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1、广西玉林市中考物理试卷一、单项选择题（本大题共15小题，每小题3 分，共 45分.在每小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，每小题选对的得3 分，不选、多选或错选的均得。分）1.（3 分）焦耳 是下列哪个物理量的单位（）A.功率 B.电功 C.压强 D.长度2.（3 分）下列电器中，利用电磁感应现象原理制成的是（）A.电 视机B.继 电 器 C.发 电 机 D.电动机3.（3 分）下列物体重力约为1N的 是（）A.一枚大头针B.两个鸡蛋 C.一头奶牛 D.一个篮球4.（3 分）某辆汽车启动后，经过2 0 s,速度表的指针指在如图所示的位置，由表可知（）A.此时汽车的速度是90km/hB.
2、此时汽车的速度是90m/sC.启动后20s内汽车的平均速度是90km/hD.启动后20s内汽车的平均速度是90m/s5.（3 分）2017年 4 月，货运飞船 天舟一号”在文昌航天发射场使用“长征七号运载火箭发射，并与 天宫二号 顺利完成自动交会对接，如图所示，对接完成后，若认为“天舟一号 处于静止状态，则选取的参照物是（）A.长征七号 B.天宫二号C.文昌航天发射场D.地球6.（3 分）2018年世界杯正在俄罗斯举行，如图所示，是正在加速下降的足球,在此过程中，对其机械能的变化情况，下列分析正确的是（）A.动能增大，重力势能减小 B.动能减小，重力势能增大C.动能增大，重力势能增大 D.动能
3、减小，重力势能减小7.（3 分）保护环境，人人有责。如图所示，下面哪种现象更有利于对环境的保护（）汽车排放尾气养殖场排放污水工厂释放烟雾使用太阳能路灯8.（3 分）如图所示的做法中，符合安全用电原则的是（）将冰箱的金属外壳接地用湿抹布擦发光的灯泡用手指接触插座的插孔雷雨天站在大树下避雨9.（3 分）下列关于光现象的描述正确的（）A.人佩戴的凹透镜可以矫正远视眼B.验钞机利用红外线辨别钞票的真伪C.游泳池注水后，由于光的折射看上去好像变浅了D.共享单车的尾灯是靠光的折射来引起后方车辆司机注意的10.（3 分）下列测量工具使用方法错误的是（）A.用刻度尺测量物体长度时，视线应正对刻度线B.使用弹簧
4、测力计的时候，首先要看清它的量程C.用天平测量物体质量时，应左盘放祛码，右盘放物体D.机械停表大盘记录的单位是秒，小盘记录的单位是分钟11.（3 分）下列关于导体电阻的说法正确的是（）A.长度长的导体，电阻一定大B.横截面积大的导体，电阻一定小C.导体的电阻由其两端的电压和通过的电流来决定D.导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积等因素有关12.（3 分）为了检测酒驾行为，如图甲所示是小明设计一款酒精浓度检测仪的电路图，其电源电压保持不变，Ro为定值电阻，R 为酒精气体浓度传感器（气敏电阻），R 的阻值与酒精浓度的关系如图乙所示。接通电源，当传感器酒精浓度增大时，下列说法正确的是（）甲 乙油精
5、浓收A.电流表的示数变小B.电压表的示数变大C.电流表的示数与电压表的示数的比值变小D.电流表的示数与电压表的示数的比值变大13.（3 分）如图所示，若“玉林号 导弹护卫舰从大海驶入珠江，下列分析正确的是（）A.浮力变小，舰体上浮一些 B.浮力变大，舰体下沉一些C.浮力不变，舰体下沉一些 D.浮力不变，舰体上浮一些14.（3 分）如图所示，舰载飞机正从“辽宁号”航母上起飞，下列说法中正确的是()A.飞机在起飞过程中，惯性将消失B.飞机在航母甲板上加速飞行时，受平衡力作用C.飞机飞离航母后，航母始终漂浮，航母所受浮力的大小不变D.飞机飞行时由于机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，从而获得升力1
6、5.（3 分）如图所示，电源电压U 为10V并保持不变，滑动变阻器规格为20Q 1A%闭合开关S,当滑片P 移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑A.电路消耗的最小功率为2.5WB.滑 片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC.滑 片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2WD.滑 片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为10J二、填 空 题（本大题共6小题，每 空1分，共12分）16.（2分）北斗卫星定位系统既可以发射也可以接收（选填 超声波 或 电磁波晚自习时，教室中正常发光的某一盏灯突然熄灭了，原因可能是该灯（选填 短路 或 断路）。17.（2分）为了公民的安全，公安部
