《2021年江苏省南京市雨花台区中考物理三模试卷（A卷）（附答案详解）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年江苏省南京市雨花台区中考物理三模试卷（A卷）（附答案详解）.pdf（31页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021年江苏省南京市雨花台区中考物理三模试卷（A卷）1.中华古诗词、俗语蕴含着丰富的声学知识，下列有关理解正确的是（）A.“响鼓还需重锤敲”说明声音的响度与频率有关B.“谁家玉笛暗飞声”中笛声由笛管的振动产生C.“闻其声知其人”的依据是不同人的声音，其音色不同D.“不敢高声语，恐惊天上人”中 的“高”指的是声音的音调高2.2016年5月某日上午，在广元地区天空出现了罕见的日晕现象，太阳周围出现了一条带有彩色的大圆环，非常好看，许多人纷纷拍照留影.关于彩色圆环的形成原因，可以由下列哪种物理规律解释（）A.小孔成像 B.光的直线传播 C.光的反射 D.光的色散3.下列物态变化中属于放热现象的是哪
2、一组（）初春，冰封的湖面解冻盛夏，旷野里雾的形成深秋，路边的小草上结了一层霜严冬，冰冻的衣服逐渐变干A.B.C.D.4.关于粒子与宇宙，下列说法正确的是（）A.破镜不能重圆，主要是因为分子间有排斥力B.电子、原子核、原子是按照由小到大的尺度排列的C.梧桐飘絮，说明分子在做永不停息的无规则运动D.物理学家汤姆生发现了电子，从而揭示了原子核是有结构的5.下列估测符合实际的是（）A.中学生正常步行的速度约为1.4kmB.初中生小美站立在水平地面上对地面的压强为500aC.教室内普通日光灯正常发光时的电流约为0.154D.一本物理教科书的质量约为10g6.如图是滑雪运动员从山上滑下的情景，下列有关说法
3、中正确的是（）A.运动员沿斜面加速下滑时，运动员所受惯性变大B.从山上下滑过程中，运动员受到的重力和支持力是一对平衡力C.运动员下滑过程中，若一切外力都消失，他将立即停止运动D.运动员穿上滑雪板，是为了增大与雪地的受力面积，从而减小压强7.下列说法中，符合安全用电原则的是（）A.可以使用绝缘皮破损的插头B.电器设备起火时，用水直接灭火C.使用试电笔时，手指不能碰到金属笔尖D.有人触电时，不必切断电源，直接用手拉开触电者即可8.下列生活场景中，通过做功来改变物体内能的是（）A.搓动双手感到暖和 B.用嘴向手“哈气”感到暖和C.冬天晒太阳身体感到暖和 D.围坐火炉烤火感到暖和9.如图所示，在水平桌
4、面上有甲乙两个相同的烧杯，烧杯内分别装有不同的液体，把同一个鸡蛋分别放入甲、乙两杯液体中，鸡蛋在甲杯中漂浮，在乙杯中沉底，两液面相平。关于这一现象，下列说法中正确的是（）甲 乙A.甲杯中的液体密度小于乙杯中的液体密度B.甲杯中的鸡蛋排开液体的重力大于乙杯中的鸡蛋排开液体的重力C.甲杯中的液体对杯底的压强等于乙杯中的液体对杯底的压强D.甲乙两个烧杯对水平桌面的压强相等10.利用图示甲、乙装置（燃烧皿内燃料和烧杯内液体未画出），既可以比较不同液体的比热容，又可以比较不同燃料的热值。则下列关于这两个实验的说法正确的是（）乙甲A.研究的对象都是烧杯中的液体B.都要控制燃料燃烧放热快慢相同C.结论都能从
5、比较温度计示数的变化量得出D.温度计升高温度的多少都反映液体吸收热量的多少第2页，共31页11.在科学晚会上，小明所在的科技小组示了一个“隔板推物”的节目，其原理如图所示：甲、乙两线圈分别悬挂在两个蹄形磁铁的磁场中，两线圈通过导线连接构成一个闭合电路，用手推动甲线圈摆动时，乙线圈会随之摆动，对于这个过程，下列说法正确的是（）A.甲线图相当于电源，乙线圈相当于用电器B.推动甲线圈摆动时电能转化为机械能C.乙线圈随之摆动时机械能转化为电能D.乙线圈摆动是因为通电导线在磁场中受力12.如图甲所示，两个电压表的量程都是0 1 5 U,电流表的量程是0 0.6 4 小灯泡两端的电压不许超过额定电压，滑动
6、变阻器允许通过的最大电流为1 4 闭合开关，为了保证所有元件都安全。滑动变阻器的滑片只能在阻值最大端和。点间滑动，当滑片在这两点间滑动时，得到了图乙所示的两个电压表的示数与电路中电流关系的图象AB和 B C,下列说法正确的是（）A.电源电压为6yB.小灯泡正常发光时的电流为0.64C.滑动变阻器的取值范围为1 20 550D.该电路功率范围为2.4W 6W13.在举国抗击新冠肺炎疫情时期：（1）影响全球的新冠肺炎病毒直径约125,（填写单位，下同）而pm2.5口罩的指的是2.5,所以prn2.5口罩不能完全预防新冠病毒。（2）截至2021年 4 月 18日，31个省自治区、直辖市累计报告接种新
