《2021届河南省驻马店市高考物理模拟试卷(3月份)(含答案解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021届河南省驻马店市高考物理模拟试卷(3月份)(含答案解析).pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021届河南省驻马店市高考物理模拟试卷（3月份）一、单 选 题（本大题共5小题，共30.0分）1.用甲、乙两种单色光照射同一金属做光电效应实验，发现光电流与电压的关系如图所示。已知普朗克常量为九,被照射金属的逸出功为勿。,遏止电压为U c,电子的电荷量为e,则下列说法正确的是（）A.甲光的强度小于乙光的强度B.甲光的频率为也 争C.甲光的频率大于乙光的频率D.甲光照射时产生的光电子初动能均为eUc2.如图为一交流电的电压随时间而变化的图象，则此交流电的有效值是（）3.如图所示三根不可伸长的相同的轻绳，一端系在甲环上，彼此间距相等.绳穿 aa甲I过与甲环半径相同的乙环，另一端用同样的方式系在半
2、径较大的丙环上.甲环 匕y乙固定在水平面上，整个系统处于平衡，忽略绳与乙环之间的摩擦.下列说法中正确的是（）A.每根绳对乙环的作用力均竖直向上B.每根绳对乙环的作用力均背向环心C.乙环对三根绳的总作用力指向环心D.三根绳对乙环的总作用力竖直向上4.如图题所示，有一倾角为。的斜面，轻弹簧一端固定在斜面底端的挡板上.质量为m的物体以初速度沿斜面向下开始运动，起点4与轻弹簧自由端。距离为s,物体与斜面间的动摩擦因数为 ,物体与弹簧相碰后，弹簧的最大压缩量为,则弹簧被压缩最短时，弹簧具有的弹性势能为（）0A.-mtgScosO1 7B.-mvo-Rmg(s+x)cosO1 oC.-mvo 47ng(s
3、+x)cos0+mgx+s)sinO1 7D.-TTIVQ 林mg(s 4-x)cosO mg(x+s)sinO5.如图所示，单匝正方形闭合线圈MNPQ放置在水平面上，空间存在方向竖直向下、磁感应强度为B的有界匀强磁场，磁场两边界成9=45。角。线圈的边长为L、总电阻为R.现使线圈以水平向右的速度u匀速进入磁场。下列说法正确的是（）A.当线圈中心经过磁场边界时，N、P两点间的电压U=B.当线圈中心经过磁场边界时，线 圈 所 受 安 培 力?安=*C.当线圈中心经过磁场边界时，电路的瞬时电功率P=电 江D.线圈从开始进入磁场到其中心经过磁场边界的过程，通过导线某一横截面的电荷量勺=罕二、多 选
4、题（本大题共5小题，共27.0分）6.三个人造地球卫星4、B、C,在地球的大气层外沿如图所示的方向做匀速圆周运动，已知巾4=6 8 vb=vc rCB.向心力大小的关系是%=Fb/.(1)恒力F作用后木板和铁块的加速度；(2)当铁块运动到木板右端时，把铁块拿走，木板还能继续滑行的距离。14.如图所示，磁场方向垂直于纸面并指向纸面里，磁感应强度为B.一带正电的粒子，粒子质量为m,电量为q,以速度为从。点射入磁场，入射方向如图，做出该粒子运动轨迹并求出半径R及周期T的表达式.IX x x*Xx xX X X XBX X X XX X X XX X ng(s+2-)cos0,由能量守恒定律可知 E减
5、=E增,解得：EP=+mgs+x)sind-fimg(s+x)cos9,所以 C 正确 ABO 错误；故选：C.本题的关键是明确物体下滑过程中减少的能量是重力势能和动能，增加的能量是弹簧的弹性势能和因摩擦产生的内能，然后根据能量守恒定律即可求解.对多个物体组成的系统可以根据能量守恒定律求解，求解时应明确有几种能量减少几种能量增加，然后根据能量守恒定律即可求解.5.答案：C解析：根据感应电动势公式E=B。，求出线框中产生的感应电动势E,PN边切割磁感线，相当于电源，PN间的电压是路端电压，根据欧姆定律求解；根据功率公式求解回路电功率；根据电磁感应的电荷量推论公式求解电荷量；本题是电磁感应与电路、
