《2021年高考理科综合押题预测卷03（课标全国Ⅱ卷）（全解全析）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年高考理科综合押题预测卷03（课标全国Ⅱ卷）（全解全析）.pdf（20页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021年高考原创押题预测卷0 3【课标全国II卷】理科综合全解全析1234567891 01 1CBBBACBDDcC1 21 31 41 51 61 71 81 92 02 1BBCDDCBC DA CA B1 .【答案】c【解析】试题分析：激素类信息分子的跨膜运输都以胞吐方式进行，A 错误；高等植物细胞之间的胞间连丝是物 质 的 通 道，也 是 细 胞 间 信 息 交 流 的 桥 梁，但也可以通过激素来进行信息交流，B错 误；吞噬细胞与T细胞之间的信息传递可通过直接接触实现，C正确；精 子 和 卵 细 胞 之 间 的 识 别 和 结 合，属于细胞 间 的 直 接 交 流，D错 误。2 .
2、【答案】B【解析】用台盼蓝染色，台盼蓝为细胞不需要的物质，活细胞不吸收，不会被染成蓝色。死细胞膜失去了活性，丧失选择透过性功能，台盼蓝能进入细胞，细胞才会被染成蓝色，A项正确；只有含肽键的多肽或蛋白质才能遇双缩服试剂呈紫色反应，氨基酸不含肽键，所以氨基酸不能用双缩胭试剂鉴定，B项错误；要观察和计数细胞分裂过程中的染色体，通常用醋酸洋红染液染色处于有丝分裂中期的细胞，此时的细胞内染色体的形态比较稳定，数目比较清晰，便于观察，C项正确；斐林试剂是含有C M+的碱性溶液，可被葡萄糖在水浴加热的条件下还原成砖红色，D项正确。【点睛】本题考查课本基础实验染色所用的试剂及其用途，要求考生掌握课本实验，掌握
3、细胞膜的完整性检测、双缩胭试剂的作用、细胞分裂图像的观察和还原糖鉴定的过程。对于课本实验应进行分类总结，如观察类实验、验证类实验、探究性实验及颜色反应、显微镜观察等。3 .【答案】B【分析】I .生长素类具有促进植物生长的作用，在生产上的应用主要有：（1）促进托插的枝条生根；（2）促进果实发育；（3）防止落花落果。2 .赤霉素的生理作用是促进细胞伸长，从而引起茎秆伸长和植物增高.此外，它还有防止器官脱落和解除种子、块茎休眠促进萌发等作用。3.细胞分裂素在根尖合成，在进行细胞分裂的器官中含量较高，细胞分裂素的主要作用是促进细胞分裂和扩大，此外还有诱导芽的分化，延缓叶片衰老的作用。4.脱落酸在根冠
4、和萎蕉的叶片中合成较多，在将要脱落和进入休眠期的器官和组织中含量较多.脱落酸是植物生长抑制剂，它能够抑制细胞的分裂和种子的萌发，还有促进叶和果实的衰老和脱落，促进休眠和提高抗逆能力等作用。5.乙烯主要作用是促进果实成熟，此外，还有促进老叶等器官脱落的作用.植物体各部位都能合成乙烯。【详解】A、综合8 组实验结果，可分析得到GA是种子萌发的必需激素，A 正确：B、第 3、4 组对比，可以看出ABA对 GA作用的发挥起到抑制作用，B 错误；C、实 验 1、3、4、7 对照说明C K 对种子的萌发起到抵消ABA的作用，C 正确；D、第 5、6 组对比发现，无 GA核 CK 时，不管ABA存在与否，种
5、子都休眠，第 5/7组比较，无 GA和 ABA时，不管CK存在与否，种子都休眠，因此图示结果无法说明细胞分裂素（CK）和脱落酸（ABA）对于种子萌发的具体效应，D 正确。故选B4.【答案】B【解析】如果提取液中含有某种病毒，第一次注射就会使小鼠染病，A 错误；机体初次接触过敏原时，会经过体液免疫，产生抗体消灭过敏原，以维持机体内环境稳态，所以小鼠未出现明显的异常表现；但机体再次接触相同的过敏原时，会发生过敏反应，出现过敏现象，如皮肤红肿、心跳加快等症状，B 正确；如果提取液中含有神经递质，第一次给小鼠注射时就会出现小鼠心跳加快现象，C 错误；如果提取液中含有某种激素，第一次注射就会使小鼠心跳加