7、冠病毒疫苗19212.7万剂次，注射疫苗用的注射器吸取药液时，是利用 把药液吸取上来的；注射器的针头做的很尖，是 为 了 增 大 使 用 时 的,以便容易刺入人体；针头表面做的很光滑能大大的减小扎针时，针与人之间的 力。14.2021年2月2 4日10时，我国在酒泉卫星发射中心用长征四号丙运载火箭，成功将遥感三十一号03组卫星发射升空、卫星进入预定轨道。在卫星与火箭分离前，以火箭为参照物，卫是是（选 填“静止”或“运动”）的，它们加速上升时，卫星的动能（选 填“减小”、“增大”或“不变”，下同），机械能。卫星进入太空预定轨道后主要依靠 波与地面传递信息，它在真空中的传播速度是 km/So15.
8、如图所示的滑轮组中，动滑轮重5 0 N,用200N的拉力F匀速提升重 飞猿500N的物体，10s内物体上升1%,则拉力所做的有用功是_J,额外功是 拉力的功率是 W,滑轮组的机械效率是 j F一。XG16.小明对家中的用电器进行了观察和思考.（1）电风扇转动时，叶片与空气摩擦带上“电”，由 于 带 电 体 具 有 的性质,所以容易粘上灰尘.断开开关，电风扇不会立即停止转动，这是由于.（2）小明关闭其他用电器，只让电视机工作2 m in,他家标有“3200imp/（kW”字样的电能表指示灯闪烁了 32次，则电视机实际功率是 W.17.如图所示，用固定在竖直墙上的直角三角形支架4 8 c放置空调室
9、外机，已知A B长4 0cm,8 c长50cm,室外机的质量为30kg,室外机的重力作用线正好通过A 8中点，则A处受到的水平拉宜外机力尸为 N（支架重力不计），为了安全从力学的角度分析，上 才室外机的位置应尽量_ _ _ _ _（选 填“靠近”或“远离”）墙壁。18.天然气已经被广泛利用，它是一种（选 填“可”或“不可”）再生能源，完全燃烧0.07加3的天然气释放的热量为 J,若这些热量的30%被水吸收，在标准气压下可以将2.5kg的水由25冤加热到q天然气=4 x 1077/m3,c=4.2 x 1 03J/(kg )19.某种型号电热器的等效电路如图所示，它有高、中、低三档并可手动调节，
10、其额定电压为220匕 低温档、中温档的额定功率为220W和4401V.用两定值电阻心和&表示两电热丝，单刀双掷开关S2可接。或b.把它接入家庭电路后，当开关第4页，共31页Si_、S2一时该电热器处于低温档；中温档加热时电流为 A,高温档加热时的功率为 卬。2 0.根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中成的像。21.物体4 与弹簧连接，静止在光滑的斜面上，请画出物体A 所受弹力的示意图。22.在图中根据通电螺线管的N 极，标出磁感线方向、小磁针的N 极以及电源正、负极。23.小华和小国两位同学利用图甲所示装置对试管里的冰进行加热，并且每隔相同的时间记录一次温度计的示数，同时观察物
11、质的状态。图乙和图丙是他们根据记录的实验数据分别绘制的温度-时间的关系图象，根据图象可知:(1)冰 属 于(选 填“晶体”或“非晶体”)；(2)在图象中8C阶段物质处于 状态(选填“固体”、“液体”或“固液共存”)；(3)通过观察两位同学绘制的温度一时间的关系图象，你认为图(选填“乙”或“丙”)的 段 数 据 有 问 题，你 这 样 判 断 的 依 据 是。第6页，共31页24.小 海 用 图1装置进行“探究凸透镜成像的规律”实验。|0 10=0 30 40 50 60”S0 90 mpm图1(1)挑选透镜时，小海把两个透镜甲、乙分别正对太阳光，在光屏上出现了如图2所示光斑，他 应 该 选 择
12、(选 填“甲”或“乙”)透镜来进行实验。(2)选好透镜后，小海将凸透镜正对太阳光，调节凸透镜与光屏间的距离，直到光屏上形成一个最小、最亮的光斑，如图3所示，凸透镜的焦距是 cm.(3)实验时保持凸透镜位置不变，使蜡烛位于25a”刻度线处，移动光屏，在光屏上成清晰倒立的、(选填“放大”、“等大”或“缩小”)的实像，(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)是依据此原理制成的。(4)给凸透镜“戴上”一 副“近视眼镜”，发现光屏上的像变得模糊，为了再次得到清晰的像，光屏应_ _ _ _ _ _ (选填“靠近”或“远离”)透镜。25.小华在测量某石块密度的实验中：5g苜20fgi00400000007
13、65*32100000000076543211m-L!=-三-三二三-三-=-=-=药1m-L=-=!=-二三-=-=-=甲 乙 丙(1)首先调节天平平衡，在调节过程中天平的横梁静止时，指针位置如图甲所示，则 应 将 平 衡 螺 母 向 (选填“左”或“右”)调节，使横梁在水平位置平衡。(2)然后测量出石块的质量，盘中祛码的质量和游码的位置如图乙所示，则石块质量为 g。(3)用细线吊着石块将其放入盛水的量筒中，量筒前后液面如图丙所示，石块的密度为 kg/m3.(4)如果先用量筒测体积再测质量会引起密度的测量值比真实值(偏大/偏小/不变)。26.小明利用注射器做了几个物理实验.(1)如图甲，注射
