《2021年河北省秦皇岛海港区中考物理一模试卷（附答案详解）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年河北省秦皇岛海港区中考物理一模试卷（附答案详解）.pdf（25页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021年河北省秦皇岛海港区中考物理一模试卷1.下列做法不符合“绿色发展”、“低碳生活”这一理念的是（）A.深埋废旧电池，减少重金属污染B.研发新型可降解塑料，防止白色污染C.出行多乘公共交通工具D.农业和园林改漫灌为喷灌和滴灌2.下列对物质的分类正确的是（）A.绝缘体：塑料、橡胶、氯化钠溶液B.盐类：碳酸钠、氧化镁、硝酸铉C.化石燃料：煤、石油、甲烷D.晶体：冰、蔡、石英、水晶3.下列与分子相关的描述正确的是（）A.花香四溢说明分子是运动的B.破镜难圆说明分子间没有引力C.铁、水、空气、磁场等物质都是由大量分子组成的D.物质在固态时体积最小说明分子间没有空隙4.下列关于实验仪器使用的说法中，
2、正确的是（）A.调节天平横梁平衡时，要先将游码拨到标尺最右端B.使用量筒测量盐水体积时，视线要与液体凹液面最低处保持相平C.熄灭酒精灯时，可以用嘴吹灭D.使用电流表时，可以把电流表直接接在电源两极上5.推理是一种常用的思维方法，下列推理正确的是（）A.洗洁精能去除油渍，是由于洗洁精能溶解油渍B.在水平面上运动的小车，受到的阻力越小，运动距离越大，所以如果小车不受阻力作用，它将一直运动下去C.中和反应生成盐和水，生成汰和水的反应一定是中和反应D.铁能被磁铁吸引，所以能被磁铁吸引的黑色物质一定是铁6.下列对如图所示内容解释正确的是（）A.1 n画如图：净水器中活性炭的作用是除去水中可溶的钙、镁化合
3、r A*口球带正电如图：与毛皮摩擦后的橡胶棒，可以吸引轻质小球，说明小如图：使用钢丝钳子用力夹断钢丝，说明钢丝钳属于费如图：向外拉注射器的活塞时，长颈漏斗下端会有气泡冒出7 .下列数据最接近实际情况的是（）A.一听罐装可口可乐的质量约为1 0 0 gB.用电饭锅做米饭的时间约为lO mi nC.冰箱冷藏室内的温度约为零下5国D.一辆普通家用轿车的宽度约为2 m8 .下面关于声现象的说法中正确的是（）A.声音在真空中的传播速度最大B.利用声的反射制成的声呐可以测海底深度C.声源的振动频率越高，发出声音的响度越大D.市区内禁止汽车鸣笛是在传播过程中减弱噪声9 .在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃
4、的蜡烛放在距凸透镜3 2“处，在透镜另一侧距离透镜1 8 cm处的光屏上得到烛焰清晰的像。则下列相关说法正确的是（）A.光屏上成倒立、放大的实像B.投影仪是利用这一成像原理工作的C.该透镜的焦距/一定满足9 cm f 2 f,成倒立、缩小的实像，2/,应用于照相机，32 c m 2 f,2 f 1 8cm f,解不等式得，9cm f 时，成倒立缩小的实像，时，成倒立放大的实像。(2)凸透镜成像的三种情况解不等式判断属于哪种情况：u 2f,成倒立、缩小的实像，2/,应用于照相机。2f u f,成倒立、放大的实像，v 2f,应用于幻灯机。u f,成正立、放大的虚像，应用于放大镜。(3)远视眼镜是凸
5、透镜，凸透镜对光线有会聚作用，能使会聚光线提前会聚。根据物距和像距关系、物距和焦距关系、像距和焦距关系都可以判断凸透镜成像性质，要熟练掌握。1 0 .【答案】A【解析】解：A、此图中没有电源，当金属棒切割磁感线运动时，电路中会产生电流，故是电磁感应实验装置，即是发电机的制作原理实验，故正确；8、此图中有电源，通电后金属棒会受力运动，即是通电线圈在磁场中受力的作用的原理，故是电动机原理实验图，故不符合题意；C、此图说明通电导线导线周围存在着磁场，故错误；。、此图是探究电磁铁磁性强弱与线圈的匝数有关的实验装置，故错误；故选：A。对题目中所有有关电和磁的实验装置的原理逐个分析即可解决。本题中学生容易