7、门在很多路口安装监控摄像头，如图所示，它可以拍下作案嫌疑人的现场照片，拍照时，摄像头的镜头相当于一个（选填 凸或 凹）透镜，所成的像是缩小的（选填 实 或 虚）像。汹18.（2分）如图甲所示，蝙蝠靠发出发现昆虫。如图乙所示，从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐减小，此现象可推理得出不能传声。19.（2分）如图甲所示，玉林园博园的彩虹桥桥面距湖面3米，它的 倒影 距桥 面m.如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟，挂钟显示的实际时间是。甲 乙20.（2分）如图所示，长为40cm、重 为10N的匀质杠杆可绕着。点转动，作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F,将杠杆缓慢地由与水平方向夹角为30。的位置拉至水
8、平位置（忽略摩擦阻力），在这个过程中，力F的大小将（选填 增大、不变 或 减小），力F所做的功为J。2 1.（2分）如图所示，电源电压为1 0 V,电路消耗的最大功率为1 0 W.若只闭合S i时，电流表的示数为l i，R i消耗的功率为P i；只闭合S 2时，电流表的示数为 1 2,电路消耗的功率为 P 2；且 R i：R2=2：1,P i：P2=4：9,则 R=Q,l i：1 2=。三、作图、实验与探究题（22、23小题每小问2分，24、25、26小题每空1分,共19分）2 2.（2分）在图中画出与入射光线对应的折射光线。2 3.（2分）如图所示，请画出热气球在竖直方向加速上升时的受力示意
9、图（忽略空气阻力）。2 4.（4分）如图甲是探究 液体沸腾时温度变化的特点 的实验装置。（1）在液体沸腾过程中，观察到温度计的示数如图乙所示，可知该液体的沸点为。C,虽然液体的温度不变，但要继续加热，所以说液体在沸腾的过程中要不断（选填 吸热 或 放热）；（2）实验中，如果增大液体表面的气压，则液体的沸点将（选填 升高 或 降低）,液体的内能将（选填 增加 或 减少）。H*L25.（5分）为了探究“当接触面相同时，滑动摩擦力大小与压力的关系，小明设计了如图所示的实验装置。（1）实验过程中，弹 簧 测 力 计（选填 必须 或 不必）沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，此时，滑动摩擦力的大小（选填
10、 大于、等于 或 小于）弹簧测力计的示数。（2）在同一次实验中，小明发现，当用不同的速度匀速拉物块A,弹簧测力计的示数不变，说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度的大小（选填 有关 或 无（3）在实验中小明通过改变物块A的重力进行多次实验，记录的数据如上表。通过分析可知，当接触面粗糙程度不变时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越；如果滑动摩擦力与接触面受到的压力的比值等于接触面的滑动摩擦系数，则该接触面的滑动摩擦系数为。（结果保留1位小数）。的4 去.26.（6分）在测量 小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压为3 V,小灯泡额定电压为2.5 V,图甲是未连接完整的实验电路。（1）请你用笔画线代替导
11、线将实物电路连接完整（要求：滑 片P向右移动时,小灯泡变亮)(2)闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片P,当电压表的示数如图乙所示时，其示数为V。(3)改变滑片P 的位置，获得多组对应的电压、电流值，如下表所示。由表可知，随着电压的增大，小灯泡的电功率(选填 增大、不变 或 减小数据序号1234567发光情况熄灭熄灭微光较暗不很亮较亮明亮电压U/V0.20.51.01.31.72.02.5电流I/A0.100.200.380.420.480.520.56(4)根据上表中数据，请在图丙中画出I-U 关系图象。(5)根据图线可求得，当小灯泡两端电压为2.2V时，小灯泡的实际功率为W(结果保留一位小
12、数)。四、综合应用题(26小题6 分，27小题8 分，28小题10分，共 24分.计算题的解答过程应写出必要的文字说明、主要公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，结果应写明数值和单位)27.(6 分)如图所示是某款电热水壶及其铭牌的部份参数，当电热水壶正常工作时，求：额定电压频率220V50Hz额定功率1000W容量1.5L(1)电热水壶的电阻；(2)将一壶水从25(:加热到100(:时，水吸收的热量 c*4.2X103j/(kg)；(3)若加热一壶水所需时间为lO m in,电热水壶的热效率。28.（8 分）如图所示，Ro是阻值为10。的定值电阻，R 为滑动变阻器，灯泡上标有4V 2