6、力学等知识的综合应用。要正确区分电源与外电路，能产生感应电动势的导体相当于电源，电源两端的电压是路端电压，不是内电压。A.线框中产生的感应电动势E为：E=BL,NP间 的 电 压 为 路 端 电 压=故A错误；R 4 48.根据安培力公式：F=故B错误；R RC.根据功率公式P=&=哗 二 故C正确；R RD根据电磁感应的电荷量推论公式。=丝=哈=土，故。错误；故选：Co6.答案：AC解析：解：4、根据卫星所受万有引力提供向心力有：G =m-,得卫星的线速度=叵，得因R2 R 7 R为RA RB=Re，所以。i 故 A 正确;B、尸向=G=Rc,mA=mB%，&，刈&，叫 mc,故 心 和Fc
7、大小不确定，故 8 错误；C、根据开普勒第三定律写=匕可 得 鬟=普=等，故 C 正确；。、c 加速会做离心运动，轨道半径增大，不会追上低轨道上的B.故 O 错误.故选：AC.根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度表达式，根据万有引力定律及开普勒定律，可以分析答题.根据在卫星变轨的原理判断卫星的对接问题.在卫星运动中，万有引力提供向心力，熟悉掌握万有引力表达式，以及向心力的不同表达式，由万有引力和向心力表达式列式求解.7.答案:BC解析：解：4、根据速度图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，可知，%时间内，物体 I 通过的位移比物体n 的大，而两个物体是从同一地点同时开始沿
8、同一方向做直线运动的，所以书时刻两个物体没有相遇。故A 错误。8、速度时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体I 和 II的加速度都在不断减小，故 8 正确。C、两个物体都做加速运动，故位移都不断变大，故 C 正确；。、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从外均匀减小到%，或从%均匀增加到。2,物体的位移就等于图中梯形的面积，平 均 速 度就等于空，故 I 的平均速度大于空，II的平均速度小于笠2故。错误；。廿 10 L t故选：BC.速度时间图象上某点的切线的斜率表示加速度，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进
9、行分析即可.本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据平均速度的定义和图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理.8.答案：AC解析：解：4根据w-x图线的斜率表示该点的电场强度，x =%2处3-x图线的斜率为0,即*=全 电场强度为0；故A正确B .因为打到打之间电势降低，根据顺着电场线电势降低可知，X 到外之间电场强度方向沿着化轴正方向，故3错误；C.带负电的点电荷沿x轴从X 移动至冷,电势减小，根据E p =q,可知电势能增大，故C正确；D带正电的点电荷沿支轴从匕移动至小，电势减小，根据E p =q p可知电势能减小，所以电场力做正功，故。错误；故选：AC(1)
10、根据W-x图线上某点切线的斜率等于该点的电场强度来判断电场强度大小，(2)根据顺着电场线电势降低判断电场强度的方向，(3)依据正电荷从高电势到低电势，电势能减小，而负电荷从高电势到低电势，电势能增大，从而即可求解。(4)电场力做正功电势能减小，电场力做负功，电势能增加解决该题的关键是知道图象的斜率代表了电场强度的大小，掌握电势与电场线、电势能改变量与电场力做功的关系；9.答案：BD E解析：解：A B,在外界不做功的情况下，系统内能的改变等于传递的热量，内能增加，一定是吸收了相等能量的热量，故4错误，B正确；物体内能包括所有分子的动能和势能，内能由分子数、分子平均动能、分子势能共同决定，所以内