6、混淆，要从有无电源上区分，有电源的是电动机，无电源的是发电机。11.【答案】D【解析】解：A、任何物体都具有惯性，与物体的运动状态无关，故 A 错误；8、骑自行车上坡前，往往要用力加紧蹬几下，这样车的动能就会增加，上坡时就会有更多的动能转化为重力势能，这样自行车就会爬得更高，故 8 错误；C、行驶中的汽车急刹车时，乘客会向前倾，是由于乘客具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故 C错误；篮球运动员投篮时，由于惯性，篮球离开手后能飞向篮筐，故是利用了篮球的惯性，故。正确。故选：)物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性，惯性大小只与物体的质量有关。本题主要考查了对惯
7、性概念的理解，以及对惯性影响因素的了解，属力学基础知识。12.【答案】A D【解析】解：A、任何物体在任何情况下都有内能，0汽的物体内能不为零，故 A 正确；8、物体内能增加，不一定吸收热量，也可能是外界对它做了功，故 8 错误；C、晶体在熔化过程中温度不变，但要吸收热量，内能变大，故 C错误；。、内能的大小跟质量、温度、状态有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈，故。正确。故选：AD.(1)任何物体都有内能；(2)做功和热传递都可以改变物体的内能；(3)物体吸收热量，内能变大：(4)影响内能大小的因素是质量、温度和状态。此题考查了对物体内能的掌握，深入理解内能概念，改变内能的方法，内能与温度
8、、状态等的关系，是解答此题的关键。13.【答案】B C第 14页，共 25页【解析】解：A、木块与小车匀速运动时，木块处于平衡状态，所以木块受到的力一定是平衡力，故A正确；以 若小车运动状态虽然改变(即做变速运动)，但木块与小车之间只是产生了相对运动的趋势，而并未发生相对运动，此时弹簧不会发生形变，小车却并不是做匀速运动，故B错误；C、木块在竖直方向上受重力和支持力，且二力是一对平衡力；若木块受到三个力的作用，则说明其运动状态发生了改变，如果第3 个力的方向与运动方向相同，则小车做加速运动；如果第3 个力的方向与运动方向相反，则小车做减速运动，故 C错误；。、木块与小车一起运动时，若木块与小车
9、之间已经发生了相对滑动，此时木块在水平方向上受到弹簧的弹力和摩擦力的作用，在竖直方向上受到重力和支持力的作用，所以木块可能受到四个力的作用，故 O正确。故选：B C。(1)物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受力平衡；(2)(3)物体的运动状态改变时，一定是受到非平衡力的作用；(4)根据木块的运动状态判定其受力情况。本题考查了物体在平衡状态和非平衡状态时的受力情况、运动情况，属于易错题。14.【答案】B C【解析】解：A、只闭合开关工时，6 和冬、%串联接入电路，电压表测此两端的电压，电流表测通过电路的电流，电压表K的示数为U,电流表A的示数为/】，由欧姆定律可得：/1=?,开关都闭合时，氏
10、和人并联后与。串联接入电路，/?2 和R 1、%并联，电压表测电源电压，电压表的示数为3 U,电流表测通过干路的电流，电流表的示数为9/1，电流表示数变为原来的9 倍，由欧姆定律可知总电阻变为原来的九分之一，串联电路总电阻等于各分电阻之和，并联电路总电阻的倒数等于各分电阻的倒数之和，定值电阻和/?2 阻值相等，若方为定值电阻，且阻值与治相等，则串联时电路总电阻为3%,并联时电路总电阻为g,并联时电路总电阻正好是串联电路总电阻的九分之一，若。为电流表，在电路中相当于导线，6 为定值电阻，且阻值与相等，并联时电路总电阻正好是串联电路总电阻的九分之一，若4为定值电阻，且阻值与R相等，b为电流表，只闭
11、合开关S1时，两电阻串联，总电阻为2%,开关都闭合，定值电阻被短路，两电阻并联，总电阻为T，并联时电路总电阻正好是串联电路总电阻的四分之一，故A错误；B、只闭合开关品时，三个电阻串联接入电路，电路总功率：匕=萼=岁，闭合开关工、S2,电路为/?2的简单电路，电路总功率：2=等=学，三个开关都闭合，三个电阻并联接入电路，电路总功率：3 =%*=不27U-2,故B正确；C、若 、b位置互换,则开关都闭合时，和夫2并联接入电路，被 短路，电压表测匕两端的电压，所以电压表的示数为0匕 电路的总电阻为3，由欧姆定律可得通过电r3U 6U 八路的电流：/=五=瓦=6。，故C正确；2。、将&换为最大阻值为R