6、快，D 错误。5.【答案】A【分析】种群的特征有数量特征和空间特征，前者包括种群密度、年龄组成、性别比例、出生率和死亡率、迁入率和迁出率。后者包括均匀分布、随机分布和集群分布。种群的增长曲线有：J 型（理想条件下）、S 型（资源、空间有限的条件下）。【详解】该曲线测的是不同种群数量下，种群增长率随着种群数量的变化。随着时间的推移，种群数量不一定增加,增长速率的变化无法判断，A 错误；当种群数量小于甲时，增长率小于0,种群数量将会持续减少，B 正确;当种群数量大于甲时，种群的增长率先增后减，种群将呈逻辑斯谛增长，c正确；乙、丙增长率差不多，但是丙时种群数量较大，故增长较快，D正确。故选A。6.【
7、答案】C【分析】根据题意，亲代是长翅，子代出现残翅，所以双亲为杂合，即B b x B b,只考虑翅形，子代出现残翅的概率为1/4,因为B代的雄果蝇中约有1/8为白眼残翅。可知B代的雄果蝇中约有1/2为残翅，所以亲本雌蝇为XRXr,亲本雄蝇为XY.故双亲的基因型为B b X R X r x B b K Y。【详解】A、由分析可知亲本雌雄果蝇的基因型依次是B b X R X B b XrY,A正确；B、亲本雌果蝇产生的配子中1/2的含X,，亲本雄果蝇产生的配子中也有1/2的含X。所以亲本产生的配子中 含 的 配 子 占1/2,B正确；C、F i代产生基因型与双亲相同的概率为l/2x l/4+l/2
8、x l/4=l/4,所以基因型不同于双亲的儿率为3/4；出现长翅雄果蝇的概率为3/4 x l/2=3/8,C错误；D、白眼残翅雌果蝇的基因型为b b XX r,在间期染色体进行复制，基因加倍，初级卵母细胞的基因组成为b b b b x r x x r x r,经过减数第一次分裂，形成的次级卵母细胞的基因型为b b XX r,D正确。故选C。7 .【答案】B【解析】A.加热后，出现油状物，属于蒸播操作，A项不符合题意；B.瓷器的主要原料是粘土，主要成分是硅酸盐，B项符合题意；C.铁元素没有焰色反应，C项不符合题意；D.碳酸钙煨烧生成氧化钙，氧化钙久置生成氢氧化钙，氢氧化钙吸收二氧化碳生成碳酸钙，
9、D项不符合题思；8 .【答案】D【解析】A.打浆是将固体反应物粉碎，增大氯化时反应物的接触面积，使反应更充分，提高反应速率，故A正确;B.由以上分析可知氯化时发生的主要反应为氯气与氢氧化钙加热的到氯酸钙和氯化钙的反应，方程式为：756 C l2+6 C a(O H)2=C a(C lO3)2+5 C a C 12+6 H2O,故 B 正确；C.“过滤”后滤液中主要溶质为氯酸钙和氯化钙，存在的阳离子为钙离子以及水中的氢离子，故c正确；D.转化是发生的反应为C a(C l C h)2+2KC l=C a C 1 2+2KC 1 03,为复分解反应，非氧化还原反应，故D错误；9.【答案】D【解析】A
10、.由题干信息知，Ti元素化合价没有变化，TiC L中Ti为+4价，则F e TiC)3中Ti为+4价，故A正确；催化剂B.“合成”反应中CO与H2反应生成C H3 OH,反应方程式为C O+2H2=C H3 OH,由此可见原子利用A率 为1 00%,故B正确；C.根据流程图知，“氯化”过程中，C转化为C O,F e TiC h转化为F e C 1 3和TiC 1 4,反应为2F e TiC h+6 C+7c L=2F e C 1 3+2TiC 1 4+6 C O,故 C 正确；D.A r与M g不反应，所以A r可以用作保护气，Mg与C O?反应生成氧化镁和碳，所以不能用C O?代替A r,故
