《2021年江苏省徐州市高考物理考前模拟试卷(5月份)(含答案解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年江苏省徐州市高考物理考前模拟试卷(5月份)(含答案解析).pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021年江苏省徐州市高考物理考前模拟试卷（5月份）一、单 选 题（本大题共12小题，共36.（）分）1.分子动理论较好地解释了物质的宏观热力学性质，据此可判断下列说法中正确的是（）A.显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，这是炭分子无规则性运动的反映B.两种不同的物质，温度高的分子的平均速率一定大C.分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大D.给自行车轮胎打气，越来越费力，证明分子间斥力在增大，引力在减小2.如图所示，气缸内封闭一定质量的理想气体。现缓慢地向活塞上倒一定质量的细沙，忽略环境的温度变化，在此过程中如果气缸、活塞（）A.导热良好，气缸内气体的内能必增大B.导热良
2、好，气缸内气体向外放热C.绝热良好，气缸内气体分子的平均动能不变D.绝热良好，气缸内所有气体分子的运动速率都变大太阳能是我们的家园地球上最大的能源，太阳内部有多种热核反应，其中的一个反应方程是：jH+lH He+X.已知出的质量为Tn1，的质量为的质量为m3,X质量为Tn*光速为c,下列说法中正确的有（）A.X是质子B.叁”和是两种不同元素的原子核C.和在常温下就能够发生聚变D.反应释放的核能为ZE=（巾1 +m2-m3-m4）cz4.关于相互接触的两个物体之间的弹力和摩擦力，下列说法中正确的是（）A.有弹力必有摩擦力B.只有运动的物体才能受到滑动摩擦力作用C.摩擦力可以是阻力，也可以是动力D
3、.摩擦力的大小与弹力的大小成正比5.请阅读下列材料，回答下列各小题.“天神”顺利来相会“海冬”惬意入天宫2016年10月17日，承载着亿万国民的殷切期待的“神舟十一号”载人航天飞船在我国酒泉卫星发射中心成功发射，开始长达33天的太空飞行计划“神舟十一号”是在经过5次变轨后，到达“天宫二号”后方约52公里左右的位置，两个8吨重的“大家伙”进入自动控制状态，在393公里轨道高度实现交会对接.11月18日13时59分，“神舟十一号”飞船返回舱开始进入大气层，速度不断增加，最终在阻力的作用下，近似做匀速运动，当距地面十公里左右的高度时，降落伞会打开，为“神舟十一号”减速，从伞舱盖打开到着陆的全程，大约
4、12分钟，返回舱的下降速度也从每秒220米慢慢降到着陆前的每秒3米左右，最大程度来保证“神舟十一号”飞船安全着陆.(1)下列情形中，地面控制人员能将“神州十一号 飞船视为质点的是()A.对飞船姿势进行修正时 B.飞船与“天宫二号”对接时C.调整飞船上太阳帆板面向太阳时 D.飞船在轨道上做匀速圆周运动时(2)若“天宫二号”在轨道上做匀速圆周运动，则与地球同步卫星(轨道高度35 860公里)相比,“天宫二号”具有更小的()A.周期 B.线速度 C.角速度 D.向心加速度(3)若返回舱在降落过程中，在竖直方向上先做加速运动后做减速运动.则舱里宇航员在该过程中()A.一直处于失重状态B.一直处于超重状
5、态C.先处于超重状态，后处于失重状态D.先处于失重状态，后处于超重状态(4)在返回舱减速下降阶段()A.阻力做正功机械能增加 B.阻力做正功机械能减少C.阻力做负功机械能增加 D.阻力做负功机械能减少6.如图所示，电源电动势为3匕 内阻为1 0,将一电阻丝接入电路中时，电 一路中电流为2 4,若将电阻丝均匀拉长到原来的2倍后再接入电路，则下 一列说法正确的是（）A.电阻丝的电阻变为40 B.电源的内电压变为1.5UC.电路中电流变为L4D.电阻丝上消耗的电功率变为4小7.如图所示的两条图线分别表示同一电源的内阻发热功率已以及电源的总功率P随干路电流/的变化图线，其中抛物线OBC为电源的内阻发热