11、能增加了5 0/并不一定是分子动能增加了5 0/.物体的分子平均动能有可能不变，这时吸收的5 0/热量全部用来增加分子势能。故。E正确，C错误。故选：B D E。根据热力学第一定律，在外界不做功情况下，物体内能增加了5 0/,一定是物体吸收了5 0/的热量，选项A错误，B正确；物体内能增加，可能是分子势能增加，分子动能不变，即分子的平均动能不变，例如0 的冰熔化为同温度的水。本题考查了热力学第一定律。对于物体的内能，其中包括分子动能和分子势能两部分，所以物体的内能增加时，可能两部分都变化，也可能只有一部分变化。10.答案：C D解析：解：A B,因振源。起振方向沿+y方向，经t=0.9s,x轴
12、上。至12nl范围第一次出现图示简谐波，可知此图显示的波形不完整，根据质点的起振方向与波源起振方向相同，知12m处质点的右边还有0.75个波长的波形图，即波传播到187n处的质点，所以有：v=2 0 m/s,由图知，该波的波长2=8 m,所以周期T=0.4 s,故 A8错误.v 20C、波向右传播，由平移法可知在t=0.9s时，x轴上67n处的质点振动方向向下，故 C 正确.D、t=1.0s时，即从t=0.9s时经过时间 t=0.1s时间，波向右传播的距离为%=v t=2m=4由波形平移法可知，X=7m的质点恰好运动到与图示时刻对称的位置，其振动速度与图示时刻相等,故。正确。故选C D。根据质
13、点的起振方向与波源起振方向相同，可以知道该题的波形图不全，首先要补全波形图，可知在0.9s的时间内，波向右传播了1 8 m,由此可得知波速的大小；由平移法可知x轴上6m处的质点的振动方向；利用波长、波速和周期之间的关系可求出周期。解答该题的关键是判断在0.9s的时间内，波传播到了距0 点18m的质点，此质点开始向上运动，波传播了 2)。11.答 案:(1)1.060；(2)BC；(3)8解析：(1)游标卡尺读数时先读出主尺的刻度，然后看游标尺上的哪一个刻度与主尺的刻度对齐，最后读出总读数；(2)根据题目的叙述，确定实验的原理，然后确定待测量；(3)根据实验的原理确定处理实验数据的方法。本题通过
14、动能定理得出动摩擦因数的表达式，从而确定要测量的物理量.要先确定实验的原理，然后依据实验的原理解答即可。(1)主尺的刻度：1 c m,游标尺上的第12个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.05 x 12nun=0.60m m,总读数：1 0 m m +0.60mm=10.60mm=1.060cm；(2)实验的原理：根据遮光条的宽度与滑块通过光电门的时间即可求得滑块的速度：v=p B到C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：-“mgs=0-1 m v2联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式：“=当2gstz还需要测量的物理量是：光电门P与C之间的距离s,与遮光条通过光电门的时间t,故8 c正确；(3
15、)由动摩擦因数的表达式可知，与户和s的乘积成反比，所以s与台的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量上，横坐标用物理量s,即B正确。故填：(1)1.0 6 0；(2)B C；(3)8。1 2.答案：。8.0华爱解析：解：(1)电源电动势为3 V,电压表量程为1 5 V,不能用电压表测电压，因此不需要的器材是(2)可以用已知内阻的电流表4与电阻箱7?2串联测电压，用另一电流表测电流，由于待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示。(3)电流表量程为1 5 m A,由图2所示表盘可知，其分度值为0.5 m 4示数为8.0 n