13、W字样，且小灯泡的阻值始终保持不变。当断开S2，闭合S、S i时，灯泡恰好正常发光，电压表示数为Ui；断开Si，闭合S、S 2,将滑动变阻器的滑片 P 置于中点时，电压表数为6，已知6与 Ui相差I V,求：（1）灯泡的额定电流；（2）电源的电压；（3）滑动变阻器最大阻值；（4）该电路消耗的最小电功率。29.（1 0 分）如图所示是打捞物体的模拟装置。现电动机带动钢丝绳自由端以0.5m/s的速度匀速拉动滑轮组，经过5min将体积为O.lm?的物体由海底提升到海面，物体离开海面后钢丝绳自由端的速度变为0.49m/s,此时电动机的输出功率比物体在海水中时增大了 12%（不计物体的高度、绳重和摩擦，
14、p 物=7.6X103kg/m3,g 取 10N/kg,p 海 水 取 1.0X lCPkg/m）。求：（1）物体浸没在海水中受到的浮力；（2）物体在海底时的深度；（3）物体在海底时受到海水的压强；（4）物体在海面下匀速上升过程中，该滑轮组的机械效率（不计动滑轮体积）2018年广西玉林市中考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题共1 5小题，每小题3分，共4 5分.在每小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得。分）1.（3分）焦耳”是下列哪个物理量的单位（）A.功率 B.电功 C.压强 D.长度【解答】解：A、功率的国际单位是瓦特；故A错
15、误；B、电功的国际单位是焦耳，符号是J；故B正确；C、压强的国际单位是帕斯卡；故C错误；D、长度的国际单位是米；故D错误；故 选:Bo2.（3分）下列电器中，利用电磁感应现象原理制成的是（）A.电 视机B.继 电 器C.发 电 机D.电动机【解答】解：A、电视机在工作过程中，消耗了电能，电能转化为其形式的能。故A错误。B、电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，故B错误。C、发电机原理是一部分导体做切割磁感线运动，是根据电磁感应原理制成的。故C正确。D、电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动的现象制成的。故D错误。故选：Co3.（3分）下列物体重力约为1N的 是（）A.一枚大头针B.两个鸡蛋 C.
16、一头奶牛 D.一个篮球【解答】解：A、一枚大头针的质量约8 0 m g,其重力约8X10 4N；故A错误;B、一 斤（500g）鸡蛋可称8-1 0个，那么一个鸡蛋的质量约为50g；故2个鸡蛋的质量为1 0 0 g,故其重力约为IN；故B正确；C、奶牛的质量约I t,其重力约1X104N；故C错误；D、一个篮球的质量约6 0 0 g,其重力约6N；故D错误；故 选:Bo4.（3分）某辆汽车启动后，经过2 0 s,速度表的指针指在如图所示的位置，由表可知（）A.此时汽车的速度是90km/hB.此时汽车的速度是90m/sC.启动后20s内汽车的平均速度是90km/hD.启动后20s内汽车的平均速度是
17、90m/s【解答】解：AB、速度表指针显示的是物体的瞬时速度，故瞬时速度为90km/h；故A正确，B错误；CD、因不知道物体的路程和时间，故无法确定物体的平均速度；故CD错误；故选：Ao5.（3分）2017年4月，货运飞船 天舟一号”在文昌航天发射场使用“长征七号运载火箭发射，并与 天宫二号 顺利完成自动交会对接，如图所示，对接完成后，若认为“天舟一号 处于静止状态，则选取的参照物是（）A.长征七号 B.天宫二号C.文昌航天发射场D.地球【解答】解：天舟一号 飞船与 天宫二号”实现对接后，保持相对静止，以对方为参照物，两者都是静止的。所以选择“天宫二号 为参照物，天舟一号”是静止的。故 选:B
18、o6.（3分）2018年世界杯正在俄罗斯举行，如图所示，是正在加速下降的足球,在此过程中，对其机械能的变化情况，下列分析正确的是（）A.动能增大，重力势能减小 B.动能减小，重力势能增大C.动能增大，重力势能增大 D.动能减小，重力势能减小【解答】解：正在加速下降的足球，质量不变，速度变大，动能增大，同时高度下降，重力势能减小。故选：Ao7.（3分）保护环境，人人有责。如图所示，下面哪种现象更有利于对环境的保汽车排放尾气养殖场排放污水工厂释放烟雾使用太阳能路灯【解答】解：A、汽车排放的尾气产生有害气体，故A错误;C、工厂释放烟雾，造成大气污染，故C错误；D、使用太阳能路灯，节约能源，减少污染，
19、有利于对环境的保护，故D正确。故选：Do8.（3分）如图所示的做法中，符合安全用电原则的是（）将冰箱的金属外壳接地用湿抹布擦发光的灯泡用手指接触插座的插孔雷雨天站在大树下避雨【解答】解：A、电冰箱必须使用三脚插头，让金属外壳接地可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；B、由于水是导体，所以用湿抹布擦发光的灯泡很容易使得人触电，故B错误；C、用手指触碰插座的插孔的做法是很危险的，很容易碰到里面的金属片而触电，故C错误；D、在大树下避雨，因为大树和人体都是电的良导体，雷电极易通过突起物-大树传向人体，而造成雷电灾害，故D错误；故选：Ao9.（3分）下列关于光现象的描述正确的（）A.