6、功率巴随干路电流/的变化图线，直线。力C为电源的总功率P随干路电流/的变化图线.若线段4B对应的横坐标为2 4,那么图象中线段4B所表示的功率差以及电流/=24时所对应的外电阻分别为（）A.6W 0.50B.2W 0.5PC.2W 0.1。D,41 0.308.蹦极运动中，长弹性绳的一端固定在几十米高的平台上，另一端绑在人身上，人从平台落下。将蹦极过程中人的运动简化为沿竖直方向做初速度为零的直线运动。人从开始运动到第一次下降至最低点的过程中，弹性绳始终处于弹性范围内，忽略空气阻力，下列分析正确的是（）A.人的动能一直增大B.当绳恰好伸直时，人的动能达到最大C.当人到达最低点时，绳对人的拉力大小
7、等于人所受的重力大小D.当绳的弹性势能逐渐增大的过程中，人和地球组成的系统机械能逐渐减小9.如图所示，P物固定连接一轻弹簧静置在光滑水平面上，与P质量 P Q相等的Q物以初速度北向p运动。两物与弹簧始终在一条直线上，-1 _ _ L质量为m，则（）A.到两物距离最近时，P受到的冲量为rn%B.到两物距离最近时，Q的动能为皿4C.到弹簧刚恢复原长时，P受到的冲量为小为D.到弹簧刚恢复原长时，Q的动能为返4二、多 选 题（本大题共1小题，共4.0分）1 0.如图甲所示，4 8 是某电场中的一条电场线，有一电子仅在电场力作用下，以某一初速度沿由4 点运动到B 点，该电子所经位置的电势能E p 随它与
8、A 点的距离 的变化规律如图乙所示。下列说法正确的是（）A.电场线的方向由4 指向5B.4 点的电场强度比B 点的大C.4 点的电势比B 点的低D.该电子在4 点时的速度比它在B 点时的大三、实 验 题（本大题共1 小题，共 1 5.0 分）1 1.研究组准备测定某金属电阻率p，并打算通过查表找到该金属类型。待测金属横截面积为圆形。实验器材有：毫米刻度尺、游标卡尺、多用电表、待测合金及导线若干。0 1 2（）in 20（1）用毫米刻度尺测量待测金属丝的长度，用游标卡尺测量其直径，结果分别如图所示，可得其长度L =cm,直径D =7 n m（2）采用多用电表粗测待测金属丝电阻，先把选择开关旋到“
9、x 1 0”挡位，测量时指针偏角过大.则松开表笔与电阻的接触，把开关旋到 挡位（选 填“X 1 0 0”或 者“xl”）；两表笔短接，进行欧姆调零，把两表笔接触电阻两端，读数。（3）现要进一步精确测量其阻值，研究组采用以下电路图进行测量，其中7?2 为定值电阻且已知。请合理选择题目中给出的实验器材（除多用电表外），写出需要测量的物理量并用物理字母表示:o则待测金属丝电阻&=（用上述字母及题中电路图所给物理字母表示）。(4)得到待测金属丝心=0.5 0,由此可计算得到待测金属丝电阻率为。=。皿结果保留三位有效数字)(5)结合表中数据，查 表 可 知 该 金 属 为(填 写 金 属 类 型 名 称
10、)金属类型名称铁铝合金含铜合金常规金属常温下电阻率(O n)1.0 x IOS x I O 4.4 x 1 0-7-5.0 x I CT，1.6 5 x 1 0-9.7 8X 1 0”四、计算题(本大题共4小题，共 4 5.0 分)1 2.如图所示是一列简谐波在t=0 时刻的波形，简谐波沿x轴的正向传播。已知t=2.2 s时P 质点恰好第三次在波峰位置。求：(1)这列波的周期和波速；(2)在t=2.2 s内质点M通过的路程和2.2 s时刻的位移：(3)经过多少时间M点到达波谷：(4)画出M点第一次振动到平衡位置且向下振动时原点右侧的全部波形。1 3.如图(a)所示，光滑的平行长直金属导轨置于水