14、器内密封有适量刚烧开的水，向下拉动活塞，水又沸腾起来.这是由于拉动活塞后，水面上方气体的压强_ _ _ _ _ _(选填“变大”或“变小”)，使水的沸点 的缘故.(2)如图乙，向放在水平桌面的二只乒乓球中间打气，会看到二只乒乓球(选填“分开”或“靠近”)，这是由于乒乓球之间的流速大，压强_ _ _ _ _ _ 的缘故.(3)如图丙，注射器里密封气态乙酸，用力压注射器的活塞，会看到液态乙醛出现，这是用 的方法使气体27.古希腊学者亚里士多德曾给出这样一个结论：物体的运动要靠力来维持。因为这个结论在地球上不能用实验来直接验证，直到一千多年后，才有伽利略等人对他的结论表示怀疑，并用实验来间接说明。这
15、个实验如下图所示，他是让小车从斜面的同一高度由静止滑下，观察、比较小车沿不同的平面运动的情况。手而 棉布 木杨(1)实验时让小车从斜面的同一高度滑下，其目的是让小车在粗糙程度不同的表面上 开 始 运 动 时 获 得 相 同 的。(2)一般人的思维都局限在直接比较小车在不同表面上运动的距离不同，但科学家们却能发现：物体运动的表面越光滑，相同情况下物体受到的 越小，因此物体运动的距离越长；并由此推想出进一步的结论,运动的物体如果不受外力作用,它将 o(3)牛顿第一定律是在实验基础上进行推理论证，以下研究问题的方法与此相同的是 o4探究用刻度尺测量长度进行多次测量第8页，共31页B.探究声音能否在真
16、空中传播C.探究滑动摩擦力与哪些因素有关(4)同学们进行实验时，小车在粗糙程度不同的表面运动时每次都滑出表面，无法探究出物体运动的距离，在器材不变的情况下，请你为他们改进一下实验，你的做法是：。28.两只铭牌模糊的小灯泡八L2,仅能看清分别标有“0.3 4”和“0.5 4”字样。(1)图甲是小明测量小灯泡人额定功率时连接的实物图；图中有一根线连接错误，请在这根线上打“X”，并在图中改正；闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应 位 于(选 填 A”或 B”)端；闭合开关，电流表示数为0.1 4移动滑片P,通过观察 表的示数来判断小灯泡是否正常发光，小灯泡正常发光时，电压表的示数如图乙所示，则小灯泡k的
17、额定功率为 W。(2)小华利用图丙所示的电路测出了小灯泡4 2的额定功率，请在虚线框内补上小灯泡、电压表和定值电阻R(阻值已知)这三个元件的符号，使电路完整，实验操作方便。2 9.随着科技的飞速发展，人们生活已趋于自动化，扫地机器人己进入普通家庭，如图所示是某款扫地机器人及铭牌上的部分参数。9取1 0 N/k g)(1)以在工作中的扫地机器人为参照物，地板是 的。(2)若扫地机器人在半分钟里沿直线匀速前进了 1 2?，它的速度是多少？(3)若扫地机器人与地面的接触面积为1 0 0 c m2,求它静止时对水平地面的压强。质量 2.5kg电压 14.8V电池 2000mAh遥 控 距 离 8 米容
18、 积 600mL3 0.如图甲为某初中小组设计了一种测定风力的装置，迎风板与压敏电阻咒连接，工作时迎风板总是正对风吹来的方向。压敏电阻的阻值随风力变化而变化，其阻值心与风对迎风板的作用力/关系如图乙。已知电源电压恒定，定值电阻R=5 0,灯泡入标 有“6V6W”的字样(不考虑灯丝电阻的变化)，电压表的量程为0 3匕闭合开关S,无风时电压表的示数为2.5人(1)灯泡L的电阻为。(2)求无风时，压敏电阻灯消耗的电功率？(3)求该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力？(4)若提高该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力，请说出两种改进方法。第 10页，共 31页答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、
19、“响鼓还需重锤敲”说明声音的响度与物体振动的幅度有关，故A错误；8、“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由空气柱的振动产生，故B错误；C、音色是由发声体本身决定的一个特性，“闻其声而知其人”是根据声音的音色来辨别的，故C正确；。、“不敢高声语，恐惊天上人”中 的“高 指的是声音的响度大，故。错误。故选：C。(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。(2)物体振动产生声音。理解和区分声的三个特征、知道声的产生条件，可解答此题。2.【答案】D【解析】解：日晕现象是太阳光穿