20、人佩戴的凹透镜可以矫正远视眼B.验钞机利用红外线辨别钞票的真伪C.游泳池注水后，由于光的折射看上去好像变浅了D.共享单车的尾灯是靠光的折射来引起后方车辆司机注意的【解答】解：A、人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，而不是远视眼，故A错误;B、紫外线能使钞票上的荧光物质发光，判别钞票的真伪。故B错误。C、游泳池注水后，看上去好像变浅了是由于光的折射产生的，故C正确；D、自行车的尾灯是利用互成直角的小平面镜，将汽车射来的光再沿原路反射回来，引起司机的注意，故D错误。故选：Co10.（3分）下列测量工具使用方法错误的是（）A.用刻度尺测量物体长度时，视线应正对刻度线B.使用弹簧测力计的时候，首先要看清它的
21、量程C.用天平测量物体质量时，应左盘放祛码，右盘放物体D.机械停表大盘记录的单位是秒，小盘记录的单位是分钟【解答】解：A、读数时视线要与尺面垂直并正对刻度线，故A正确；B、使用弹簧测力计的时候，首先要看清它的量程；故B正确；C、称量时，应该是左物右码，且加减祛码用镜子，故C错误；D、机械停表大盘记录的单位是秒，小盘记录的单位是分钟，故D正确。故选：Co11.（3分）下列关于导体电阻的说法正确的是（）A.长度长的导体，电阻一定大B.横截面积大的导体，电阻一定小C.导体的电阻由其两端的电压和通过的电流来决定D.导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积等因素有关【解答】解:ABD、导体的电阻由导体的长
22、度、横截面积、材料和温度决定；在相同条件下,长度长的导体，其电阻大；在相同条件下，横截面积大的导体，其电阻小；故AB错误，D正确；C、导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；导体的电阻与导体两端电压和通过的电流无关；故C错误。故选：Do12.（3分）为了检测酒驾行为，如图甲所示是小明设计一款酒精浓度检测仪的电路图，其电源电压保持不变，Ro为定值电阻，R为酒精气体浓度传感器（气敏电阻），R的阻值与酒精浓度的关系如图乙所示。接通电源，当传感器酒精浓度增大时，下列说法正确的是（）遇工甲 乙泄相浓僮A.电流表的示数变小B.电压表的示数变大C.电流表的示数与电压表的示数的比值变小D.
23、电流表的示数与电压表的示数的比值变大【解答】解:由电路图可知，定值电阻Ro与气敏电阻R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。由图象可知，当酒精浓度增大，R的阻值变小，电路中的总电阻变小，由上旦可R知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大,由U=IR可知，Ro两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压恒定不变，所以，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故AB错误；由电压表的示数变小、电流表的示数变大可知，电流表的示数与电压表的示数的比值变大，故C错误、D正确。故选：Do13.（3分）如图所示，若 玉林号 导弹护卫舰从大海驶入珠江，下列分析正确的是（）A.浮力变
24、小，舰体上浮一些 B.浮力变大，舰体下沉一些C.浮力不变，舰体下沉一些 D.浮力不变，舰体上浮一些【解答】解：当护卫舰从大海驶入珠江后，仍然漂浮，根据漂浮条件可知受到的浮 力:Ff?=G,因为护卫舰受到的重力不变，所以船受到的浮力不变；故AB错误；由于p海 水p江 水，根据F i?=p水V排g可知，排开江水的体积大于排开海水的体积，即：舰体浸入水中的体积变大，舰体下沉一些，故C正确，D错误。故选：Co14.（3分）如图所示，舰载飞机正从“辽宁号 航母上起飞，下列说法中正确的是()A.飞机在起飞过程中，惯性将消失B.飞机在航母甲板上加速飞行时，受平衡力作用C.飞机飞离航母后，航母始终漂浮，航母所
25、受浮力的大小不变D.飞机飞行时由于机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，从而获得升力【解答】解：A、物体在任何时候都有惯性，飞机在起飞过程中，惯性不可能消失，故A错误；B、飞机在航母甲板上加速飞行时，处于非平衡状态，受非平衡力作用，故B错误。C、航载飞机飞离航母后，航母的总重力减小，航母始终漂浮，浮力等于重力，所以浮力会减小，故C错误；D、飞机飞行时能获得向上的压强差，是因为机翼上方空气流速大于机翼下方空气流速，上方压强小于下方，从而产生向上的升力，故D正确；故选：Do15.（3分）如图所示，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为20Q 1A%闭合开关S,当滑片P移至最左端时，灯泡正常