11、平面内，间距为Z,、导轨左端接有阻值为R 的电阻，质量为m的导体棒a b 垂直跨接在导轨上，导轨和导体棒的电阻均不计，且接触良好.在导轨平面上有一矩形区域内存在着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为8.开始时，导体棒静止于磁场区域的右端，当磁场以速度力匀速向右移动时，导体棒随之开始运动，同时受到水平向左、大小为f 的恒定阻力，并很快达到恒定速度，此时导体棒仍处于磁场区域内.(a)(b)(1)判断导体棒ab中电流的方向；(2)求导体棒所达到的恒定速度方；(3)导体棒以恒定速度运动时，求电路中消耗的电功率为多大？(4)若t=0时磁场由静止开始水平向右做匀加速直线运动，经过较短时间后，导体棒也做匀加
12、速直线运动，其t关系如图(b)所示，已知在时刻t 导体棒瞬时速度大小为%,求导体棒做匀加速直线运动时的加速度大小.1 4.如图所示，水平平台上有一轻弹簧，左端固定在4 点，自然状态时其右端位于B点，平台AB段光滑，BC段长x=l m,与滑块间的摩擦因数为 1=0.25.平台右端与水平传送带相接于C点，传送带的运行速度v=7 m/s,传送带右端。点与一光滑斜面衔接，斜面长度s=0.5 m,另有一固定竖直放置的光滑圆弧形轨道刚好在E点与斜面相切，圆弧形轨道半径R=1m,0=37。,今将一质量m=2kg的滑块向左压缩轻弹簧，使弹簧的弹性势能为Ep=3 0/,然后突然释放，当滑块滑到传送带右端。点时，
13、恰好与传送带速度相同，并经过。点的拐角处无机械能损失。重力加速度g=10m/s2,sin53 0.8,cos530=0.6,不计空气阻力。试求：(1)滑块到达C点的速度生;(2)滑块与传送带间的摩擦因数出；(3)若传送带的运行速度可调，要使滑块不脱离圆弧形轨道，求传送带的速度范围。1 5.如图所示，一个电子以4 X l()6ni/s的速度沿与电场垂直的方向从4 点飞进匀强电场，并且从另一端B点沿与场强方向成150。角方向飞出，(电子的质量为9.1 x 10-31k g,不计电子重力)那么(1)电子到达B点时的速度大小力是多少？(2)4、B两点间的电势差办8为多少？参考答案及解析1.答案：c解析
14、：布朗运动是固体微粒的无规则运动，反应了液体分子的无规则运动。温度是分子平均动能的标志。分子势能与分子之间距离关系比较复杂，要根据分子力的性质来分析。自行车打气是气体被压缩了导致压强增大，从而越来越费力。解决本题的关键是正确理解布朗运动的实质，明确分子力、分子势能与分子之间距离的关系。要注意布朗运动并不是分子运动。A.墨水中的小碳粒的运动是因为大量水分子对它的撞击作用力不平衡导致的，并且没有规则，这反映了液体分子运动的无规则性。小炭粒是由大量的灰分子组成的，所以小炭粒的运动不是炭分子无规则性运动的反映，故A错误；B.温度是分子平均动能的标志，两种不同的物质，温度高的分子的平均动能一定大，但分子
15、平均速率不一定大，还与分子质量有关，故B错误；C.当分子间距离等于小时，分子间的势能最小，当分子从分子距离小于2处运动到大于2处的过程中,分子势能先减小后增大，故C正确；D给自行车轮胎打气，气体被压缩了导致压强增大，故越来越费力，与分子力无关，故。错误。故选C。2.答案：B解析：解：4若气缸导热良好，缓慢加入细沙，气体被压缩过程中，气体与环境进行充分热交换，温度保持不变，理想气体内能由温度决定，温度不变，内能不变，故A错误；8、气体被压缩过程中，外界对气体做功，而内能不变，由热力学第一定律可知，气体将放出热量,故B正确；CD.若气缸绝热良好，与外界没有热交换，压缩气体时，外界对气体做功，气体内
