《2021年山东省菏泽市曹县中考物理二模试卷（附答案详解）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年山东省菏泽市曹县中考物理二模试卷（附答案详解）.pdf（23页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021年山东省荷泽市曹县中考物理二模试卷一、单 选 题（本大题共1 2小题，共2 4.0分）1 .最先发现通电导线附近存在磁场，揭示了电与磁联系的科学家是（）A.安培 B.焦耳 C.伏特2 .2 0 2 0年1月2 4日4时3 0分，我国用长征五号运载火箭成功发射探月工程嫦娥五号探测器随着“发射”命令的发出，我们听到了震耳欲聋的轰鸣声，声音的强度达到了 1 5 0分贝，关于这轰鸣声说法正确的是（）A.发出的轰鸣声属于超声波B.震耳欲聋指的是响度很大C.震耳欲聋指的是音调很高D.近距离观看火箭发射佩戴耳机是为了在传播过程中减弱噪声D.奥斯特3 .下列关于凸透镜应用的说法，正确的是（）A.近视眼
2、需要佩戴凸透镜来矫正B.放大镜成正立、放大的实像C.用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头一倍焦距之内D.要使投影仪成像变大，应使投影仪远离屏幕，同时使镜头靠近投片4 .用分子运动理论的观点对下列现象的解释不正确的是（）A.海绵容易被压缩一一分子间有间隔B.滴在热水中的红墨水比滴在冷水中扩散得快一一温度越高，分子无规则运动越剧烈C.闻到路边怡人的花香一一分子不停地做无规则运动D.两块表面平滑的铅块紧压后会结合起来分子间存在引力5 .在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置；松手后，木块最终静止在图乙所示位置。下列说法正确的是（）甲 乙A.弹簧被压缩过程中，长度变短，
3、弹簧的弹性势能减小B.木块被弹簧弹离的瞬间，如果它受到的力全部消失，木块将静止C.木块从被弹簧弹离至最终静止的过程中，速度减小，摩擦力不变D.图乙中，木块受到的重力和木块对水平面的压力是一对平衡力6.下列有关力做功的说法，正确的是（）A.小翔将铅球投出的过程中，小翔对铅球没有做功B.足球在球场上沿水平地面滚动，重力对足球做了功C.小冬提着书包从一楼上到六楼，小冬对书包做了功D.运动员举着杠铃静止不动的过程中，运动员对杠铃做了功7.下列现象中，利用了大气压作用的是（）A.用钢笔吸墨水 B.用注射器把药液注入肌肉C.火箭喷射高温燃气而升空 D.将热气球放上天8.疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，
4、如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻心为保护电阻;在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（）A.显示仪是由电流表改装成的B.被测温者温度越高，电路消耗的电功率越大C.热敏电阻R随着温度的升高阻值增大D.将扁更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小9.如图所示的电路，闭合开关S,灯泡L，G均不发光，且电流表团和电压表团指针均指在零刻度。现将灯泡及和|工2位置对调，其余元件位置不变，重新闭合开关S时，勺（Y）-第2页，共23页发现两只灯泡仍不发光，电流表回指
5、针仍然不动，但电压表团的指针发生了明显偏转，依据上述信息可以判断（）A.灯泡刀的灯丝断了 B.灯泡心2的灯丝断了C.电源接线处松脱 D.电流表损坏了10.如图所示，两根绝缘细线悬挂着的导体而，放 在。形磁铁/J中央，外两端连接着导线。：j在虚线框中接入某种实验器材可进行相应的实验探究。下 列：i-4说法中正确的是（）A.接入电流表可探究电磁感应现象，与发电机原理相同B.接入电流表可探究通电导体在磁场中受力，与发电机原理相同C.接入电源可探究电磁感应现象，与电动机原理相同D.接入电源可探究通电导体在磁场中受力，与发电机原理相同11.华为5G“黑科技”凭借着它的高传输速率，低时延、多终端、广连接数