26、发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4 A.则（）A.电路消耗的最小功率为2.5WB.滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC.滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2WD.滑片P在最左端时，2m in内电流通过灯泡所做的功为10J【解答】解:（1）当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，由|=旦可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=_y_=JpV_=20Q;R IL 0.5A当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路消耗的功率最小，若不考虑灯泡电阻随温度的变化，根据串联电路的电阻特点可得，最小总功率:P_ U2最小一R+RL2
27、T=2-5W；由于灯泡不正常工作时的电阻低于正常工作时的电阻,所以，电路消耗的最小功率不是2.5W；故A错误；（2）滑 片P在中点时，电流表示数为0.4A,根 据|=U可得，此时滑动变阻器两端的电压：RU 浒=IR 滑=O.4AXLX2OQ=4V,2因串联电路中总电压等于各电压之和，所以，此时灯泡两端的电压：UL=U-U 卅=10V-4V=6V,灯泡的实际功率：PL=UL,I=6VX0.4A=2.4W；故 B 正确，C 错误；（3）滑 片P在最左端时，2m in内电流通过灯泡做的功：WL=UILt=10VX 0.5AX2X60s=600J,故 D 错误。故选：Bo二、填 空 题（本大题共6小题
28、，每 空1分，共12分）16.（2分）北斗卫星定位系统既可以发射也可以接收电 磁 波（选填 超声波或电磁波）。晚自习时，教室中正常发光的某一盏灯突然熄灭了，原因可能是该灯 断路（选填短路或断路）O【解答】解：卫星接收和发送信号要靠电磁波传递，我国的北斗卫星定位系统也是利用电磁波来传递信号的；教室中正常发光的某一盏灯突然熄灭了，其他灯不受影响，由于是并联电路，故灯泡的故障是断路。故答案为：电磁波；断路。17.（2分）为了公民的安全，公安部门在很多路口安装监控摄像头，如图所示，它可以拍下作案嫌疑人的现场照片，拍照时，摄 像 头 的 镜 头 相 当 于 一 个（选填凸，或凹，）透镜，所成的像是缩小的
29、 实（选填实或虚）像。【解答】解：摄像头的镜头相当于一个凸透镜，拍摄违章行驶或发生交通事故的现场照片时，物距远大于2倍焦距，所以此时成倒立、缩小的实像。故答案为：凸；实。1 8.（2分）如图甲所示，蝙 蝠 靠 发 出 超 声 波 发现昆虫。如图乙所示，从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐减小，此 现 象 可 推 理 得 出 真 空 不能传声。甲 乙【解答】解:（1）蝙蝠可以发出超声波，利用回声定位的方法发现昆虫；（2）由实验现象可知，把发声的电铃放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，听到的声音逐渐变小；当罩内空气接近真空时，虽然还能听到极微弱的声音，但可通过推理得出真空不能传声。故答案为：超声波；真
30、空。1 9.（2分）如图甲所示，玉林园博园的彩虹桥桥面距湖面3米，它的倒影距桥 面 6 m.如图乙所示，是从平面镜中看到的挂钟，挂钟显示的实际时间是7：2 5 o甲 乙【解答】解:平静的水面相当于平面镜,彩虹桥的像和彩虹桥到水面的距离相等，都是3m,所以它的“倒影距桥面6 m。方法一：根据平面镜成像特点，即物像关于平面镜对称，作出平面镜中钟表指针的实际情况，如下图，可以看到钟表的实际时间是7：2 5 o乙方法二：把试卷翻过来，注意上下不要颠倒，直接从试卷的反面看钟表的实际时间是7：25o故答案为：6；7：25o20.（2分）如图所示，长为40cm、重为10N的匀质杠杆可绕着。点转动，作用在杠杆