20、过云层在小冰晶上发生折射，看上去在太阳的周围出现一个圆圈，由内而外呈红、橙、黄、绿、青、蓝、紫七种颜色，这就是日晕现象，即光的色散现象，故。正确.故选D.当光从一种介质射向另一种介质时会发生折射现象，复色光分解为单色光而形成光谱的现象叫做光的色散，彩虹是太阳光传播中被空中水滴色散而产生的.本题考查学生对光的色散现象的掌握情况，需要加以强化记忆.3.【答案】A【解析】【分析】此题考查的是对物态变化过程的判断及物态变化过程的吸热和放热的判断。物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行。其中熔化、汽化、升华过程需要吸收热量，凝固、液化、凝华过程需要放出热量。【解答】初春，冰封的湖面解冻，是物质由固
21、态变为液态的过程，是熔化过程，熔化吸热，不符合题意；盛夏，旷野里雾，是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，是液化过程，液化放热，符合题意；深秋，路边的小草上结了一层霜，是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，是凝华过程，凝华放热，符合题意；严冬，冰冻的衣服逐渐变干，是物质由固态直接变成气态的过程，是升华过程，升华吸热，不符合题意。综合分析符合题意。故选A。4.【答案】B【解析】解：A、破镜不能重圆，主要是因为分子间的距离过大，分子间的作用力不能发挥作用，故A错误；3、常见粒子尺度由小到大排序：电子、原子核、原子、分子，故 8 正确；C、梧桐飘絮属于宏观物体的机械运动，不是分子运动，故 C 错误；D.英
22、国物理学家汤姆生发现了比原子小得多的带负电荷的电子，从而揭示了原子是有结构的，故。错误。故选：B。(1)物体是由分子组成的，分子在不停地做无规则的运动，分子间存在相互作用的引力和斥力，分子间有间隙；(2)常见粒子尺度由小到大排序：电子、原子核、原子、分子：(3)19世纪末，英国物理学家汤姆生发现了比原子小得多的带负电荷的粒子：电子；从而揭示了原子的结构。本题考查了分子动理论、人类对原子结构的认识等，熟练掌握基础知识，是正确解题的前提与关键。第 12页，共 31页5.【答案】C【解析】解：A、中学生正常步行的速度约为l.l m/s,接近4 k m ,故A不符合实际；B、初中生每只鞋的底面积大约为
23、2 0 0皿2,即0.0 2形，受力面积S =0.0 4*；体重大约为 5 0kg,对地面压力尸=G =mg-5 0kg x ION/kg=5 0 0/V,压强p =?=1.2 5 x 1 04P a,故8不符合实际；C、教室中普通日光灯的功率在4 0 W左右，正常发光时的电流在/=5 =黑=0.1 8 4左右，故C符合实际；D、一本物理教科书的质量约为2 5 0 g,故。不符合实际。故 选:C o不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对
24、我们的生活同样具有很大的现实意义。6.【答案】D【解析】解：A、由于物体的惯性只跟质量有关，所以运动员加速下滑时惯性不变，故A错误；8、运动员从坡上加速下滑，滑雪板对运动员的支持力和运动员所受的重力不在同一条直线上，且大小不相等，不符合二力平衡的条件，因此不是一对平衡力，故8错误；C、运动员下滑过程中，若一切外力都消失，由牛顿第一定律可知，他将做匀速直线运动，故C错误；。、滑雪板宽大是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故。正确。故选：D o(1)物体的惯性只跟质量有关。(2)二力平衡的条件：作用在同一物体上，大小相等，方向相反，作用于同一直线上；相互作用力的条件：两个力作用在两个物体上
25、，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。(3)一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时.，减小压力。本题考查了对惯性、平衡力、力与运动的关系，减小压强的实例、减小压强的方法等知识的理解和应用，有一定综合性，但难度不大。7.【答案】C【解析】解：A、使用绝缘皮破损的插头，容易使得人碰到火线，故容易发生触电事故.故A 不符合安全用电原则；8、水是导体，电器设备起火，不能用水直接灭火，容易引起触电或短路.故B 不符合安全用电原则；C、使用测电笔去辨别火线与零线时，要用手指按住笔卡，用笔尖接触被测的导线，决不能用手直
26、接去接触笔尖.故C符合安全用电原则：。、发现有人触电时，不要直接去救援，因为人体是导体，如果接触触电人，救援人员可能直接或间接接触火线，发生触电事故，所以一定先切断电源.故。不符合安全用电原则.故选C.(1)安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体.(2)水是导体，电器设备起火，不能用水直接灭火；(3)使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当就管发光时，说明是接触的是火线.(4)一旦发生触电事故，应立即断开电源开关，或用绝缘体将电线挑开，使触电者与电源脱离，并进行现场抢救.此题考查了节约用电的做法、发现有人触电时的抢救方法以及测电笔的使用方法，是一道基础题.8.【答案】A