6、等各项优势在此次抗疫复产行动中起到了积极作用，5G智能巡检机器人，空中课堂，“智能快递小哥”5G越来越深入我们的生活，5G技术也是依靠电磁波传递信息的,下列有关电磁波的说法正确的是（）A.太空中是真空，电磁波不能传播B.电磁波在空气中的传播速度是340?n/sC.电磁波的频率越高，传播的速度就越大D.光是一种电磁波12.下列关于生活用电的说法中错误的是（）A.使用测电笔时，人体要接触笔尾金属体，但绝不能接触笔尖金属体B.控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间C.家庭电路中空气开关跳闸，一定是由于电路短路引起的D.安全用电要做到不接触低压带电体，不靠近高压带电体二、填 空 题（本大题共5小题，
7、共10.0分）13.下图中，物体长度是 cm；秒表的读数为 s。14.两辆汽车4、8在平直路面上运动时的s-t图象如图甲所示，初始时运动方向如图乙所示，由图甲可知在0 亢时间内，两 车 速 度 以%（填“”、“m,弹簧玩具枪压缩弹簧长度的五分之一，实验数据记录如下表：小钢球质量发射角的度数(度)小钢球被弹出距离(m)m301.8452.2601.7M301.3451.6601.3(2)小明根据实验数据得出初步结论：在其他条件相同时，抛射角度为45。时，小钢球被弹出的距离最远。为了使他的结论更加可靠，还 需 要 补 充 的 实 验 是；从表中数据还能得出的结论有，其他条件相同时，o(3)将弹簧玩
8、具枪压缩弹簧长度的五分之二(在弹性限度内)，当小钢球质量为M,发射角为45。时，小 钢 球 被 弹 出 的 距 离 将(选 填“大于”“等于”或“小于 )1.6 m,该实验可以验证小钢球被弹出距离的大小与 有关。(4)小钢球被弹出瞬间，弹簧的 能转化为小钢球的 能。(5)为了在运动会标枪项目中取得好成绩，请你给小明提出合理建议(标枪质量不变)：.2 1.学习了密度知识后，小明想测出他家一块玉石的密度,他的操作过程如下(1)小明将天平放在水平台上，将游码移到标尺左端的 处，此时，指针在分度盘上的位置如图甲所示，他 应 将 平 衡 螺 母 向(选 填“左”、“右”)端调节,使天平平衡；(2)小明用
9、调节好的天平测量玉石的质量，如图乙所示。请指出小明在操作中的错误：;第6页，共23页(3)改正错误后，天平平衡时，右盘中祛码的质量及游码在标尺上的位置如丙所示,则该玉石的质量为(4)再用图丁所示方法测出该玉石的体积为 m L,该玉石的密度是 g/cm3o2 2 .为了探究“通过导体的电流与导体电阻的关系”，小明采用了如图甲所示的实物图。实验供选择的定值电阻有5个，阻值分别为5 0、1 0。、1 5。、2 0 0、3 0 0,电源电压恒为4.5 V,滑动变阻器的最大阻值为3 0。(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到 端(选填 A”或B”)；(2)小明首先用5 0电阻进行实验，闭合开关后发现电
10、压表和电流表均正常偏转，滑动变阻器能正常使用，于是小明记录一组实验数据，并在乙图中描点，则阴影部分的面积表示 其 数 值 为(如 果 有 单 位，请带上单位)；(3)第2次实验中，他将5。电阻换成1 0 0,如果滑片仍然停留在第1次实验的位置小 明 应 向(选 填 A”或B”)端移动滑片，同时，眼 睛 应 注 视(选 填“滑片”“电流表示数”或“电压表示数”)；(4)只用3 0 0的 滑 动 变 阻 器(选 填“能”或“不能”)直接完成5次实验。五、计算题(本大题共2小题，共1 6.0分)2 3 .一个滑轮组如图所示，细线重及轮与轴之间的摩擦忽略不计。匀速拉求动 细线将重为3 0 N的物体提升
11、1处 用时5 s,滑轮组的机械效率为5 0%,(1)提升物体所做有用功的功率是多少？支(2)提升物体所用拉力的大小是多少？位(3)动滑轮的重力为多少？滑轮组不变的情况下，若提升物体重力增大，滑轮组的机械效率如何变化(不需要解释原因)？2 4.使用电热水壶烧水，具有便捷、环保等优点。小明同学家的自动电水壶铭牌如表所示。已知水的比热容为c次=4.2 x 103j/(kg 冤).求：利宝牌自动电水壶产品型号J Y K-315额定电压220V额定功率5 0Hz额定功率1100W容量1.0L(1)电水壶正常工作时的电流；(2)电水壶正常工作时电热丝的电阻；(3)1标准大气压下，将一壶质量为1.0kg、温
