lV,所以，根据欧姆定律可得：当滑动变阻器接入电路中的电阻为
34、io n 时，定值电阻的最大阻值：即定值电阻的最大阻值不能超过20C,故选：Co14.（3 分）如图所示电路，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0 0.6 A,电压表的量程为0 3 V,定值电阻R i的规格为“10C0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Q1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在移动滑片P 的过程中，下列判断正确的是（）P -I-1|?1 1 L-|iA.电流表的示数变化范围是0.2A 0.5AB.电路总功率的变化范围是1.2W 3WC.R i的电功率变化范围是0.9W 2.5WD.滑动变阻器R2的阻值变化范围为0 10。【答案】C【分析】由电路图可知，R i与 R2串联，电
35、压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（I）根据电路的电流特点结合电流表的量程、Ri、R 2允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时R i两端的电压最大，电压表的示数最小，变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出R i两端的最大电压，根据P=U I求出R i的最大功率和电路的最大功率；根据串联电路的电压特点求出电压表的最小示数，再根据欧姆定律求出滑动变阻器R2接入电路的最小阻值；（2）当电压表的示数U 2=3V 时-，根据串联电路的电压特点求出R i两端的电压，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后与滑动变阻器的最大阻值相比较确定出电
36、压表的最大示数、R i两端的最小电压、滑动变阻器R2接入电路的最大阻值为10H以及电路中的最小电流，根据P=U I求出R i的最小功率和电路的最小功率，综合上述计算得出对应的答案。【解答】解：由电路图可知，R i与 R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为8 0.6A,R i允许通过的最大电流为3.5A,R2允许通过的最大电流为1A,由 1=旦可得，R 两端的最大电压：5 大=1 大 Ri=5.5AX10Q=5V,R电路消耗的最大功率：P 大=1/1大=6VX0.5A=3W；所以，电压表的最小示数：U2小=U-Us大=6V-5V
37、=1V,(3)当电压表的示数最大为U2=3V时，电路中的最小电流：R4 的最小功率：Pimin=Uil 小=3VX0.5A=0.9W；此时滑动变阻器接入电路中的电阻：R 2=一型_=10Q20Q,I 0.6AA.电流表的示数变化范围是0.3A 0.5 A,故 A 错误；B.电路总功率的变化范围是1.2W 3 W,故 B 错误；C.R i的电功率变化范围是0.9W 5.5W,故 C 正确；D.滑动变阻器R2的阻值变化范围为2。1OQ,故 D 错误。故选：Co15.(3 分)我国的新型航母将采用自行研制的电磁弹射器，小明猜想它的工作原理如图所示，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当
38、弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列实验原理相同的是()SA.【答案】C【分析】根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。【解答】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。A、图中的实验说明条形磁铁对小磁针有力的作用，是磁体的基本性质，故 A 不符合题意；B、由图知，这是研究电磁铁磁性强弱的影响因素，利用的是电流的磁效应，故 B 不符合题意；C、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器的工作原理相同，故C 符合题意；D、图中没有电
39、源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，产生感应电流,这是电磁感应现象，故 D 不符合题意。故选：Co16.（3 分）如图所示为小东家某部分家庭电路的电路图，火线和零线之间的电压为220V.小东先把拉线开关闭合，灯泡正常发光。再把电饭煲接到三孔插座并闭合开关，电饭煲正)线线线火零地常工作。请问此时哪个说法是错误的（三孔插座拉线开关螺口灯泡保险丝IEJA.灯泡的正常工作电压为220VB.灯泡和电饭煲这两个用电器是属于并联关系C.把电饭煲插头拔掉后，正确使用试电笔插到插座左孔，试电笔发光。这是因为此时零线有电流流过D.把电饭煲换成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，原因可能是电热水壶内
40、部发生短路【答案】C【分析】（1）根据灯泡正常工作时的电压进行判断;（2）家庭电路中各用电器并联连接;（3）先判断零线与大地的电压，然后根据电流产生的条件进行判断;（4）保险丝熔断的原因：一是短路，二是电流过大。【解答】解：A、根据题意可知，电路电压为220V,灯泡刚好正常工作，因此灯泡的正常工作电压为220V,故 A 正确;B、灯泡和电饭煲可以单独工作，互不影响，因此它们是并联连接，故 B 正确;C、因为三孔插座中的左孔为零线，而零线与大地间的电压为0,因此把电饭煲插头拔掉后，正确使用试电笔插到插座左孔，试电笔不发光，故 C 错误;D、保险丝熔断的原因：一是短路，二是电流过大，因此把电饭煲换
41、成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，原因可能是电热水壶内部发生短路，也可能是热水壶的功率太大，故 D 正确。故选：Co17.（3 分）格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了 2007年诺贝尔物理学奖,如图是研究巨磁电阻特性的电路示意图，当闭合Si，S2后使滑片P 向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法正确的是（A.滑片P 向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱B.滑片P 向右滑动过程中电磁铁的磁性增强C.巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小D.巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大【答案】C【分析】（1）由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁
42、性强弱的决定因素可以确定滑片移动时，其磁性强弱的变化；（2）根据灯泡的亮暗的变化，能够确定电路中电流的变化，进而知道巨磁电阻的阻值的变化，从而得出巨磁电阻的阻值随磁场的变化。【解答】解：（1）由左图可知，当滑片P 向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，=旦,R.电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，在其他因素不变时，电流越大，磁性越强，同理可知，滑片P 向右滑动过程中电磁铁的磁性减弱，故 B 不正确；（2）滑片P 向左滑动过程中，指示灯明显变亮，说明电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，右侧电路的电阻减小，巨磁电阻的阻值减小，故选：C18.（3 分）如图甲所示的电路中，R i
43、为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S 后，滑片P 从 a端移动到b 端，电流表示数I 与电压表示数U 的变化关系如图乙所 示则下列判断错误的是（I/A图甲 图乙A.电源的电压为6VB.电路的最大总功率为3.6WC.R2消耗的电功率先变大后变小，最大功率为0.9WD.滑片位于中点位置时候滑动变阻器的功率为0.8W【答案】D【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑片位于a 端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0。，电路为R i的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小
44、，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变求出R i的阻值和电源的电压，根据P=U I求出电路的最大总功率；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根 据 P=0 R 表示出滑动变阻器消耗的电功率，进一步判断R2消耗的电功率变化；（3）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻一半时电路中的电流,利用公式P=I2R 得到此时滑动变阻器消耗的功率。【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。AB、当滑片位于a 端时，接入电路的电阻为0 C,电路为R i的简单
45、电路，电路中的电流最大，由 1=旦可得，电源的电压U=IaRi=0.6AXR2，R由图象可知，Ib=0.2A,Ub=4V,R2+e=2。所以，电源的电压 U=IbRi+Ub=2.2AXRi+4V,所以，0.6AXRi=5.2AXR|+4V,电源的电压U=IaRi=0.6AX10Q=6V,故 A 正确;P 最 大=UL=6VX5.6A=3.6W,故 B 正确;C、电路中的电流1=U _ 6VR+R2 10、+R2电路的最大总功率:滑动变阻器消耗的电功率:当 R7=0Q 时，Pa=OW,综上可知，滑片P从 a端移动到b端,R2消耗的电功率先变大后变小,最大功率为8.9W.故C 正确；(3)因串联电
46、路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻一半时，电路中的电流：滑动变阻器此时消耗的功率为P中=1 中 21中=(0.3A)4X_1X2OQ=O.9W.故 D 错误。2故选：D。19.(3 分)利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3V不变，分别将5。、10。、15。、20。、25。的定值电阻R 连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流描绘出如图乙所示的图象，则下列判断正确的是()A.实验中电压表的示数保持IV 不变B.当 R 的电阻为10Q时，通过R 的电流为0.2AC.滑动变阻器连入电路的阻值范围为0 25。D.将 R 从 5Q换 成 10Q后，应将滑
47、片向右移【答案】D【分析】（1）根据图乙读出一组电阻值和电流值，然后利用欧姆定律的变形公式U =I R可求出电压表的示数；（2）根据图乙可以读出电阻为ion 时通过电流的大小；（3）当 R接入电路的阻值最小时，电路电流最大，根据图象读出电流，然后根据串联电路电压规律和欧姆定律的应用求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；当 R接入电路的阻值最大时，电路电流最小，根据欧姆定律求出电路电流，然后根据串联电路电压规律和欧姆定律的应用求出滑动变阻器接入电路的最大阻值；（4）根据串联电路分压的作用判断滑片移动的方向。【解答】解：A、根据图乙可知，当电阻为5。时，电路中的电流为0.5 A；由I=U 可得，电压表
48、的示数：U=I R=O.5 A X 5 fl=5.5 V,故 A错误；RB、根据图乙可知，当 区=1 0。时;通过的电流为0.2 5 A,故 B错误；C、当 R=5C时，电路电流为0.5 A；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压：U滑=1 1 -U v=8 V -2.5 V=0.5 V,由 1 =旦可得，R 滑 m in=U1.=.6.5匕=0；R.n ia x=-U）.=。，5%=5 C;R【max 。5A I minD、将 R从 5。换 成 1 0。后，电阻分得的电压会变大，为了保证定值电阻R两端电压不变，所以需减小定值电阻两端电压，增大滑动变阻器两端电压，即增大
49、滑动变阻器接入电路的组，故将滑片向右移动，故 D正确。故选：D。2 0.（3分）如图所示是电阻甲和乙的I-U图象，下列说法正确的是（）A.电阻乙为定值电阻，它的阻值为2 0。B.当电阻甲和乙两端电压为4V时，它的阻值和乙的阻值相等C.当电阻甲和乙并联接在6V电源上时，干路电流为0.6 AD.当电阻甲和乙串联接在6V电源上时，乙的电阻为2 0。【答案】C【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象乙电阻的变化；（2）由图象可知，当甲和乙两端电压为4V时对应的电流，根据欧姆定律即可比较甲和乙的阻值；（3）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再
50、根据并联电路的电流特点得出干路电流；（4）将甲、乙串联后接在电压为6V的电源上时，根据串联电路的电流特点和串联电路电压的特点确定电路中的电压、电流大小，再根据欧姆定律求出乙的电阻。【解答】解：A、由图象可知，乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知乙电阻的阻值变化，故 A错误；B、当电阻甲和乙两端电压为4 V时，由图象可知，通过甲、乙的电流不相同，根据1=卫R可知：甲的阻值和乙的阻值不相等，故 B错误；C、当电阻甲和乙并联接在6V电源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻两端的电压均为6 V,D、当电阻甲和乙串联接在6V电源上时，通过它们的电流相等，且电源的电压等于两电阻两端