11、D错误；1 0.【答案】C【解析】A.该物质含有酚羟基，遇到氯化铁显紫色，但与苯酚不是同系物，A错误；B.含有酚羟基，不能发生消去反应，B错误；C.酚羟基和氢氧化钠或碳酸钠反应，所 以1 m o l该物质消耗3 m o i氢氧化钠或3 m o i碳酸钠，C正确；D.苯环是平面结构，碳碳双键是平面结构，三个平面可能在一个面上，D错误；1 1 .【答案】C【解析】A.根据转化过程可知，F e z O/H2。先参与后生成，整个过程中为该反应的催化剂，故A正确；B.根据图示可知，脱硫过程中H2s和F Oa-H2。反应生成F e 2s 3-H2。和H2。，反应方程式为3 H2S+F e2O3 H2O=F
12、 e2S3-H2O+3 H2O ,故 B 正确；C.再生过程中，F e 2s 3-1 0转化为S单质，硫元素的化合价升高，被氧化，故C错误；催化剂D.根据转化关系可知，总反应为2H2s+O2 2S+2H2。,故D正确；1 2.【答案】B【解析】A.充电时，a极作阴极，与外接电源的负极相连，选项A正确；B.由放电时，L i*的移动方向可知，固态电解质中电流方向为a极b极，选项B错误；C.放电时a电极上发生反应L L C。一 x e.=x L i+6 C,若转移O.Ol m o l电子，则有O.Ol m o l 口+从a电极中脱去，电极减重O.Ol m o l x O.7g-m o L =0.07
13、g,选项C正确；D.电池充电时，b极为阳极，发生氧化反应，电极反应式为L iL a Z r Ta O-x e-=x L i+L i|_*L a Z r Ta O,选项D正确。1 3 .【答案】B【解析】A.比较元素的简单离子半径时，电子层数越多离子半径越大，电子层数相同的离子，核电荷数越小，离子半径越大，故离子半径：Na+CI S2 P3-,四种元素简单离子半径对应排序为XW Z Y,故A正确；B.元素非金属性越强，对应简单阴离子还原性越弱，故简单阴离子还原性：W Z Y,故B错误;C.CL通 入H2s水溶液中，发生反应C12+H2S=S1+2HC1,故C正确；D.存在反应：H2so展浓)+H
14、2s=S+SO2T+2H2O,故 D 正确；14.【答案】C【解析】比结合能越大，原子核越稳定，H e核比Li核更稳定，故A选项错误；B a核比K r核核子数多,平均结合能小，故B选项错误；U核比B a核核子数多，结合能大，比结核能小，故C选项正确；两个H核结合成H e核，由比结合能小的反应生产比结合能大的，会释放大量能量，故D选项错误；故选C。15.【答案】D【解析】乙在03s内的加速度为a=2 z B =2m/s2,根据几何知识可得：0-3s内乙图象与/轴交f 3点 坐 标 为2s。根 据 速 度 图 象 与 坐 标 轴 围 成 的 面 积 表 示 位 移，可 得 中 点 位 置 与 初
15、位 置 的 距 离s=L(lx 4 x 2 ，x2xl)=1.5m,乙在。3 s的 初、末 位 置 中 点 的 速 度 大 小 为2 2 2v=心=V42-2x2xl.5m/s=V10m/s,选项A错误；因v-t图像的斜率等于加速度，则乙在3s6s时间内的加速度先减小后增大，故B错误。若乙在3s6s时间内做匀减速运动，速度从2m/s减至0时,平均速度为工=乜土b =2 9 =l m/s,由于乙在3s6s时间内的位移大于匀减速运动的位移，所以其平2 2均速度大于lm/s,故C错误。在03s内，当两者速度相等时相距最远，设从仁0时起经过时间f两者速度相等，则有vo乙+“Q丫 甲，代入得-4+2片1