31、一端且始终与杠杆垂直的力F,将杠杆缓慢地由与水平方向夹角为30。的位置拉至水平位置（忽略摩擦阻力），在这个过程中，力F的大小将 增 大（选填 增大、不变 或 减小），力F所 做 的 功 为1 J。【解答】解：（1）在杠杆缓慢地由与水平方向夹角为30。的位置拉至水平位置的过程中，动力臂L的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂L却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知：FL=G匕 当L、G不变时，I/越大，那么F越大，因此拉力F在这个过程中逐渐增大；（2）物体重心上升的高度 h=-Llsin30=Ax40cmX J=10cm=0.1m,2 2 2拉力做的功 W=Gh=10NX0.1m=lJo故答案为
32、：增大；lo21.（2分）如图所示，电源电压为1 0 V,电路消耗的最大功率为1 0 W.若只闭合S i时，电流表的示数为h，R i消耗的功率为Pi；只闭合S2时，电流表的示数为 12，电路消耗的功率为 P2；且 Ri：R2=2：1,Pl：P2=4：9,则 R=10 Q,h：h=2：3 o【解答】解：（1）由题知，电源电压为1 0 V,电路消耗的最大功率为10W,由电路图可知，只闭合S时，电路为R的简单电路，此时电路中的总电阻最小,电路中的总功率最大，IT2由P=UI=U_可得，电阻R的阻值：RR=U1=J（IO V21=10Q.P 1 0 W（2）由电路图可知，只闭合S1时，R1与R串联，电
33、流表测电路中的电流11，只闭合S2时，R2与R串联，电流表测电路中的电流12，因电源的电压一定时，电路中的电流与总电阻成反比，且RI：R2=2：1（即RI=2R2）,所以,1 1 R?+R 1 +1 0。T 7-R1+R _ 2 R2+1 0 Q因 Pi：P2=4：9,所以，由P=PR可得：P j _ I l2R j _(1)2y 2 R2 _(R 2+1 0 Q 、27 2 R 2 _(R 2+1 0 Q)X 2 R 2p2 I22(R2+R)1 2 R2+R 2 R 2+I O Q R 2+I 0 Q (2 R2+1 0 O )2_4,9整理可得：R22+1OR2-200fi2=0,解得：
34、R2=1OQ,R2=-20Q(舍去),则R 2+I O Q =1 0 Q+1 0 Q =2 二I2 2 R2+1 0 O 2 X 1 0 Q +1 0 Q -3 0故答案为：10;2：3o三、作图、实验与探究题（22、23小题每小问2分，24、25、26小题每空1分,共19分）22.（2分）在图中画出与入射光线对应的折射光线。【解答】解:平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示：2 3.（2分）如图所示，请画出热气球在竖直方向加速上升时的受力示意图（忽略空气阻力）。【解答】解：热气球在竖直方向加速上升时，受到重力和浮力的
35、作用，且浮力大于重力，过热气球的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段,并分别用G和 F 浮表示。如下图所示：2 4.（4分）如图甲是探究 液体沸腾时温度变化的特点”的实验装置。（1）在液体沸腾过程中，观察到温度计的示数如图乙所示，可知该液体的沸点为9 6 C 虽然液体的温度不变，但要继续加热，所以说液体在沸腾的过程中要 不 断 吸热（选填 吸热 或 放热）；（2）实验中，如果增大液体表面的气压，则液体的沸点将 升 高（选填 升高或 降低”），液体的内能将 增加（选填 增加 或 减少）。【解答】解：（1）温度计的每一个大格代表1 ,每一个小格代表0.1 ,由图乙可知该液体的沸点为9
36、6；虽然液体的温度不变，但要继续加热，所以说液体在沸腾的过程中要不断吸热；（2）实验中，如果增大液体表面的气压，则液体的沸点将升高；温度升高，液体的内能增加。故答案为：（1）96；吸热；（2）升高；增加。25.（5 分）为了探究 当接触面相同时，滑动摩擦力大小与压力的关系，小明设计了如图所示的实验装置。（1）实验过程中，弹簧测力计 必须（选填 必须或 不必）沿水平方向拉着物块A 做匀速直线运动，此时，滑动摩擦力的大小 等于（选填 大于、等于 或 小于）弹簧测力计的示数。（2）在同一次实验中，小明发现，当用不同的速度匀速拉物块A,弹簧测力计的示数不变，说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度的大小无关