16、 M；由图示电路图可知，待测电阻阻值Rx =华=竿 拼；故答案为：(1)。；(2)电路图如图所示；(3)8.0：券 磬。(1)根据所给实验器材结合实验原理确定不需要的器材。(2)根据题意与实验器材确定电表与滑动变阻器接法，然后作出实验电路图。(3)根据电流表量程由图示表盘确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数；应用欧姆定律求出待测电阻阻值表达式。本题考查了实验器材选择、设计实验电路图、电流表读数与实验数据处理等问题，对电流表读数时要先确定其量程与分度值，然后根据指针位置读出其示数，读数时视线要与刻度线垂直。1 3.答案：解：(1)F作用时，对铁块：F-2 m g =机。1，解得的=4 6/$
17、2,对木板：4 27 ng -1(M +7 H)g =例。2，解 得=2 m/s 2(2)对铁块：%i=art2对木板：X2=|c z2t2,又 力-右=L,几式联立解得：t =2 s,铁块拿走时木板的速度u =a2t=4 m/s,随后木板做匀减速的加速度为。3,则 iM g =Ma3,解得(Z 3 =Im-则木板的位移为%3 =T-=8 m。解析：此题是牛顿第二定律的综合应用，关键是首先求解两物体的加速度，弄清两物体的运动特征,X XX XX XBX X结合运动学公式列式求解。(1)根据牛顿第二定律分别求出铁块和木板的加速度；(2)当铁块运动到木块的右端时，铁块相对于木板的位移等于板长，根据
18、位移公式，列式求出时间,由速度时间公式求出把铁块拿走时的速度，根据牛顿第二定律求得铁块拿走后的加速度，由位移速度关系求出继续滑行的距离。1 4.答案：解：根据左手定则可得洛伦兹力方向在。点垂直于速度方向向上，所以粒子运动的轨迹如图所示：根据洛伦兹力提供向心力可得：qv0B=m,解得：R=卷；周期丁 =四=2、吗=%八%v0 qB qB,答：轨迹如图所示；半径表达式为R =翳；周期的表达式为7 =誓.解析：根据粒子受到的洛伦兹力方向确定粒子运动情况；根据洛伦兹力提供向心力求解半径，根据周期的计算公式求解周期表达式.对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛
19、伦兹力提供向心力求解未知量；根据周期公式结合轨迹对应的圆心角求时间.15.答案：解：玻璃管翻转前：PAI=PO-P9I+PM=6 5 c mH g PBi =Po-pghi=60cmHg设翻转后及气体合并后气柱总长度减小了 x c m则PB2=PA2=PQ+pg(.hl-2x)-pgh2=(8 5 -2x)cmHg(3)由玻意耳定律得：对4：PA lLS=以2,4 s对B：PB 1L2S=PB 2LBS 联立解得：x=5cmLA=6.5cmLB=16 c mL=22.5 c m答：合并后气柱的总长度L 为22.5 c m。解析：根据连通器原理求解初态两部分气体压强和翻转后气体的压强，对两部分气
20、体分别根据玻意耳定律列式求解即可。本题考查玻意耳定律的应用，要注意明确两端空气柱的压强关系，正确利用平衡条件列式是求解压强的关键。16.答案：解：（1）由s讥。=；=金=/得 临 界 角。=6 0。，由于光线到达4 c 边时恰好发生全反射，入射角等于临界角C,光路图如图所示从F 点出射时，入射角为r,出射角为i.由几何知识可得r=6 0-3 0 =3 0由n=得 si ni =nsinr=；sinr 3（2）由几何关系知D E =I,EF=B D=则光在棱镜中传播的路程s=D E+EF=l+=h光在棱镜中传播的速度U=;则光在棱镜中传播所用的时间=;联立得t=蚓。C答：（1）光从B C 边出射角的正弦值si ni 为日；(2)光在棱镜中传播所用的时间t为，.解析：(1)光线到达A C 边时恰好发生全反射，入射角等于临界角C,由s讥C 求出临界角C,画出光路图，由几何知识求出光线反射到B C 边上时的入射角，再由折射定律求光从B C 边出射角的正弦值sini；(2)由几何关系求出光在棱镜中传播的路程s,由。=：得到光在棱镜中传播的速度，由 求 光 在棱镜中传播所用的时间.本题是几何光学问题，做这类题目，一般首先要正确画出光路图，当光线从介质射入空气时要考虑能否发生全反射，要能灵活运用几何知识帮助求角的大小.