27、【解析】解：A、搓手时两手摩擦做功，机械能转化为内能，手的内能增加、温度升高，是通过做功改变内能的，符合题意；8、向 手“哈气”是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；C、晒太阳是从太阳吸热，是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；。、火炉取暖是从火炉吸热，是通过热传递的方式改变物体内能的，不符合题意；第 14页，共 31页故选：4。改变物体的内能的方法有：一是做功，二是热传递。做功实质是能量的转化过程；热传递实质是内能的转移。据此分析判断。本题考查的是做功改变内能和热传递改变内能的不同，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。9.【答案】H【解析】解：(1)由图可知，鸡蛋在甲、乙两
28、杯中分别处于漂浮和下沉状态，物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等；物体下沉时，浮力要小于重力，故鸡蛋在甲中受到的浮力大于在乙中受到的浮力，根据阿基米德原理知：鸡蛋排开甲液体的重力大于乙杯中的鸡蛋排开液体的重力，故B正确；(2)p叩p物时物体漂浮，P P,根据m=pU知，讥尹m4,G用G/甲乙两个烧杯对水平桌面的压力：?=液体+鸡 蛋+G容器所以尸声 F乙,根据p=g知，甲烧杯对水平桌面的压强大于乙烧杯对水平面的压强，故。错误。故选：B。根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系，再根据p=pg八判断对杯底的压强关系。本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮
29、沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。10.【答案】C【解析】解：A、探究物质的比热容时，被研究的对象是烧杯中的液体；比较不同燃料的热值时，被研究的对象是燃烧皿中的液体，故 4 错误；B、比较不同物质的比热容，应使用相同的热源，控制质量相同的不同液体相同时间内吸热相同；比较不同燃料的热值，根据控制变量法，要使用质量相同的不同燃料全部燃烧，不需要控制其放热的快慢，故 B 错误；C、这两个实验中，都是通过温度计升高的示数来表示物质的吸热能力或热值的大小，故结论都能从比较温度计示数的变化量得出，故 C正确；。、比较不同燃料的热值时，温度计升高温度的多少都
30、反映燃料放出热量的多少，故。错误。故选：C。本题将比较不同液体的比热容和比较不同燃料的热值实验对比，考查相同和不同之处即控制变量法和转换法的运用。11.【答案】A D【解析】【分析】根据电磁感应原理和通电导体在磁场中受力的作用来对图中的装置进行分析。发电机的工作原理是电磁感应，工作时将机械能转化为电能；电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用，电动机工作时消耗电能，得到机械能本题考查了电与磁之间的两个联系及其应用，同时要了解其结构、原理及能量转化等。【解析】推动甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，是发电机的工作原理，工作时将机械能转化为电能；乙线圈随之摆动，乙线圈
31、摆动的原理是通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的工作原理，所以甲线图相当于电源，乙线圈相当于用电器，工作时将电能转化为机械能，故AD正确，3 c 错误。故选AO。12.【答案】CD【解析】第 16页，共 31页【分析】(1)当滑片位于a点时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路中的电流最大，由小灯泡两端的电压不许超过额定电压可知，灯泡正常发光时的电流；根据图象读出电路的最大电流和灯泡、滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小电阻，利用P=U/求出电路的最大功率；(2)当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电路中的电流最小，根