37、（选填 有关 或 无关）。（3）在实验中小明通过改变物块A 的重力进行多次实验，记录的数据如上表。通过分析可知，当接触面粗糙程度不变时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大；如果滑动摩擦力与接触面受到的压力的比值等于接触面的滑动摩擦系数，则该接触面的滑动摩擦系数为0.4。（结果保留1 位小数）。7777777777/777777T【解答】解：（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小。故实验过程中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着物块A做匀速直线运动，此时,滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。（2）在同一次实验中，小明发现，当用不同的
38、速度匀速拉物块A,弹簧测力计的示数不变，说明滑动摩擦力的大小与物体运动速度的大小无关；（3）通过表中数据分析可知，当接触面粗糙程度不变时，接触面受到的压力越大，测力计示数越大，滑动摩擦力越大；如果滑动摩擦力与接触面受到的压力的比值等于接触面的滑动摩擦系数，则该接触面的滑动摩擦系数为2纲=0.4。2.O N故答案为：（1）必须；等于；（2）无关；（3）大；0.4o26.（6分）在测量“小灯泡电功率”的实验中，已知电源电压为3 V,小灯泡额定电压为2.5 V,图甲是未连接完整的实验电路。（1）请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整（要求：滑片P向右移动时，小灯泡变亮）（2）闭合开关后，缓慢移动滑动
39、变阻器的滑片P,当电压表的示数如图乙所示时，其 示 数 为2 V。（3）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，如下表所示。由表可知，随着电压的增大，小灯泡的电功率 增 大（选填 增大、不变 或 减小（4）根据上表中数据，请在图丙中画出I-U关系图象。数据序号发光情况1熄灭2熄灭3微光4较暗5不很亮6较亮7明亮电压U/V0.20.51.01.31.72.02.5电流I/A0.100.200.380.420.480.520.56（5）根据图线可求得，当小灯泡两端电压为2.2V时，小灯泡的实际功率为1.2W（结果保留一位小数）。【解答】解：（1）要求滑片P向右移动，灯泡变亮，即电流变大，变阻
40、器接入电路的电阻变小，故滑片以右电阻丝连入电路中与灯串联，如下图所示：（2）由图示电压表可知，其量程为03 V,分度值为0.1 V,示数为2V。（3）由表格数据，灯泡两端电压越大，通过的电流也越大，根据P=UI可知：随着电压的增大，小灯泡消耗的功率增大；由表中数据，当U=2.5V额定电压时，通过灯泡电流为0.56A,所以灯的额定功率P=UI=2.5VX0.56A=1.4W；（4）根据表格中数据描点，根据描点作图，用平滑曲线连接作出U-I关系图象，如下图所示：（5）由U-I关系图象可知，当小灯泡两端电压为2.2V时,小灯泡的电流I实=0.55A,小灯泡的实际功率：P实=1实1实=2.2VX0.5
41、5A=1.2W。故答案为：（1）如上图；（2）2；（3）增大；（4）如上图；（5）1.2o四、综合应用题（26小题6分，27小题8分，28小题10分，共2 4分.计算题的解答过程应写出必要的文字说明、主要公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，结果应写明数值和单位）27.(6分)如图所示是某款电热水壶及其铭牌的部份参数，当电热水壶正常工作时，求：额定电压220V频率50Hz额定功率1000W容量1.5L(1)电热水壶的电阻；(2)将一壶水从25(:加热到100(:时，水吸收的热量 c水=4.2X103j/(kgC)；(3)若加热一壶水所需时间为lO m in,电热水壶的热效率。【解答】解
42、：IT2(1)由P=U_可得，电热水壶的电阻：RR=u i=1 2 2 0 V)i=4 8.4 Q;P 1000W(2)水的体积 V=1.5L=1.5X10 3m3,由p*得水的质量：m=pV=l X 103kg/m3X 1.5X 10-3m3=1.5kg,水吸收的热量：CU=cm(t-to)=4.2X 103J/(kg)X 1.5kgX(100-25)=4.725 X105J；(3)电热水壶消耗的电能：W=Pt,=1000W X10X 60s=6 X 105J,电热水壶的热效率：n=%X 100%=4 725X1 0叮义 1 0 0%=7 8 7 5%oW 6X1Q5J答：(1)电热水壶的电