16、,解得r=2.5s,甲、乙之间的最大距离为S=v巾f-(voz,?+at2),代25入数据解得S=-m,故D正确。故选D。416.【答案】D【解析】4受到水平向右的力B，B受到水平向左的力尸2,以整体为研究对象，受力分析如图所示，设。、A间的细线与竖直方向的夹角为a,由力的分解和平衡条件得Fsia+Fi=F,Feos a=2mg+mg,故t a n a u/1之一，以B为研究对象受力分析，设A、2mg+mgmg+2mg8间的细线与竖直方向的夹角为由 则由平衡条件得tan=,由几何关系有a=.,得2 Q=5 B,选2mg项 D 正确17.【答案】C【解析】如果仅将电阻R 换为阻值更大的定值电阻，
17、则电容器放电电流会减小，则放电变慢，因电容器带电荷量一定，可知放电时间变长，故选C.18.【答案】B2【解析】设粒子在磁场中运动的半径为R，由牛顿第二定律得6%8=根，即R=箸，电子从），轴穿过的范围为O M=2R =2，初速度沿x 轴正方向的电子沿0 4 运 动 到 荧 光 屏 上 的 P 点；初速度沿yeB轴正方向的电子沿0 C 运动到荧光屏MN上的。点；由几何知识可得PQ=R=汕，取与X轴正方向成。eB角的方向射入的电子为研究对象，其射出础场的点为石（x,y）,因其射出后能垂直打到屏M N上，故有x=-Rsin0,y=R+R c o s ,即d+（丫一尺产=内，又因为电子沿无轴正方向射入
18、时，射出的边界点为 A 点；沿 y 轴正方向射入时，射出的边界点为C 点，故所加最小面积的场的边界是以（O,R）为圆心、R为 半 径 的 圆 的 一 部 分，如 图 中 实 线 圆 所 围 区 域，所 以 磁 场 范 围 的 最 小 面 积 为S=、2+R 2./R2 士+i）（翳）2=（医”故B正确。故选即19.【答案】CD【解析】小铁块在0-8s作匀加速直线运动，则加速度为=g=2m/s2，在 8 s末 v=/=16m/s,A 错误；作出口”图为过原点和（8,16）的直线，为小铁块的u”图像，08 s小铁块的位移为4=?x 8 m =64m,0-8s24 24+16长木板的位移为5 2=5
19、 6 0 1 +工一x 2m=1 1 2 m,长木板长度为L=&=48m,B 错误；此过程中小铁块和长木板间因摩擦而产生的热量为Q=3=192J,C 正确；0-6s对木板有,其中6fi=4m/s2,F）=12N,方向向右，68 s对木板有尸2喋=加2,6f2=-4m/s2,F2=-4N,方向向左，D 正确，故选CDo20.【答案】AC【解析】“太空电梯”任意处于地球自转的角速度3相同，因此线速度v=因此随着r增大，宇航员的线速度也增大，故A正确；宇航员在七R处的线速度为丫 =。我，小于同步卫星的线速度，而第一宇宙速度是在地球表面绕地球做匀速圆周运动的速度”=机 至。%=R R，大于同步卫星线速
20、度，所以宇航R员在尸R处的线速度小于第一宇宙速度，故B错误；在B线上，在处巧二口?，有 卬=。2,所以人=0地，所以图中“为地球同步卫星的轨道半径，故C正确：随着，增大，万有引力减小，在电梯上随着/增大居1-6 =小疗广，所以宇航员感受到“重力”减小，故D错误；故选择AC。21.【答案】AB【解析】棒以速度如 先进入磁场切割磁感线产生的感应电流为i0=丝”，a棒受安培阻力做变加速直线运动，感应电流也随之减小，即i-f图像的斜率逐渐变小；设当6棒刚进入磁场时“棒减速的速度为9,此时的瞬时电流为，；=粤；若匕=%，即=噜=?，此时双棒双电源反接，电流为零，不受安培力，两棒均匀速运动离开，i r图像
21、中无电流的图像，故A正确，C错误；若匕%,即彳=烈攵，此时R 2双棒双电源的电动势不等要抵消一部分，因b棒的速度大，电流方向以棒的流向，与 原。棒的流向相反即为负，大小为）=8/（%5）,8棒通电受安培力要减速，。棒受安培力而加速，则电流逐渐减小，故BR正确，D错误；故选AB。22.【答案】（1）5.80（2 分）（2）D（2 分）（3）C（2 分）【解析】（1）图中弹簧测力计。的示数为5.80N；（2）要验证力的平行四边形定则，必须测出Q的重力，才能画出力的图示，才能根据平行四边形求出合力，不需要固定。点，因为Q的重力已经测出。A正确，D错误；为了减小力的大小的测量误差，弹簧测力计应在使用前