16、能增加，温度升高，分子平均动能增大，但并不是所有分子速率都增大，故CD错误；故选：B。理想气体内能由温度决定，温度不变，内能不变；由热力学第一定律可分析判断。本题主要考查热力学第一定律，考查知识点针对性强，难度较小，考查了学生掌握知识与应用知识的能力。3.答案：D解析：解：4、根据质量数守恒与电荷数守恒可知X的质量数为1,电荷数为0,是中子，故 4 错误;B、；”和：”是同位素，是相同元素的原子核，故 B错误；C、：”和；H在高温下才能够发生聚变，故 C错误；D、根据质能方程，则反应释放的核能为ZE=/m e?=（巾1 +巾2 -僧3-7n4）。2,故。正确。故选：D。中子电荷数为0,质量数为
17、1;相同元素的电荷数相同，根据爱因斯坦质能方程求出释放的核能。解决本题的关键掌握轻核聚变发生的条件，以及掌握爱因斯坦质能方程。4.答案：C解析：摩擦力产生的条件是接触、挤压、相对运动或有相对运动的趋势，可知有摩擦力必有弹力，有弹力不一定有摩擦力；解决本题的关键知道弹力和摩擦力的产生条件，以及知道力与运动方向相同，该力为动力，力与运动方向相反，该力为阻力。A.摩擦力产生的条件中，必须接触挤压，所以有摩擦力必有弹力，有弹力不一定有摩擦力，还需有相对运动或相对运动的趋势；故 A 错误；8.物体间除有弹力，并有相对运动，即有滑动摩擦力，与运动状态无关；故 B 错误；C.一个力是动力还是阻力，看该力与运
18、动的方向相同还是相反；摩擦力的方向可能与运动方向相同，可以是动力，同理，弹力也一样，可以是阻力，也可以是动力；故 C 正确；。.滑动摩擦力的大小与正压力成正比，静摩擦力大小与压力无关；故。错误。故选Co5.答案:【小题1】D【小题2】A【小题3】D【小题4】D解析：明确物体看作质点的条件，当物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，物体可以看成质点。解决本题的关键知道物体能否看成质点的条件，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略。A.调整神州十一号飞船的飞行姿势，飞船的大小与形状必须要计算在内，所以不能看做质点，故A错误”B.研究神州十一号飞船与天宫二号对接的过程时，它们的大小和形状不能忽略
19、，不能看成质点，故B错误；C调整飞船上太阳帆板面向太阳时，飞船的大小和形状不能忽略，故不能看成质点，故C错误；。.研究飞船在轨道上做匀速圆周运动时，飞船的大小与形状可以忽略，可以看做质点，故。正确。故选D。“天宫二号”和同步卫星绕地球做匀速圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据万有引力定律和牛顿第二定律判断线速度、周期、向心加速度和向心力的大小关系。解决本题的关键知道飞船和同步卫星绕地球做圆周运动靠万有引力提供向心力，掌握线速度、角速度、周期、向心加速度和轨道半径的关系。“天宫二号”和地球同步卫星围绕地球做匀速圆周运动，由地球对卫星的万有引力提供卫星所需的向心力，Mm v2 47r2 2则 G=
20、m =m r =ma)r=ma,r2 r T2可得：u=秒，7=27n底，a=詈，B=旧,由上可知：“天宫二号”的轨道半径较小，线速度、角速度和向心加速度较大，周期较短.故BCD错误，A正确。故选A。当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度。本题应明确超重和失重的性质，注意明确加速度的方向与运动方向的关系，明确只要加速度向上物体即超重，加速度向下即失重。返回舱在降落过程中，在竖直方向上先做加速运动后做减速运动，加速度先向下再向上，故宇航员先失重后超重，故。正确，A8C错
21、误。故选 。明确返回舱运动过程中的受力情况，从而分析外力做功情况，明确重力之外的其他力做功等于机械能的改变量。本题考查功能关系的应用，要注意明确在返回舱下落过程中阻力所做的功等于机械能的改变量，因阻力做负功，因此机械能一定减小，转化为内能。返回舱在下降过程中，由于受到阻力作用，阻力对返回舱做负功，因此返回舱的机械能一定减小,故。正确，A BC错误。故选 。6.答案：C解析：解：4、根据电阻定律：R =P（，若将电阻丝均匀拉长到原来的2倍，则截面积变为原来的一半，则电阻变为原来的4倍，即电阻丝的电阻变为20,故A错误。B C、此时电路中的电流为：I=j 电源的内电压变为：U的=/r =lV,故B