12、2阻值3倍的滑动变阻器，当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，通过电路的最大电流：/。=苔=|/1,电阻&上消耗的最大功率：PR I=后&=(|/i)2/?i，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，通过电路的最小电流：/o=3=|/i，电阻先上消耗的最小功率：PR；=婚Ri=(|/i)2/?i，则只闭合工时，电阻凡 上消耗的最大功率与最小功率之比为：抖=华等=?，故OPR I(5；1)R1 4错误。故选：BC。A、只闭合开关Si时，6和%、/?2串联接入电路，电压表测此两端的电压，电流表测通过电路的电流，电压表V的示数为U,电
13、流表A的 示 数 为 由 欧 姆 定 律 可 得 开 关都闭合时，心和人并联后与串联接入电路，&和、人 并联，电压表测电源电压，电压表的示数为3 U,电流表测通过干路的电流，电流表的示数为9/根据电流的倍数关系结合欧姆定律可得电阻的倍数关系，结合串联电路电阻规律、并联电路电阻规律，据此分析可知b为定值电阻，且阻值与当相等，。为电流表；B、只闭合开关Si时，三个电阻串联接入电路，闭合开关品、S 2,电路为/?2的简单电路，三个开关都闭合，三个电阻并联接入电路，根据电功率公式P=?分别计算电路总功率;C、若 、。位置互换，则开关都闭合时，。和/?2并联接入电路，被 短路，电压表测第 16页，共 2
14、5页%两端的电压，根据欧姆定律计算通过电路的电流；D、将/?2换为最大阻值为&阻值3倍的滑动变阻器，当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最大，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，由欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，根据欧姆定律分别计算通过电路的电流，根据电功率公式P =/2 R分别计算电阻&上消耗的最大和最小电功率，进一步计算电阻必上消耗的最大功率与最小功率之比。本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，题目有一定难度，分清电路的连接是解题的关键。1 5.【答案】运动状态 电磁波 运动【解析】解：(1)人造地球卫星在火箭的推动下加速上升，
15、人造地球卫星的速度发生变化，说明力可以改变物体的运动状态；(2)卫星与地面是通过电磁波传递信息的；(3)若以月球为参照物，人造地球卫星相对于月球的位置发生了变化，则人造地球卫星是运动的。故答案为：运动状态；电磁波；运动。(1)力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；(2)电磁波能够传递信息；(3)根据物体与参照物之间是否有位置变化判定物体的运动状态。本题考查了力的作用效果、电磁波的传播、运动和静止的相对性等知识的应用，比较基础。1 6.【答案】光的折射凝华水的比热容较大【解析】解：(1)池水变浅，是由于光从水中射向空气时发生折射形成的，属于光的折射现象；(2)雪花是空气
16、中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象；(3)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，汽车发动机用水作为冷却剂是因为水的比热容较大。故答案为：(1)光的折射；(2)凝华；(3)水的比热容较大。(1)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等；(2)物质由气态直接变为固态叫凝华；(3)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。本题所列举的事例是我们日常生活中常见的，因此同学们在学习时，要多注意身边物理现象，用所