22、校零，B正确；为了减小力的大小的测量误差,拉线方向应与木板平面平行，C正确：故选D。（3）根据二力平衡条件，用一个弹簧测力计拉橡皮筋到。点时读数为F 一定与橡皮筋共线，而作图得到的合力F不一定与橡皮筋共线。故选C。23.【答案】（1）110.0（1 分）1.70（）（1.6981.702）（2 分）（2）A（1 分）E（1 分）（2分）万)2a(0 _/)4(凡+彳)（2分）【解析】用多用电表欧姆“x lO”挡测量,读数为11.0 x10。=11（）.（）Q根据螺旋测微器读数规则可得D =1.5 m m+2 0.0 x 0.0 1 r n m =1.7 0 0 m m（2）电压表量程为6V,金
23、属丝电阻约1 1 0 Q,电流表量程应该为55mA 左右，可以将量程5mA 的电流表并联5。的电阻改装成量程为55mA的电流表，即电流表选择A,定值电阻选择E。金 属 丝 中 电 流 为/=/+4=/与5，电 压。=。一 片，由 欧 姆 定 律 可 得 金 属 丝 电 阻飞%用岑=箸青，由电阻定律得号=，又 仁 孚 解得电阻率片嗡 黑 卜24.【答案】（1）0.0 8 m （2）5 3【解析】（1）恰能打到N 点的粒子运动轨迹如图所示，粒子从A点进入磁场，设进入电场时的纵坐标值为y,粒子在电场中的加速度=0（1 分）L粒 子 穿 过 平 行 金 属 板 的 时 间 为（1 分）1粒子在竖直方向
24、做初速度为零的匀加速直线运动，有：y=2 0 2（1 分）q U G联立得：ylmdv1（1 分）代入数据得y=0.0 8 m （1 分）y (1 分)(3)6 和 6 (2 分)(4)(1,-)(2 分)2 2(5)。键、兀 键(2分)配 位 键(1分)氢 键(1分)sp2、sp3(2分)【解析】(l)Ni 是 28 号元素，其核内有28 个质子，核外有28 个电子，根据核外电子排布规律，各电子层上电子依次为2、8、16、2,核外电子排布式为Is22s22P6 3s23P6 3d 8 4 s2或 A r 3d 8 4 s2,价电子排布式为3d 8 4 s2,位于元素周期表的第四周期，第V I
25、 I I 族，属于d区；(2)Ni O、F e O 的晶体结构类型均与氯化钠的相同，说明二者都是离子晶体，离子晶体的熔点与离子键的强弱有关，离子所带电荷数越多，离子半径越小，离子键越强，熔点越高。由于Ni2+的离子半径小于Fe2+的离子半径，则熔点是NiO FeO。(3)因为NiO、FeO的晶体结构类型均与氯化钠的相同，而氯化钠中阴阳离子的配位数均为6,所以NiO晶胞中N i利O的配位数也均为60(4)N iO的晶体结构如图0()所示，其中离子坐标参数A为(0,0,0),ONiB为(1,1,0),C在x、y、z轴上的投影分别是1、；、；，所以C离子的坐标参数为(1,；，；)；（5）由可知，C、
26、N键为双键，双键是由一个键和一个n键构成；银原子有空轨道，氮原子有孤电子对，因此二者形成配位键。氧原子与氢原子之间可形成氢键，所以该结构中，氧氢之间除共价键外还可存在氢键。在该结构中碳原子既有单键又有双键，因此杂化类型是sp2和sp3杂化。36.(15分)【答案】(1)正丁醛或丁醛(1分)9(1分)(2)醛 基(1分)H.CHO H COONHC H C H K H,f +2Ag（NH3）2。哄叫CH刈尸H 2Agi+3如出。或H CHO H（X）Na 八+2Cu（OH）2+N aO H A +CU2CH+3H2O（2 分）CH,CH2CH OCH3/O CH3 ZOCH3 八3、=、CH2=