43、阻48.4Q；(2)水吸收的热量4.725X105J；(3)电热水壶的热效率78.75%。28.(8分)如图所示，Ro是阻值为10Q的定值电阻，R为滑动变阻器，灯泡上标有4V 2W字样，且小灯泡的阻值始终保持不变。当断开S 2,闭合S、S i时，灯泡恰好正常发光，电压表示数为U i；断开S,闭合S、S 2,将滑动变阻器的滑片P置于中点时，电压表数为6，已知5与U i相差I V,求：(1)灯泡的额定电流；(2)电源的电压；(3)滑动变阻器最大阻值；(4)该电路消耗的最小电功率。灯泡的额定电流1=应 鲤=0.5A；U额4V(2)当断开S 2,闭合S、S i时，Ro和灯泡串联，灯泡正常发光，根据欧姆
44、定律可得，两端的电压Ui=IRo=O.5AXlOQ=5V,电源电压 U=U 额+Ui=4V+5V=9V；(3)闭合S、S2,R和灯泡串联，求滑动变阻器的最大阻值，所以它两端的电压应该最大，所以6应比U i大I V,即U2=UI+1V=6V,那么灯泡两端的电压UL=U-U2=9V-6V=3V,由P=此 得，灯泡的电阻RL=E =(，产=8。,RP额根据串联分压特点可知，曳=包，UL瓦解得：R=16Q,此时滑动变阻器的滑片P置于中点，所以滑动变阻器最大阻值R滑 大=2R滑=2X2W6V=Rg .3 V封 16Q=32Q；（4）断开Si，闭合S、S 2,将滑动变阻器的滑片P 置于最大电阻位置时，R
45、和灯泡串联，电路总电阻最大，总功率最小，该电路消耗的最小电功率：P 小=一 些=_（9V）J _=2.025WO互+R滑大80+320答：（1）灯泡的额定电流0.5A；（2）电源的电压9V；（3）滑动变阻器最大阻值32Q；（4）该电路消耗的最小电功率2.025W。29.（1 0 分）如图所示是打捞物体的模拟装置。现电动机带动钢丝绳自由端以0.5m/s的速度匀速拉动滑轮组，经过5min将体积为0.1m3的物体由海底提升到海面，物体离开海面后钢丝绳自由端的速度变为0.49m/s,此时电动机的输出功率比物体在海水中时增大了 12%（不计物体的高度、绳重和摩擦，p 物=7.6X103kg/m3,g 取
46、 10N/kg,p 海 水 取 1.0X ICPkg/mS）。求：（1）物体浸没在海水中受到的浮力；（2）物体在海底时的深度；（3）物体在海底时受到海水的压强；（4）物体在海面下匀速上升过程中，该滑轮组的机械效率（不计动滑轮体积）【解答】解：（1）物体浸没在海水中时，排开海水的体积：V 产V=0.1m3,则物体浸没在海水中受到的浮力；F i=p海 水 gV 排=1.0X 103kg/m3X 10N/kgX 0.1m3=1000N；（2）由图知，n=5,物体升高的速度：v 物 v X0.5m/s=0.1m/s,5 5由题意可得，物体在海底时的深度：h=v 物 t=O.lm/sX 5 X 60s=
47、30m；（3）物体在海底时受到海水的压强：p=p 海 水 gh=1.0X lCPkg/mX 10N/kgX 30m=3 X 105Pa；（4）物体重力：G=mg=p：f!5gV=7.6X 103kg/m3X 10N/kgX0.1m3=7600N,设物体在水中时电动机的功率为Pi，钢丝绳自由端的拉力为Fi，绳自由端的速度 Vi=0.5m/s,则 p1=Fivi=FiX0.5m/s；物体在离开水面后电动机的功率为P2，钢丝绳自由端的拉力为F2，绳自由端的速度 V2=0.49m/s,则 P2=F2V2=F2X0.49m/s；由题知，物体在离开水面后电动机的功率比物体在海水中时增大了 12%,即:P2
48、=Pi（1+12%）,代入数据可得：F2X0.49m/s=FiX0,5m/s（1+12%）,解得：F 2=&FI，7由图知，n=5,不计绳重和摩擦，两次的拉力分别为：Fi=（G-F 浮+G 轮）,p2=（G+G 轮）,5 5可得：1 （G+G 轮）=1 x 1.（G-F+G*e）,5 7 5解得：G 轮=8F 浮-G=8X1000N-7600N=400N,物体在海面下匀速上升过程中，动滑轮对物体的拉力G-F浮所做的功为有用功,不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力做功为额外功，此过程中该滑轮组的机械效率：有险=卜浮二-7600N-1000N-x 100%94.3%W总 G-F浮+G抡 7600N-1000N+400N答：（1）物体浸没在海水中受到的浮力为1000N；（2）物体在海底时的深度为30m；(3)物体在海底时受到海水的压强为3 X1 0 5 p a；(4)物体在海面下匀速上升过程中，该滑轮组的机械效率为9 4.3%。