12、度为20汽的水烧开，电热水壶至少要正常工作多长时间？(4)家庭电路的电压在用电高峰时段，有时会降低到200匕 在此电压下该电水壶的实际功率为多少？第 8 页，共 23页答案和解析1.【答案】D【解析】解：奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，这是第一个发现了电和磁存在联系的实验。奥斯特由于这个贡献而载入物理史册。故选：D。丹麦的物理学家奥斯特做的著名的奥斯特实验证实了：电流周围存在磁场。物理学史一直是考试中的热点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，激发我们学习物理的兴趣。2.【答案】B【解析】解：A、人们能听到轰鸣声，说明不是超声波，因为人不能听到超声波，故 A错误。B C、震耳欲聋
13、指声音很大，指响度很大，不是指声音的音调很高，故 B 正确，C 错误。、近距离观看火箭发射佩戴耳机是为了在人耳处减弱噪声，故。错误。故 选:Bo(1)人不能听到超声波和次声波。(2)响度指声音的大小，音调指声音的高低。(3)减弱噪声的途径：在声源处；在传播过程中；在人耳处。本题通过在火箭发射基地考查了人不能听到超声波和次声波、减弱噪声的途径、响度和音调等，体现了声在国防科技中的应用。3.【答案】D【解析】【分析】本题考查了凸透镜的成像规律和成像特点的应用，属于基础知识。(1)近视眼观察物体时，像成在视网膜的前方，所以用凹透镜来矫正。(2)放大镜成的是正立、放大的虚像；(3)扫二维码时镜头和二维
14、码的距离大于二倍焦距，成倒立缩小的实像；(4)凸透镜成实像时，物距减小，像距变大，像变大。第 10页，共 2 3 页【解答】A.近视眼观察远处物体时，像成在视网膜的前方，为使光线延迟会聚，应佩戴具有发散作用的凹透镜来矫正，故 A错误；8.放大镜成的是正立、放大的虚像，故 8 错误；C.手机摄像头是利用物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像的规律工作的，因此，用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头的两倍焦距以外，故 C 错误；。.要使投影仪成像变大，应减小物距，增大像距，所以，应使投影仪远离屏幕（增大像距），同时使镜头靠近投片（减小物距），故。正确。故选。4.【答案】A【解析】解：4 海绵容易被
15、压缩并不是分子间隔，而是把里面的空气挤出来了，故 A 错误；A 滴在热水中的红墨水比滴在冷水中扩散得快是因为温度越高，分子无规则运动越剧烈,故 8 正确；C 闻到路边怡人的花香，是因为路边花分子不停地做无规则运动带来的，故 C 正确；D 两块表面平滑的铅块紧压后会结合起来，是因为分子间存在引力，故。正确。故选：A。分子动理论：物质是由分子组成的；分子永不停息地做无规则运动，且温度越高，分子运动的越剧烈；分子之间有相互作用的引力和斥力；分子间存在间隔。本题主要考查学生对分子动理论知识的了解和掌握，是一道基础题。5.【答案】C【解析】【分析】此题考查弹性势能的影响因素、力与运动的关系、摩擦力的大小
16、的影响因素、平衡力的辨别等，涉及到的知识点，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。（1）弹性势能的大小与物体的弹性形变有关；(2)物体没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动状态。(3)影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，通过分析压力和接触面的粗糙程度是否变化、怎样变化，来分析摩擦力的变化。(4)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。【解答】解：A、弹簧被压缩过程中，长度变短，形变变大，所以弹簧的弹性势能增大，故 A 错误；8、木块被弹簧弹离的瞬间具有一定的速度，如果它受到的力全部消失，由牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动