17、学知识解释这些现象。1 7.【答案】镜 面40不变【解析】解：(1)大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的；(2)平面镜所成像与物到镜面的距离相等,人在璃幕墙前2 0?,所以像到璃幕墙也是2 0?,则像与人的距离为4 0,，当他走近玻璃幕墙时，像与人的大小相同，人的大小不变，所以他的像大小也不变。故答案为：镜面；4 0；不变。(1)光的反射分为镜面反射与漫反射两种，光污染主要是由镜面反射引起的；(2)平面镜成像的特点是：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。本题考查了平面镜成像的特点以及镜面反射的危害，此题难度不大，属于基础题
18、。1 8.【答案】熔断器会【解析】解：当家庭电路中电流过大时，熔断器会自动切断电路，所以家庭电路中，为了防止电流过大引发的安全事故，应该安装熔断器；图中，开关接在火线与电灯之间，开关闭合后，若“X”的位置发生了断路，A点还与火线连通，所以用测电笔测试4点时，筑管会发光。故答案为：熔断器；会。熔断器的作用：当家庭电路中电流过大时，熔断器会自动切断电路；用测电笔的笔尖接触火线或与火线相连的用电器，测电笔的筑管会发光。本题考查了家庭电路的组成、熔断器的作用和测电笔的使用，属于基础知识，要掌握。1 9.【答案】裂 变 核 有第18页，共25页【解析】解：(1)目前，核能的利用方式有两种：核裂变和核聚变
19、，核电站是利用核裂变过程中释放的核能最终转化为电能；(2)核能发电的主要燃料是铀，具有极强的放射性，使用过的核废水对海洋环境有严重的污染。故答案为：裂变；核：有。(1)目前，核能的利用方式有两种：核裂变和核聚变；(2)核能发电的主要燃料是铀，具有极强的放射性。本题考查核能的利用及危害，难度不大。2 0.【答案】测量小球摆动多次的时间，然后取平均值 控制小球的质量不变、摆动的幅度相同，改变绳子的长度，测量摆动一个来回的时间，与原来的时间比较说明有无关系重力势能转化为动能【解析】解：(1)为了能更准确地测出小球摆一个来回的时间，可以测量小球摆动多次的时间，然后取平均值，这样能减小误差；(2)小球来
20、回摆动的时间可能与绳子的长度有关时，采用的是控制变量法，实验中需要控制小球的质量不变、摆动的幅度相同，改变绳子的长度，测量摆动一个来回的时间，与原来的时间比较说明有无关系；(3)小球从A点摆到8点的过程中，质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，质量不变，动能变大，重力势能转化为动能；(4)在C点时，小球只受竖直向下的重力和沿绳子斜向上的拉力。用力的示意图表示重力和拉力的三个要素：作用点是重心；方向竖直向下；具体做法，从力的作用点起沿力的方向画一条直线，在直线的末端画上箭头表示力的方向。拉力的方向是沿绳子斜向上,如图所示：O故答案为：(1)测量小球摆动多次的时间，然后取平均值；(2)控制小
21、球的质量不变、摆动的幅度相同，改变绳子的长度，测量摆动一个来回的时间，与原来的时间比较说明有无关系；(3)重力势能转化为动能；(4)如图。(1)从减小误差的方面分析测量的方法；(2)小球来回摆动的时间可能与绳子的长度有关时，需要控制其他因素不变，改变绳子的长度；(3)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关；(4)根据规则物体的重心在物体的几何中心，然后过重心表示出重力的方向和拉力的方向。重力是物体由于受到地球的吸引而产生的力，方向竖直向下，作用在物体的重心上。本题是探究球的摆动时间与绳长的关系、动能和势能的转化、力的示意图的作法，利用好控制变量法是解题的关键。21.【答案】
22、0.6大0,12 62.5%无 关0.05【解析】解：(1)弹簧测力计分度值为0.1N,第1次实验时，弹簧测力计示数如图所示，为 0.6N；拉动滑轮组时要克服轮与轴、绳与轮的摩擦，若用弹簧测力计静止时的读数作为拉力值,拉力会偏小，总功偏小，而有用功不变，计算出的机械效率值会偏大；(2)第2次实验时所做的有用功为：W有 用z G2h2 1.5N x 0.05m=0.075/.第 2 次做的总功：卬总2=F2s2=0.8/V x 0.15?n=0.127.滑轮组的机械效率为：7 =x 100%=x 100%=62.5%.w总 z 0127(3)分析3、4次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升