32、据图乙读出电路的最小电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻，根据欧姆定律根据P=U/求出电路的最小功率.本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据题意判断出灯泡正常发光时电路中的电流和两电压表示数的对应关系，有一定的难度.【解答】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表匕测灯泡两端的电压，电压表彩测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流.(1)当滑片位于。点时，电路总电阻最小，根据欧姆定律可知，电源电压一定时，此电路中的电流最大，由图乙可知，电路中的电流/炭大=。,5 4灯泡两端的电压4 =6 V,变阻器两端的电压3 6V,因为串联电路中总电压等于各分电压
33、之和，所以电源的电压：U=UL+U=6V +6V=1 2 V,故A错误；由于小灯泡两端的电压不许超过额定电压，所以电路中的电流最大时灯泡正常发光，灯泡正常发光的电流为0.5 4故8错误；由/=J得，滑动变阻器接入电路中的最小电阻：电路的最大功率：P最 大=U1 最 大=127 x 0.54=6W;(2)当滑片位于右端时，变阻器接入电路中电阻最大，电路中的电流最小,灯泡两端的电压最小，滑动变阻器两端的电压最大，所 以IV为灯泡两端的电压，1IV为滑动变阻器两端的电压；由图乙可知，电路的最小电流/我、=0.2/1,由/=9得，滑动变阻器的最大电阻：Rp 滑 最 大_一 3小大 _ 01.12，4
34、一 5q 5q。0；所以滑动变阻器的取值范围为1205 5 0,故 c 正确；电路的最小功率：P成小=我、=12 X 0.2A=2.4W,所以该电路功率范围为2.4W6小，故。正确.故选：CD.由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表匕测灯泡两端的电压，电压表%测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流.13.【答案】nm n m大气压 压强 摩擦【解析】解：(1)新冠肺炎病毒直径约2 5 nm,PM2.5口罩的2.5指的是2.5 山。(2)用注射器吸取药液时，用手向后拉动活塞，使针管内的压强变小，外面的药液在大气压作用下，通过针头进入针管里；注射器的针头做得很尖，是在压力一定时.，通过减小受
35、力面积来增大压强的；针头表面做的很光滑，在压力一定时，减小接触面的粗糙程度来减小摩擦。故答案为：(l)nm；jam；(2)大气压；压强；摩擦。(1)首先要对题目中涉及的长度有个初步的了解，结合对生活实际的认识，填入符合生活实际的答案。(2)注射器将药液吸入针筒之前，需要先排出针筒内的空气，这样，针筒内的气压减小，药液受到外界大气压的作用，会被压入针筒中；增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、使接触面脱离、用滚动代替滑动。本题考查对长度单位、大气压的应用、增大压强的方法、减小摩擦的方法等知识的理解和应用，物理学习的
36、过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试着解释。14.【答案】静 止 增 大 增 大 电 磁 3X 105第18页，共31页【解析】解：(1)卫星与火箭脱离之前，卫星与火箭的速度相同，没有发生位置变化，以火箭为参照物，卫星是静止的；(2)卫星加速上升过程中，质量不变，速度增大，动能增大；位置高度增大，重力势能增大，动能和势能统称为机械能，机械能增大；(3)电磁波传播不需要介质，卫星与地面设备之间是利用电磁波传递信息。(4)电磁波在真空中的传播速度约为3 x 1。8巾/S =3 x 1 05km/s.故答案为：静止；增大；增大；电磁；3 x 1 0 5。(1)判断一个物
37、体的运动状态，关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止；(2)动能大小的影响因素：质量、速度：质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量，位置高度；质量越大，位置越高，重力势能越大；动能、势能统称机械能；(3)电磁波可以传递信息，传播不需要介质，可以在真空中传播；(4)电磁波在真空中的传播速度为3 x 1 08m/s本题考查了相对运动、动能、机械能大小的影响因素以及电磁波的应用，是一道综合题，难度不大。1 5.【答案】5 0 0 1 0 0 6 0 8 3.3%【解析】解：(1)拉力所做的