17、；故 8 错误；C、木块从被弹簧弹离至最终静止的过程中，在水平方向上受到摩擦阻力和空气阻力的作用，导致其速度减小，但木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，所以摩擦力的大小是不变的，故 C正确；。、图乙中，木块受到的重力和木块对水平面的压力方向相同，且作用在不同物体上，所以不是一对平衡力，故。错误。故选Co6.【答案】C【解析】解：A、小翔将铅球投出的过程中，小翔对铅球施加了力，且铅球在力的方向上也通过了距离；故小翔对铅球做了功，故 A 错误；8、足球在球场上沿水平地面滚动，是由于足球具有惯性；重力的方向竖直向下，在这个方向上足球没有移动距离，故重力没有对足球做功，故 8 错误；C、小冬
18、提着书包从一楼上到六楼，小冬对书包施加的力向上，通过的距离也向上，故小冬对书包做了功，故 C正确；。、运动员举着杠铃静止不动的过程中，运动员对杠铃施加了力，但没有通过距离，故运动员没有对杠铃做功，故。错误；故选：C。本题要抓住做功的两个必要因素：1.作用在物体上的力；2.物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。本题考查了力是否做功的判断方法。做功的两个条件是判断是否做功的依据，下列几种第12页，共23页情况不做功：(1)F =O、S K O；(2)尸力0、S =0；(3)F*0、S 力 0,但F I S。7.【答案】A【解析】解：A、用力挤皮囊，皮囊内的气压小于外界大气压，墨水在外界大气压的
19、作用下，被压入钢笔，所以利用了大气压，故A符合题意。3、注射时，医生用力将针筒内的药水推入病人肌肉中，不是大气压的作用，故8不符合题意。C、火箭点火后从尾部猛烈喷出燃气，对气体施加了一个向后的作用力，从而使火箭受到了气体对它施加了一个向前的反作用力，这是利用了物体间力的作用是相互的，才使火箭得到向前的动力，不是大气压的作用，故C不符合题意。、热气球升空是因为它受到竖直向上的浮力大于竖直向下的重力，不是大气压的作用，故。不符合题意。故选：A o本题要逐一分析四个选项中的实例是不是利用了大气压来工作。大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。大气压在现实生活中
20、的存在和应用特别广泛，生活中要注意观察。注意医生给注射器内吸药液时用到了大气压，但是向病人体内注射药液是利用了人的推力，与大气压无关。8.【答案】B【解析】解：人因为显示仪与扁并联，所以显示仪是电压表，故4错误；以 被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，由P =U1可知，电路消耗的功率也越大，故B正确；C、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变大，由串联电路电压特点可知，R两端电压越小，由/?=一可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故C错误；。、温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R。更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，心两
21、端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故。错误。故选：B。根据电路图可知，R与R。串联，显示仪与扁并联；(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；(2)根据电压表示数和欧姆定律可知电路电流的变化，再根据P=U/可知电路消耗的电功率的变化；(3)根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻随温度的变化；(4)当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将扁更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。9.【答案】B【解析】解：闭合开关，两只灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路