23、的高度无关；(4)若换用一只质量较小的动滑轮，若提升相同的高度，有用功不变，则第4次实验时所做的有用功为：有 用 与G4h4=2.0N x 0.1m=0.2/.根据机械效率公式=乎知拉力做的总功为：总w =%1 =吆=0.25/,息 4 3 80%则拉力的功率为：&=%=幽=0.051V。4 t 5s第2 0页，共2 5页故答案为：(1)0.6；大；(2)0.1 2；6 2.5%；(3)无关；(4)0.0 5。(1)根据弹簧测力计分度值得出弹簧测力计示数；物体被拉动时要克服摩擦，拉力比静止时要大些，据此分析；(2)根据W存府2 =G 2电得出第2次实验时所做的有用功，wf!,根据W总2 =F
24、2 s 2得出第2次做的总功，根据7?=1 0 0%求出滑轮组的机械效率；总2(3)分 析3、4次实验的数据可知得出滑轮组的机械效率与钩码上升的高度的关系；【拓展】若换用一只质量较小的动滑轮，若提升相同的高度，有用功不变，根据机械效率公式算出拉力做的总功，根据P =?算出拉力的功率。本题测量滑轮组的机械效率，考查弹簧测力计读数、功和机械效率的计算、数据分析及影响机械效率大小的因素。2 2.【答案】B 0.2 4 IC=IA+IB换用不同规格的灯泡，再 做 几 次 实 验2 0J【解析】解:(1)乙图中电流表测干路电流，要求在乙图中移动一根导线，测量另外一处的电流，可以测力支路的电流，也 可 测
25、 支 路 的 电 流，根据电流表与待测电路串联，有2种改正方法，如下图所示：乙 乙重新连接后电流表测量的是B(或4)处的电流；(2)4点的电流如图丙所示，电流表选用小量程,分度值为0.0 2 4,则A点的电流为0.2 4 4结 合B、C两点的电流值知：0.2 4/1 +0.3 4 =0.5 4/1,则可以得出初步结论：=+/-；为了得出更普遍的规律，应当换用不同规格的灯泡，再做几次实验。(3)在不更换电流表位置的情况下，在两支路上各接一个开关，将电流表接在干路上，如下图所示：-0-只闭合一个支路开关，电流表测该支路的电流，两开关同时闭合，电流表测干路电流,即可达到完成实验的要求；【拓展】根据欧
26、姆定律/=:知图甲中两灯泡的电阻分别为：R=2=_ 2 T _=1 2.5/2,1 Zi 0.2 4 AD U 3VR2z =1=-=10J2,2 0.34将两灯泡串联接在原来的电源上，则电路的电流为：I =U=3V=2 R1+R2 12.50+10。15 则小灯泡人工作9 0 s 消耗的电能为：W =I2Rrt=(?)2 x 1 2.5 0 x 9 0 s =2 0J.故答案为：(1)见上图：B(或4)：(2)0.2 4；IC=IA+IB-换用不同规格的灯泡，再做儿次实验；(3)见上图；【拓展】2 0 J o(1)乙图中电流表测干路电流，要求在乙图中移动一根导线，测量另外一处的电流，可以测A
27、支路的电流，也可测G支路的电流，结合电流表与待测电路串联分析；(2)根据电流表选用小量程确定分度值读数；结合A、B、C三点的电流值得出初步结论；用归纳法得出普遍性的结论要满足2 个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；(3)在不更换电流表位置的情况下，在支路上各接一个开关，将电流表接在干路上即可完成实验要求；【拓展】根据表格数据和欧姆定律算出两灯泡的电阻，根据欧姆定律和串联电路电阻的规律算出电路的电流，根据P =/2 R算出小灯泡刀工作9 0 s 消耗的电能。本题是探究”并联电路中电流的规律”的实验，考查电流表使用、电路连接、电流表读数、数据分析和归纳法的运用及电路的设计。2 3.【答
28、案】解：(1)水箱内装有水的质量为5 0 打,水温升高4(F C 需要吸收的热量Q 收=c 次 m t =4.2 x 1 03J/(kg-)x 50kg x 4 0 =第22页，共25页8.4 x 1 0 6/；(2)该电热水器消耗的电能皿=360tx W)=景W h=1.5 x 1 05/；该电热水器的额定功率P =-=1 5 x1 0 5 7=2.5 x 1 03l V；t 1x60s(3)闭合开关，两电阻串联，电压表测量右两端的电压，根据欧姆定律可知电路中的电流/=*=券=1 4根据串联电路的电压特点可知&两端的电压外=U -U i =9 V -4 V =5 心根据欧姆定律可知/?2 =