22、错误，C正确。r v+Z*。、电阻丝上消耗的电功率变为：P=/2R=MX2W=2 W,故。错误。故选：C o已知电源电动势为3入内阻为10,电路中电流为24根据闭合电路欧姆定律求出电阻丝的电阻。若将电阻丝均匀拉长到原来的2倍，根据电阻定律分析电阻的变化，再由欧姆定律分析电流的变化,由P =分析电阻丝上消耗的电功率变化。此题考查电阻定律和闭合电路的欧姆定律，解决本题的关键掌握电阻定律的公式，电阻丝的体积不变，长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的0.5,不能只考虑一个因素。7.答案：B解析：根据电源的总功率P =E/,由C点的坐标求出电源的电动势和内阻.4 B段表示外电路的功率，再求解4 B段表
23、示的功率.本题关键在：（1）理解电源的总功率P总随电流/变化的图象与电源内部热功率已随电流/变化的图象的涵义；（2）分清三种功率及其关系：电源的总功率P =E/,电源内部发热功率P热=/2，外电路消耗功率P分 =U/=I2R,且根据能量关系得P总=P 外+P热.电源的总功率P =E/,C点表示/=3 A,P =9W,则电源的电动势E=3 U。由图看出，C点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有P =产乙代入解得,=所以A B段表示的功率为匕B=E/-l2r=3 x 2 I V-22 x 1 1 V=2 W.根据闭合电路欧姆定律，有/=去，解得：/?=?-r =|-l =O.5/2
24、R+r I 2故选：B。8.答案：D解析：解：力、人加速时动能是一直增大的，但从速度最大到最低点人是减速到零的，所以选项A错误；2、绳子恰好伸直时，是自由落休的末端，但伸直后的一小段弹力小于重力时，人还是加速的，所以B选项错误；C、速度最大时拉力等于重力，但继续下降之后弹力是大于重力的，故选项C 错误：。、伸直后，弹性势能是逐渐增大的，而弹簧、人和地球组成的系统的机械能守恒，所以弹簧的弹性势能增大时，人和地球的系统的机械能减小，故选项。正确。故选：D。从绳子绷紧到人下降到最低点的过程中，开始时人的重力大于弹力，人向下加速；然后再减速，直至速度为零；再反向弹回；根据功的知识和功能分析动能和弹性势
25、能的变化。本题考查变力作用下物体的运动情况分析，关键是明确人的运动过程，即可根据功能关系进行分析求解即可。9.答案：C解析：解：4当两物的速度相等时距离最近，设两物的共同速度为九取水平向右为正方向，由动量守恒定律有：m v0=(m+m)v得：v=0.5%。对P,由动量定理得/=nw-Tn%=-0.5771孙.负号表示P受到的冲量方向向左，冲量大小为0.56见.故 A 错误。B、到两物距离最近时，Q的动能为EKQ=/小诏.故B错误。C、设弹簧刚恢复原长时，P和Q的速度分别为打和切由动量守恒定律得：=mvy+m v2由机械能守恒定律得：jnivo=+|m v 2。联立解得%=0,v2=v0o到弹簧
26、刚恢复原长时，对,P，由动量定理得/=nW1一 mv0=-m v0,大小为小孙.故C正确。D、到弹簧刚恢复原长时，Q的动能为反丁=gm谚=gm诏，故。错误。故选：Co两物距离最近时速度相等，根据动量守恒定律求出两物共同速度，再对P,利用动量定理求P受到的冲量。根据速度和质量求Q的动能。根据系统的动量守恒和机械能守恒求出弹簧刚恢复原长时两物体的速度，再求P受到的冲量和Q的动能。本题要分析清楚两物体的运动过程，确定研究的对象，灵活运用动量守恒定律、机械能守恒定律及动量定理进行研究。1 0 .答案：BC解析：解:A C、从4 到B,电子电势能变小，根据Ep =q*可知，电势在增大，即4、B 两点的电