22、中有断路；电压表无示数，说明电压表两接线柱到电源的正负极之间有断路，则可能是灯泡G 的灯丝断了或电流表损坏了；将灯泡及、曷的位置对调，闭合开关，电流表无示数，说明电路中有断路；电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源的正负极之间是通路，则与电压表并联的支路发生断路,即灯泡G 的灯丝断了，故 4CO错误，B 正确。故选：B。分析电路图可知，两只灯泡串联，闭合开关，两只灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路；电压表无示数，说明电压表两端到电源的正负极之间有断路；将电灯L i、L 的位置对调，闭合开关，电流表无示数，说明电路中有断路；电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源的正负极之间是通路。在判断
23、故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通。10.【答案】4【解析】解：在虚线框中接入电流表，电路中无电源，闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，可以探究电磁感应现象，与发电机的原理相同；第1 4页，共2 3页在虚线框中接入电源,通电导体在磁场中会受到力的作用，可以探究磁场对电流的作用，与电动机的原理相同。故只有A说法正确。故选：Ao闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，利用该现象制成了发电机；通电导体在磁场中会受
24、到力的作用，据此制成了电动机。本题中的实验装置设计的很有特点；要熟练掌握磁生电和电生磁的电路的特点。11.【答案】D【解析】解：A、电磁波可以在真空中传播，故A错误；B、声音在15笃空气中传播速度为340m/s,电磁波在空气中的传播速度约为3 X 108m/s,故8错误；C、电磁波频率不同，但不同频率的电磁波在真空中传播速度相同，故C错误；D、光是一种电磁波，故。正确。故选：D。(1)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。(2)电磁波在真空中的传播速度和光速相等；无论哪种电磁波，在真空中的传播速度是相同的。(3)电磁波谱可知：y射线、X射线、紫外线、可
25、见光、红外线等都是电磁波。本题考查对电磁波的传播的认识和理解，属于一道基础题。12.【答案】C【解析】解：A、用测电笔时，手必须要接触笔尾金属体，这样才能使测电笔发挥作用，故4正确；8、家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电，故B正确；C、家庭电路中空气开关跳闸，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故C错误；。、不接触低压带电体，不靠近高压带电体。符合安全用电原则，故。正确。故选：Co(1)使用测电笔时手要接触笔尾的金属体；(2)家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电；(3)电路电流过大的原因：一是短路：二是用电器的总功率过大。；
26、(4)安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；。本题主要考查学生对安全用电知识、触电的应急措施的了解与掌握，加强用电安全意识,学会自我保护。13.【答案】3.90 278.5【解析】解：(1)由图知：IC%之间有10个小格，所 以 1个小格代表的是0.1。7 7 1 =1加血，即此刻度尺的分度值为mrn-物体左端与2.00cm对齐，右端示数5.90cm,所以物体的长度为L=5.90cm 2.00cm=3.90cm。(2)中间表盘的指针在4 和 5 中间偏向“5”一侧；周围表盘的指针在38.5s处，所以此时为 438.5=278.5s。故答案为：3.90；278.5o(1)使用刻度尺测