38、有用功：V K -=G/l=5 0 0/V x lm=5 0 0 7;(2)由图可知n =3,绳子自由端移动的距离s=nh=3 x l m =3m,则拉力做的总功：卬 总=Fs=2 0 0/V x 3 m=6 0 0 7,所以额外功：川 额=总-有=6 0 0 7 -5 0 0/=1 0 0/；(3)拉力做功的功率：=?=黑=6 0小；(4)滑轮组的机械效率：=/X 1 0 0%=瑞X 1 0 0%。8 3.3%0故答案为:5 0 0；1 0 0；6 0；8 3.3%o(1)利用“斤=G九求有用功：(2)由图可知n =3,绳子自由端移动的距离5 =1%，利用好总=为求总功，利用小总=W有+勿须
39、求额外功;(3)利用P=个求拉力做功的功率；(4)利用?=洪 x 100%求滑轮组的机械效率；本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率和机械效率的计算，是一道基础题。16.【答案】吸引轻小物体；具有惯性；300【解析】解：(1)带电体具有吸引轻小物体的性质，电风扇转动时，叶片与空气摩擦带上“电”，所以容易吸引灰尘.断开开关，电风扇由于具有惯性，保持原来的转动状态，不会立即停止转动.(2)3200impW-八表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗嬴k勿 八的电能，指示灯闪烁32次，电视机消耗电能为：W=3 2 x kW-h=O.OlkW-h,3200用电时间t=2min=总九，电视机的电
40、功率：P=W =-O-.-O-lkWh n O7 O A n ix zT-=03kW=30014/t 30故答案为：(1)吸引轻小物体；具有惯性；(2)300.(1)物体具有吸引轻小物体的性质叫物体带电；物体具有的保持运动状态不变的性质叫惯性；(2)3200imp/fclV /i表示的是电路中每消耗lkVV-八 的电能，电能表指示灯闪烁3200次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗嬴k 八 的电能，求出指示灯闪烁32次电视机消耗的电能.知道时间利用P=9 求电视机的电功率.本题考查了物体带电性质、惯性、电能表的参数的理解，以及电能和电功率的计算，第二问是利用电能表测量用电器电功率的一种
41、类型习题，一定要熟练掌握.17.【答案】2 0 0 靠近第 2 0 页，共 3 1 页解析解：由勾股定理可得，AC=7 AB2 8 c 2 =(5 0 c m)2 (4 0 c m)2=3 0 c m,由题意可知，以。为支点，A3 C是一个杠杆。A C为A处螺钉水平拉力的力臂，室外机对其压力的力臂为A B长的：，由杠杆平衡条件可得：F X A C =GxAB,即：F x 3 0 c m=300N x|x 4 0 c m,解得：F=2 0 0 N,为了安全,应减小A处的拉力(若拉力过大，支架对螺钉拉力会使螺钉松动而造成危险)；在A处拉力和阻力G一定时，室外机的位置越靠近墙壁，室外机对支架压力力臂
42、越小，根据杠杆平衡条件可知，A处的拉力将减小，以保证支架和室外机的安全。故答案为：2 0 0；靠近。分析杠杆五要素，根据杠杆的平衡条件求出A处螺钉的水平拉力；根据杠杆的平衡条件，分析不变的量和可变的量，得出要减小水平拉力厂的措施。本题考查杠杆平衡条件的应用，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。1 8.【答案】不 可2.8 x 1。6 1 0 0【解析】解：(1)天然气属于化石能源，不可能在短期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；(2)完全燃烧0.0 7瓶3天然气释放的热量：(?成=V q =0.0 7 m3 x 4 x 1 07/m3=2.8 x1 06J；(3)由题知，水吸收的热量
43、：Q级=3 0%Q或=3 0%x 2.8 x 1 0 6/=8.4 x 1 0 5),由 Q汲=c m(t -片)可得：8,4 x 1 05J=4.2 x 1 03J/(kg )x 2.5 kg x(t -2 5),解得水的末温：t =1 0 5,由于一标准大气压下水的沸点为1 0 0。&所以水会加热到1 0 0国。故答案为：不 可;2.8 X 10 6；10 0。(1)从能源是否可再生的角度可分为可再生能源和不可再生能源，化石能源不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；(2)利用Q或=%计算出天然气完全燃烧放出的热量；(3)由题知，Q级=30%Q成，再利用Q/=s n(t-
44、t o)的变形式求出水的末温。本题考查了能源分类、以及吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，属于基础题目。19.【答案】断开；接 京2；8 8 0【解析】【解析】(1)当该电热器处于低温档时，其消耗的总功率最小，电源电压一定，由P=?可知，总电阻应最大，则两电热丝应串联连接，结合电路图可知，应断开开关S i、同时S 2接济(2)中温档的额定功率为440 W,由P =U/可得中温档加热时的电流：r 0中 440W、人T=而7 =2 4(3)由1小题可知，当开关5 1断开、5 2接人时，两电热丝串联，电热器处于低温档；由p=H可得，此时的总电阻：R由电路图可知，当开关5 1闭合、S 2接