27、势必(pB.电场方向由B 指向4,故 A 错误，C正确；B、E p-x 图象的斜率大小表示电场力，由图可知，图象的斜率逐渐变小，电子受到的电场力变小，故场强变小，即4、8 两点的电场强度&Es，故 B正确；。、由图可知，电势能逐渐变小，电场力做正功，根据动能定理可知，速度变大，即电子在4 B 两点的速度以 vB,故。错误。故选：BC.由图看出，电势能逐渐变小，根据电势能的定义可以判断电势的高度，沿电场线方向电势降低，从而知电场的方向；根据E p-x 图象的斜率大小表示电场力，进一步分析场强的变化。可判断出电场力做功情况，根据能量守恒可判断速度的大小本题的关键是理解J-x 图象的斜率表示电场力，
28、根据F =E q 判断场强的大小，根据电势能的变化，来判断电势高低以及电场方向、速度变化情况。1 1 .答案：(1)5 0.0 0；1.4 0；(2)x 1；%、乙 :%=第；(4)1.5 4 x 1 0-6；(5)铁铝合金.解析：(1)根据刻度尺的分度值和刻度读数，注意估读；游标卡尺的读数等于主尺加标尺的读数；(2)指针偏角过大，说明电阻较小，选择较小的倍率；(3)根据电桥平衡条件求出电阻，再分析需要测量的量；(4)根据电阻定律求出该金属的电阻率；(5)根据(4)求出的电阻率结合表中数据得到金属类型。本题考查测定某金属电阻率，关键在于理解实验的原理。(1)由图可知，刻度尺的分度值是l n u
29、 n,金属丝的长度是L =5 0.0 0 cm；由图可知，游标卡尺的主尺读数是 1mm,标尺读数是8 x 0.0 5 m m =0.4 0 n u n,则直径。为l n w n +0.4 0 n w n =1.4 0 m m；(2)把选择开关旋到“x l 0”挡位，测量时指针偏角过大，说明电阻较小，选择较小的倍率，即选择x l 档；两表笔短接，进行欧姆调零，把两表笔接触电阻两端，读数。(3)根据电路图，当电桥平衡时，有RXRBC=RZRAB，根据电阻定律，电阻4 B C 上，电阻与长度成正比，所以R BC=得到&=T詈，所以需要测量4 B 和B C 的长度B和4BC。(4)根据电阻定律R x
30、=P(，得到P =容，S=TTD2,代入数字，得到p =1.5 4 x 1 0-6。凯：(5)结合表中数据，查表可知该金属为铁铝合金。故答案为：(1)5 0.0 0；1.4 0；(2)x 1；LBC；&=鬻;(4)1.5 4 x 1 0-6；(5)铁铝合金.1 2.答案：解：(1)简谐波沿x 轴的正向传播，图示时刻P 点向下运动，已知t =2.2 s 时P 质点恰好第三次在波峰位置,得到2 2 7 =t=2.2 s,4得 T =0.8 8 s；由图知，波长4 =2m,则波速v =*=2.5 z n/s；(2)波从x =1.5 m 处传到M点所用时间为t =7 =I s,则t =2.2 s 时刻
31、M质点已经振动了 1.2 s时间,即振动1.57的时间；故在t=2.2s内质点M的路程为S=1.5 x 44=6 x 0.5m=3m。(3)M点第一次达到波谷的时间：0 =等=1.6sM点到达波谷的时间t”=nT+q=(0.88n+1.6)s其中n=0、1、2、3.(4)M点第一次振动到平衡位置且向下振动时原点右侧的全部波形如图所示。答：(1)该简谐波的周期为0.88s；(2)在t=2.2s内质点M的路程为3m。(3)经过(0.88n+1.6)s其中n=0、1、2、3.M 点到达波谷：(4)M点第一次振动到平衡位置且向下振动时原点右侧的全部波形如图所示。解析：(1)已知t=2.2s时P质点恰好