27、C=，其中含氧官能团醛基，检验醛基可以用银氨溶液或新制氢氧化铜悬CHJCH2CH=CH c u -=，己醛的结构简式为CH3cH2cH2cH2cH2cH0,根据信息和己醛的结构,CH,CH,CH HZOCH3H_首先需要将碳碳双键转化为单键，然后在酸性条件下反应即可，故答案为CH3cH2cH2 片、力H?/催化剂H+/H2O-CH3（CH2）4-CH3（CH2）4CHO!OCH,（6）醛基也能够与氢气加成，（5）中合成路线中第一步反应的目的是保护醛基。37.【答案】不能 噬菌体 噬菌体的宿主是细菌，不是家蚕 蛋白A的抗体 D N A可从一种生物个体转移到另一种生物个体 dATP 一段已知目的基
28、因的核甘酸序列 变性、复性、延伸【分析】Q）将目的基因导入受体细胞常用的转化方法：将目的基因导入植物细胞：采用最多的方法是农杆菌转化法，其次还有基因枪法和花粉管通道法等。将目的基因导入动物细胞：最常用的方法是显微注射技术,此方法的受体细胞多是受精卵。将目的基因导入微生物细胞：原核生物作为受体细胞的原因是繁殖快、多为单细胞、遗传物质相对较少，最常用的原核细胞是大肠杆菌，其转化方法是：先用Ca2+处理细胞，使其成为感受态细胞，再将重组表达载体DN A分子溶于缓冲液中与感受态细胞混合，在一定的温度下促进感受态细胞吸收DNA分子，完成转化过程。（2）目的基因的检测与鉴定：首先要检测转基因生物的染色体D
29、 NA上是否插入了目的基因，方法是采用D N A分子杂交技术；其次还要检测目的基因是否转录出了m R N A,方法是采用用标记的目的基因作探针与mRNA杂交；最后检测目的基因是否翻译成蛋白质，方法是从转基因生物中提取蛋白质，用相应的抗体进行抗原-抗体杂交；有时还需进行个体生物学水平的鉴定，如转基因抗虫植物是否出现抗虫性状（3）PCR技术扩增目的基因：原理：DNA双链复制过程：第一步：加热至9095CDNA解 链（变性）；第二步：冷却到556 0 C,引物结合到互补DNA链（复性）;第三步：加热至70 75,热稳定D N A聚合酶从引物起始互补链的合成（延伸）。扩增目的基因的前提:要有一段已知目
30、的基因的核甘酸序列，以便根据这一序列合成引物。【详解】（1）真核生物的基因编码区是不连续的，含有内含子和外显子，内含子和外显子都会转录产生相应的RNA,但内含子转录来的RNA被切除产生的RNA为m R N A,之后翻译产生相应的蛋白质；原核生物的基因编码区是连续的，不含有内含子和外显子，编码区直接转录产生相应的R N A,之后翻译产生相应的蛋白质；因此从人的基因组文库中获得了基因A,以大肠杆菌作为受体细胞却未得到蛋白A,所以不能以大肠杆菌作为受体细胞表达出蛋白Ao（2）噬菌体是细菌病毒，专门寄生在细菌体内；家蚕是动物；因此家蚕作为表达基因A的载体，不选用噬菌体作为载体。（3）检测目的基因是否翻
31、译成蛋白质，方法是从转基因生物中提取蛋白质，用相应的抗体进行抗原-抗体杂交，所以若要检测基因A是否表达出蛋白A,可用的检测物质是蛋白A的抗体。（4）艾弗里等人的肺炎双球菌转化实验为证明生物的遗传物质是DNA,S型肺炎双球菌的D N A可以转移到R型菌中，并与R型菌中DNA重组。他们的工作为基因工程理论的建立提供了启示，这一启示是DNA可从一种生物个体转移到另一种生物个体。（5）PCR技术的原料是dN T P,所以反应体系中添加的原料应包括碱基已被标记的dATP。PCR扩增目的基因的前提要有一段已知目的基因的核甘酸序列，以便根据这一序列合成引物；PCR技术中每轮循环依次包括变性、复性、延伸三个步