45、。时，两电热丝并联，电路中的总电阻最小，由P =R可知，此时电功率最大，电热器处于高温档；当开关S 1闭合、S 2接b时，电路为R 1的简单电路，此时电热器处于中温挡，U 220V由欧姆定律可得匕的阻值：治=彳=豆 丁=110 0；由串联电路的电阻特点可得：R2=R -R 1 =2 2 0 P -l i o n =l i o n.电热器处于高温档时，两电热丝并联，则高温档的加热功率为：2,，=匕+2=廿+f=经 丝 生+空 生=8 8 0皿。芮 1 2/?!R2 non non故答案为：断开；接 管2：8 8 0。【分析】(1)电热器处于低温档时，其消耗的总功率最小，电源电压一定，由P=?可知
46、，总电阻应最大，则两电热丝应串联连接，据此判断开关的闭合情况；(2)中温档的额定功率为440卬，由P =U/可得中温档加热时的电流；(3)利用开关的闭合情况判断出此时电路的连接方式，分析出电热水器处于什么档位；利用低温档的额定功率，根据P=?求出串联电路的总电阻；知道中温档的电流，利用欧姆定律求出此时的阻值；由串联电路的电阻特点可得/?2的阻值；第22页，共31页电热器处于高温档时.，两电热丝并联，根据电路的特点和P=9求出高温档的加热功率。本题考查了电热器工作状态的判断和电功率的计算，解题的关键是分析出电阻串联时电功率最小，电阻并联时电功率最大。20.【答案】解:分别作出物体AB端点A、B关
47、于平面镜的对称点4、B,用虚线连接A、夕即为A8在平面镜中的像。如图所示：【解析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出A8的像。在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。21.【答案】解：物体A与弹簧连接，静止在光滑的斜面上，弹簧处于压缩状态，则物体A受到平行于斜面向上的弹力，同时还受到垂直于斜面向上的支持力（支持力也属于弹力），二力的作用点都画在物体的重心上，如图所示：【解析】弹力产生在接触面上，常见的压力和支持力是
48、弹力，它们的方向是垂直接触面指向受力物体；物体A与弹簧连接，静止在光滑的斜面上，没有摩擦力，弹簧处于压缩状态，因此物体A还受到平行于斜面向上的弹力。本题考查了力的示意图的画法，要注意本题只画出物体A所受弹力的示意图，不要漏了力、也不要多了力。22.【答案】解：如图，螺线管的左端为N极，右端为5极。因为在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极，故图中磁感线方向方向向右。根据磁极间的相互作用可以判断出小磁针的左端为N极，右端为S极。根据安培定则：伸出右手，使右手大拇指指向通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极。
49、如图所Z K:【解析】根据图中通电螺线管的N、S极，可判断磁感线的方向。根据磁极间的相互作用再判断小磁针的磁极。最后根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可以确定第三个方向。23【答案】晶体固液共存丙水的比热容大于冰的比热容，质量一定的冰和水升高相同的温度时，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热时间应更长【解析】解：(1)由图象知，冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰是晶体；(2)由图象知，B C段为熔化过程，处于固液共存态。熔化过程中要不断吸热，但温度不变；(3)观察图象可知，A B段是冰的升温过程，8 段是水
50、的升温过程，A B段升高的温度与C Z)段升高的温度都是1 0霓，根据吸热公式Q收=c m t,水的比热容大于冰的比热容，质量一定的冰和水升高相同的温度时，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热时间应更长，所以图丙的C Q数据有问题。故答案为：(1)晶体；(2)固液共存；(3)丙；水的比热容大于冰的比热容，质量一定的冰和水升高相同的温度时，水吸收的热量大于冰吸收的热量，加热时间应更长。(1)掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变。(2)知道晶体在熔化前为固态；熔化过程为固液共存态；熔化完后为液态。(3)根据吸热公式Q吸=6 1 4 水的比热容大于冰的比热容，在质量一定时，升高相同的温度，水