32、第三次在波峰位置，求出周期。由图读出波长，由波速公式求出波速。(2)由t=；求出波传到M点的时间，分析M点振动的时间，再求解路程。(3)求出M点第一次达到波谷的时间，再根据周期性求解M点到达波谷的时间；(4)根据振动情况画出M点第一次振动到平衡位置且向下振动时原点右侧的全部波形。本题主要是考查了波的图象；解答本题关键是要能够根据图象直接读出振幅、波长和各个位置处的质点振动方向，知道波速、波长和频率之间的关系=/人13.答案：解：(1)根据右手定则知导体棒的电流方向b-a(2)有电磁感应定律，得：E=BL(y1 v2)闭合电路欧姆定律有：/=-R导体棒所受安培力为：F=B=电空匚也R速度恒定时有
33、：*Sf)=fR J可得：V2=%2(3)根据能量守恒，电路中消耗的电功为：P=-=g2L2(V1-V2)2=(4)因 吗 一=7na导体棒要做匀加速运动，必 有 力-%为 常 数，设为，贝 生Vt+AV则：吗一/解得:B2l7t-m R答：(1)导体棒的电流方向b -a(2)导体棒所达到的恒定速度为%-焉；(3)导体棒以恒定速度运动时，电路中消耗的电功率各为缁(4)导体棒做匀加速直线运动时的加速度大小为磊黑.解析：导体棒受力平衡，可求所达到的恒定速度为，为使导体棒能随磁场运动，阻力最大不能超过所受的最大安培力，即导体棒不动时，安培力最大，由受力平衡可求；根据能量守恒、功率关系求解；对导体棒受
34、力分析由牛顿第二定律，且加速度为斜率.考查了电磁感应定律，闭合电路、牛顿运动定律、相对运动，注意相对运动时，如何求出功率及能量，属于难题.1 4.答案：解：(1)以滑块为研究对象，从释放到C点的过程，由动能定理得：Ep-m g x =代入数据得：vc=5m/s(2)滑块从C点到。点一直加速，到。点恰好与传送带同速，由动能定理得：HimgL=m v2-|mv c代入数据解得：M 2 =0.4(3)斜面高度为：h=s-sinO=0.3 m(I )设滑块在。点的速度为如i时，恰好过圆弧最高点，由牛顿第二定律得：m g=m-滑块从。点到G点的过程，由动能定理得：-mg(RcosO-九+R)=代入数据解
35、得：vD1=2 /T 0 m/s(口)设滑块在。点的速度为外2时，恰好到;圆弧处速度为零，此过程由动能定理得：mg(RcosB h)=0 -i mvD 2代入数据解得：vD2=V 1 0 m/s若滑块在传送带上一直减速至。点恰好同速，则由动能定理得：-m g L =|1mvl代入数据解得：7i=l m/s,所以若滑块在传送带上一直加速至。点恰好同速，由题目已知/2 =7 m/s所以。传 N 2 V 1 0 m/s 答：(1)滑块到达C 点的速度气是5m/s。(2)滑块与传送带间的摩擦因数也是0 4。(3)若传送带的运行速度可调，要使滑块不脱离圆弧形轨道，传送带的速度范围是0 Wu传或 传 2V
36、 T 0 m/so解析：(1)以滑块为研究对象，从释放到C 点的过程，运用动能定理可求得滑块到达C 点的速度立；(2)滑块从C 点到。点一直加速，至 5 点恰好与传送带同速，对此过程，运用动能定理可求出滑块与传送带间的摩擦因数出；(3)要使滑块不脱离圆弧形轨道，有两种情况：一种滑块能做完整的圆周运动。另一种在。点及。点以下圆弧上运动。根据临界条件和动能定理求解。分析清楚滑块的运动情况和受力情况是解题的基础，关键要明确在涉及力在空间效果时，运用动能定理是常用的方法。对于滑块不脱离轨道的情况，考虑问题要全面，不能漏解。15.答案：解：电子做类平抛运动，4 8 两点速度关系有：幺=s i n 30 0 =-2故有：vB=2VA=2 x 4 x 106=8 x 106m/s又：eUAB=Ek=1 m v je =1.6 x I C T 解 得:UA B=-136.5v答：(1)电子到达B 点时的速度大小是8 x 106m/s；(2)4、B 两点间的电势差为一 136.5解析：电子垂直进入匀强电场中，做类平抛运动，作出电子经过8 点时速度的分解图，求出经过8 点时的速度，根据动能定理求解A、B 两点间的电势差.本题运用动能定理求电势差，也可以根据类平抛运动的特点，牛顿第二定律和运动学结合求解.