27、量物体长度时，要观察是否从0 刻度线量起，起始端没从0 开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；(2)停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和。读取不同测量工具的示数时，都要先明确分度值，视线与指针所在刻度相垂直。没有特殊的说明，除长度测量外，其它测量结果不需要有估读值。14.【答案】东【解析】解：由题图可知，在0 30s,4 做匀速直线运动，通过的路程必=600m；在0 70s,B做匀速直线运动，通过的路程SB=840m,R则,(%=SA=-6T007mT =20m,/s；vsB 840
28、m._,B A S U S C p=/U S-=12m/s。第16页，共23页比较可知，两车在0G时间内的速度叼1 VB,由题图可知，在t2t3时间内，A 车与8 车的运动方向相同，均向西运动,%=S/600m70s 40s=20m/s因此A 车的速度大于B车的速度,所以，以A 车为参照物，8 车向东运动。故答案为：;东。根据图象求出4 在030s内、B在070s内的速度大小，可知0&时间内两车的速度大小，然后比较做出判断；根据图象判断在t213时间内两车的运动方向，结合两车的速度大小、运动和静止的相对性分析解答。根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感
29、性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题涉及到的知识点较多，综合性很强。15.【答案】电可再生【解析】解：(1)核电站利用核反应堆中可控的核裂变释放的能量来加热水，使水吸收热量，将核能转化为水蒸气的内能，再通过蒸汽轮机转化为机械能，带动发电机转动，转化为电能；(2)太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源。故答案为：电；可再生。(1)核电站的核心是核反应堆，它以铀为燃料，在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为高温高压的蒸汽，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电；(2)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源
30、称之为不可再生能源。本题考查了对太阳能和核能的利用的了解，属于基础性题目。16.【答案】做 功 4.62 x 106【解析】解：(1)图中，两个气阀关闭，火花塞喷出电火花，活塞向下运动，是做功冲程；(2)完全燃烧0.1 k g 汽油放出的热量：Q放=q m 煤油=4.6 2 x 107J/kg x 0.1kg=4.6 2 x1 06/。故答案为：做功；4.6 2 x 1 06o(1)在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；(2)知道汽油的质量和热值，利用燃料完全燃烧放热公式Q =m q 求放出的热量。本题考查了学生
31、对汽油机四个冲程的认识、改变内能的方式、公式、放=小勺的了解与掌握，综合性题目。1 7.【答案】6 6 00 3 0【解析】解：由 P =?可得电风扇正常工作I m i n 消耗的电能是：W =Pt=H O W x6 0s =6 6 00/；(2)由P =U/得电风扇正常工时点的电流为：/=，=瑞=0.5 4I m i n 产生的热量为Q =l2Rt=(0.5 4)2 x 2Q x 6 0s =3 07,故答案为：6 6 00；3 0。(1)根据W=P t 即可计算出电风扇消耗的电能；(2)根据P =U/可以计算出电风扇正常工作时的电流大小，然后根据焦耳定律即可计算产生的热量。本题考查电功率公
32、式和焦耳定律的应用，难度不大。1 8.【答案】解：过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；据此完成光路图，如图所示：第18页，共23页【解析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。19.【答案】解：由右手螺旋定则可得，螺线管左侧为N极，因外部磁感线由N极指向S极，故答案如图所示电 源 一【解析】由右手螺旋定则可求得螺线管N极方向，由磁感线的特点可求得磁感线的方向。右手螺