29、牛=堇=5 0,将%=5。代入/?2 =-0.0 6 t+8 0 可得：5。=-0.0 6 t+8 C,解得t=5 0 久，即水箱中水的温度为5(TC。答；(1)若水箱内装有水的质量为5 0 依，水温升高4 0。(2 需要吸收的热量为8.4 x 1 0 6/；(2)该电热水器的额定功率为2.5 x 1 03l V；(3)当电压表示数为4 1/时，水箱中水的温度为5 0。&【解析】(1)水箱内装有水的质量为5 0 依，根据Q 殁 =求出水温升高4(TC 需要吸收的热量；(2)3 6 0 0 r/(f c l -h)的含义：电路中每消耗l k W-九 的电能，电能表的转盘转过3 6 0 0 r,据
30、此求出电能表的转盘转动了 1 5 0 转时电热水器消耗的电能，根据P =/求出该电热水器的额定功率；(3)闭合开关，两电阻串联，电压表测量两端的电压，根据欧姆定律可知电路中的电流，根据串联电路的电压特点可知/?2 两端的电压，根据欧姆定律可知此时的阻值，结合&的阻值随温度，的变化关系可求出此时水箱中水的温度。本题为电功与热量的综合计算题，考查的知识点较多，有一定难度。2 4.【答案】解：(1)由图乙知，当水的深度为0.0 6 m 以后，又加水的深度变化量为：h=电一 M=0.1 m 0.0 6 m =0.0 4 m,则加入的水的质量变化量为：m=租2-根1=2.9 k g -0.9 k g =
31、2 k g；根据P=得：所加水的体积为：4=第=1,0X1次9/加=2 X 1 0-3n t3,则此时所加水的横截面积为：S求=空=2 X 1 L =0 0 5m2,小 /1 0.04m由于薄壁柱形容器的底面积s分.=0.0 5巾2,贝I JS忒=S容,即：所加水的横截面积S次与薄壁柱形容器的底面积S容相等，说明实心物体处于漂浮状态；则停止加水时，实心物体受到的浮力：F浮=G =m g =2.1 kg x 1 0N/kg=2 1/V；（2）当/h =0.0 6 m时实心物体刚刚开始漂浮，此时物体浸入水的深度为0.0 6 m,则：丫水=（S容-S扬）八1,根据P =孩得：p科 水、=p水 容 一
32、 S加所以物块的底面积为:S物=$容一就=.0 5/-1.0X103黑X。,06m=0.0 3 5 7 n 2,则实心物体的体积为：V物=5/物=0.0 3 5 m2 x 0.1 m =3.5 x 1 0-3m3,所以，实心物体的密度：P物=U =3.5:消布=。6 X 1。3如/-3；当水的深度小于0.0 6 m时，假如容器内加水的深度为九 时P年=2 p次,行 或 a b w H H.r r加 G容+G物+G水，m*g+m物g+p水（S容-S物 加g则：容器对水平地面的压强：P=-：-=-5容3容水对容器底的压强：P次=。次9%，即：也容g+m物g+p水（S容一S物）h，g=2 P 水g
33、K,所以,H二m容+m物P水（S容+S物）0.4Skg+2.1kg1.0 xl03k/m3x(0.057n2+0.0357n2)=0.0 3 mo答：（1）停止加水时，实心物体受到的浮力为2 1 N；（2）实心物体的密度为0.6 x 1 03kg/m3；（3）容器对水平地面的压强为P容，水对容器底的压强P次。若使P容=2 p次时，容器内加水的深度为0.0 3?n。【解析】（1）根据水的深度从0.0 6 m至U O.l n i之间所加水的质量求出水升高时水的横截面积，然后与容器的横截面积比较，判断得出物体所处的状态；最后即可根据物体的浮沉条件求出停止加水时，实心物体受到的浮力；（2）当水的深度为0.0 6 m,已知水的质量和密度，根据水的体积和容器中水所占的容积列出等式，即可求出物体的底面积，然后求出物体的体积，利用P =求出实心物体的密度;第24页，共25页(3)首先假设在水的深度小于0.06m时P容=2p次成立，据此根据容器内加水的深度利用压强公式分别得出容器对水平地面的压强P容和水对容器底的压强P次的表达式，然后得出等式即可求出容器内加水的深度。本题考查了液体压强公式和密度公式、阿基米德原理、压强定义式的综合应用等，正确的判断出物体在水中的状态和容器对水平地面的压力的大小是关键。