32、骤。【点睛】本题综合考查了基因工程、真核和原核基因的区别、遗传物质探索等相关内容，意在考查学生的识记能力以及理解、应用以及语言表达能力。38.【答案】凝胶的交联程度、膨胀程度及分离范围 去除杂蛋白，以利于后续步骤的分离纯化 蒸储水和甲苯 第 3 层红色透明液体 粗分离 增加缓冲液的量或加快缓冲液的更换频率 SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳 气泡会搅乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，降低分离效果 先收集到的蛋白质相对分子质量大，后收集到的蛋白质相对分子质量小【分析】1、原理：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子
33、质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。2、用磷酸缓冲液处理的目的是让血红蛋白处在稳定的pH 范围内，维持其结构和功能.3、分离血红蛋白溶液时，将搅拌好的混合液转移到离心管中，经过中速长时离心后，可明显看到试管中溶液分为4 层，从上往下数，第 1层为甲苯层，第 2 层为脂溶性物质的沉淀层，第 3 层为血红蛋白水溶液，第 4 层为杂质沉淀层。4、气泡会搅乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，降低分离效果。5、血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：红细胞的洗涤，血红蛋白的释放，分离血红蛋白溶液。（2）粗分离：分离血红蛋白溶液，透析。
34、（3）纯化：调节缓冲液面一加入蛋白质样品一调节缓冲液面一洗脱一收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定-SD S聚丙烯酷胺凝胶电泳。6、电泳法是利用待测样品中各种分子带电性质的差异和分子本身的大小、形状不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离或鉴定。7、G-75含义：“G”代表凝胶的交联程度，膨胀程度及分离范围，75表示凝胶得水值，即每克凝胶膨胀时吸水 7.5go【详解】（1）若选用Sephadex G-100,则 G 表示凝胶的交联程度，膨胀程度及分离范围。（2）红细胞中分离出的血红蛋白样品可以通过凝胶色谱法进一步纯化。实验时要对采集到的血液中的红细胞要用生理盐水进行洗涤，洗涤
35、的目的是去除血浆蛋白等一些杂蛋白，以利于后续步骤的分离纯化。为了使红细胞会破裂释放出血红蛋白，可用蒸储水和甲苯处理，其中甲苯能溶解细胞膜，有利于血红蛋白的释放和分离。经离心后血红蛋白位于从上到下的第3 层红色透明液体。将释放出的血红蛋白收集到透析袋中透析，这是样品的粗分离过程，其中透析的目的是去除相对分子质量较小的杂质，而大分子物质则留在袋内。若要尽快达到理想的透析效果，可以增加缓冲液的量或加快缓冲液的更换频率。实验最后经过SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳进行纯度鉴定。(3)装填凝胶色谱柱时，要注意色谱柱内不能有气泡存在，一旦发现气泡必须重装，这是因为气泡会搅乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，降低分离效果。待蛋白质接近凝胶色谱柱底端时，用试管连续收集流出液，由于相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，可先收集到，相反相对分子质量小的蛋白质后收集到。【点睛】本题考查蛋白质的提取和分离对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的方法、实验操作步骤等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。