33、旋定则内容为:右手握住导线，四指指向电流方向，大拇指指向螺线管N极方向。20.【答案】速度控制其它条件相同，在4 5。角附近等角再做几次实验小钢球质量越大，小钢球被弹出距离越近大于弹簧的压缩程度弹性势动增大射出点的高度和射出的速度选择4 5。投掷【解析】解：根据生活经验可以提出：标枪投出的距离与标枪的速度有关；(2)为了得到更为普遍的结论，可以采取多次实验的方法，故为了使他的结论更加可靠，应该控制其它条件相同，在4 5。角附近等角再做几次实验；根据表中数据还能够得出：发射角的度数相同时，小钢球质量越大，小钢球被弹出距离越近；(3)将弹簧玩具枪压缩弹簧长度的五分之二(在弹性限度内)，弹性形变增大
34、，弹性势能越大，射出时，弹性势能转化为动能越多，小钢球被弹出的距离越远；故该实验可以验证小钢球被弹出距离的大小与弹簧的压缩程度有关；(4)小钢球被弹出瞬间，弹簧的弹性势能转化为小钢球的动能，使小球被弹出；(5)据实际情况可知，若想为了在运动会标枪项目中取得好成绩，可以增大射出点的高度和射出的速度，并选择4 5。投掷等。故答案为：速度；(2)控制其它条件相同，在4 5。角附近等角再做几次实验；小钢球质量越大，小钢球被弹出距离越近；(3)大于；弹簧的压缩程度；(4)弹性势；动；(5)增大射出点的高度和射出的速度：选择45。投掷。(1)根据生活经验提出合理的猜想；(2)相同的发射角，连续做多次实验的
35、目的就是为了避免一次的偶然性；根据控制变量法知：在发射角的度数相同时，小钢球质量越大，小钢球被弹出距离越近；(3)根据表格的数据得出结论，影响弹性势能的因素：弹性形变；(4)发生弹性形变的物体具有的能为弹性势能；物体由于运动而具有的能为动能；(5)影响投掷距离的因素：质量、抛射的速度、高度、角度等。本题主要考查学生对控制变量法的掌握，控制变量法是初中物理实验探究中经常采用的方法，一定要会运用这种方法研究问题。考查了速度和物体的运动以及射出点高度、射出速度、射出仰角与射程的关系，射出高度和速度一定时，射出仰角45。时，射程最远。21.【答案】零 刻 度 线 右 直 接 用 手 拿 取 祛 码52
36、 20 2.6【解析】解：(1)使用天平时，将天平放在水平台上，游码移到标尺左端零刻度线处，图甲分度盘上的指针偏向了中线的左侧，这时需要将平衡螺母向右调；(2)在测量时要用镣子夹取祛码，不能用手拿祛码，所以图中用手直接拿取祛码是错误的；(3)测量时左盘中物体的质量等于右盘中的祛码质量加上游码所对应的示数，观察图丙中游码刻度，它的最小分度值为0.1 g,所以玉石的质量为：m=20g+20g+10g+2g=52g；(4)由图丁知，量筒中水的体积为20,龙，玉石和水的总体积为40 也，则玉石的体积为：V=40mL 20mL=20mL=20cm3,玉石的密度为：P=2.6g/cm3。故答案为：(1)零
37、刻度线;右；(2)直接用手拿取祛码;(3)52；(4)20；2.6。(1)使用天平时，将天平放在水平台上，游码移到标尺左端零刻度线处，然后调节平衡螺母，指针向左偏，平衡螺母向右调；指针向右偏，平衡螺母向左调；(2)用天平测量质量，注意用镜子夹取祛码；(3)天平平衡时物体的质量等于祛码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值；(4)根据图丁分别读出水的体积、水和玉石的总体积，从而计算出玉石的体积，注意量筒的分度值；根据密度公式计算出玉石的密度。第20页，共23页此题是测量固体密度的实验，考查了天平的正确使用和量筒的读数，同时考查了密度的计算，属于基础知识和能力的考查。22.【答案】B
38、定值电阻两端的电压2V B 电压表示数不能【解析】解：(1)在实验前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，由图甲可知滑片尸处于8 端时，阻值最大；(2)图乙坐标轴横轴代表电阻凡 纵轴代表电流/,阴影部分面积表示二者的乘积。由欧姆定律知：阴影部分面积表示的是定值电阻两端电压U=/R=OAA x 50=2人(3)在探究通过导体的电流与导体电阻的关系实验中，保持电阻两端的电压不变，当更换阻值更大的电阻时，滑动变阻器的阻值也要相应增大，即滑片向8 端移动，才能保持电阻两端的电压不变；在将滑动变阻器滑片向阻值增大处移动时，眼睛要始终注视电压表示数；(4)电源电源恒为4.5V,当滑动变阻器的最大阻值为30。
39、时，若定值电阻选择阻值为300的电阻，根据串联分压的特点，滑动变阻器最多分得电压为U济=：x4.5U=2.25V,那么此时定值电阻R两端的电压最小也为U定=4U-2.25V=2.25V 2V,故不能完成实验。故答案为：(1)B；(2)定值电阻两端的电压、2V；(3)8；电压表示数；(4)不能。(1)在实验前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，起到保护电路的作用；(2)分析图乙坐标轴横轴，纵轴，阴影部分面积所代表的物理量，再根据欧姆定律判断并计算阴影部分面积表示的物理意义及数值；(3)在探究通过导体的电流与导体电阻的关系实验中，保持电阻两端的电压不变，当更换阻值更大的电阻时;滑动变阻器的阻值也要
40、相应增大，才能保持电阻两端的电压不变；在将滑动变阻器滑片向阻值增大处移动时，眼睛要始终注视电压表示数；(4)当滑动变阻器的最大阻值为300时，电阻R=300时，根据串联分压的特点，判断能不能完成实验；本题考查的是电学基本实验探究通过导体的电流与导体电阻的关系，解答这类问题，一定要理解实验电路，知道实验步骤，并能在此基础上结合知识点对实验加以拓展验身。23.【答案】解：(1)提升物体所做有用功：W有用=Gh=30N x Im=30J,有用功的功率是:F 有用一 t 一5 5一。小(2)由图可知，n =3,滑轮组的机械效率L鹄=皆=怒=a 即5 0%=攀,解得提升物体所用拉力：F=20N；(3)因
41、为细线重及轮与轴之间的摩擦忽略不计时，F=；(G +G动),所以动滑轮的重力：G动=n F-G =3 X 2 0 N -3 0 N =3 0/V,由=智=w W2，=嬴*=/可知，滑轮组不变的情况下，动滑轮重力不变，W总 W有用+W额外Gh+G动人G+G动物体重力增大，滑轮组的机械效率增大。答：(1)提升物体所做有用功的功率是6W;(2)提升物体所用拉力的大小是2 0 N；(3)动滑轮的重力为30M滑轮组不变的情况下，若提升物体重力增大，滑轮组的机械效率增大。【解析】(1)利用W=G h计算提升物体所做的有用功，然后利用=/求 解 功 率。(2)确定滑轮组绳子的有效股数，然后利用4=粉=,=器
42、=2求解提升物体所用拉力。1W有用(3)利用不计绳重和摩擦时，F=(G +G动)求出动滑轮的重力，然 后 利 用 =萨 =n 例 1 V总W=就 落 =4-分析物重增大时滑轮组的机械效率的变化。W有用+W额外G/1+G动/I G+G动此题考查功、功率、滑轮组绳子拉力和机械效率的计算，属于中考常见题型，有一定难度。确定滑轮组绳子的有效股数是解答此题的前提，熟练运用相关公式是解答此题关键。2 4.【答案】解：(1)由=叼 可得，电水壶正常工作时的电流：.P 1100W L A/=-=-=5A；U 220V(2)由/=3可得，电水壶正常工作时电热丝的电阻：Rc U 220V.小R=-=440 ；1
43、5A(3)1标准大气压下水的沸点为1 0 0。&则水吸收的热量：Q吸=c m(t-t0)=4.2 x 103J/(kg )x 1.0kg x (1 0 0 -2 0)=3.3 6 x 10sJ,第22页，共23页不考虑热损失时需要的加热时间最短，由Q收=皿=Pt可得，电热水壶至少要正常工作的时间：,=%=细3,305.5s;P 11OOW(4)电压降低到200V时该电水壶的实际功率：答：(1)电水壶正常工作时的电流为5A；(2)电水壶正常工作时电热丝的电阻为440；(3)1标准大气压下，将一壶质量为1.0kg、温度为20汽的水烧开，电热水壶至少要正常工作305.5s；(4)家庭电路的电压在用电高峰时段，有时会降低到200V,在此电压下该电水壶的实际功率为909.1MZ。【解析】(1)电水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=U/求出其电流；(2)根据欧姆定律求出电水壶正常工作时电热丝的电阻；(3)1标准大气压下水的沸点为100。&又知道水的质量、初温、比热容，根据Q汲=emit-%)求出水吸收的热量，不考虑热损失时需要的加热时间最短，根据Q=W=Pt求出电热水壶至少要正常工作的时间；(4)根据P=U/=9 求出电压降低到200丫时该电水壶的实际功率。本题考查了电功率公式、欧姆定律、吸热公式、电功公式的灵活应用，要注意1标准大气压下水的沸点为100式。