《2021届全国普通高等学校招生高考物理仿真模拟试卷(三)(含答案解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021届全国普通高等学校招生高考物理仿真模拟试卷(三)(含答案解析).pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021届全国普通高等学校招生高考物理仿真模拟试卷（三）一、单 选 题（本大题共5小题，共30.0分）1.如图所示，水平传送带以恒定速度 向右运动.将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端4处，经过t秒后，Q的速度也变为“，再经t秒物体Q到达传送带的右端B处，则（）A.前t秒内物体做匀加速运动，后t秒内物体做匀减速运动B.前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为1：3C.Q由传送带左端运动到右端的平均功率为若D.Q由传送带左端运动到右端的平均速度为2.下列关于甲、乙、丙、丁四幅图的说法中，正确的是（）A.甲图：大量氢原子从n=4能级向低能级自发跃迁所辐射的电磁波照射逸出功为2.25eV的
2、钾板，产生的光电子动能均为10.5WB.乙图：此时刻振荡电流正在减小C.丙图：这是光通过小孔衍射形成的图样D.丁图：不同强弱黄光对应的图象交于U轴同一点，说明光电子最大初动能与光的强度无关3.下列说法正确的是（）A.洛伦兹发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转B.电场强度是用比值法定义的，电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电荷量成反比C.安培力的方向总是垂直于磁场的方向D.电流通过导体产生的热量与电流、导体电阻和通电时间的规律由欧姆首先发现4.如图所示，在室内自行车比赛中，运动员以速度 在倾角为。的赛道上做匀速圆周运动。已知运动员的质量为小，做圆周运动的半径为R,重力加速度为g，则下列说法
3、正确的是（）A.将运动员和自行车看做一个整体，整体受重力、支持力、摩擦力和向心力的作用B.运动员受到的合力大小为in艺，做圆周运动的向心力大小也是7n日R RC.运动员做圆周运动的角速度为D.如果运动员减速，运动员将做离心运动5.2011年11月01日5时58分07秒，我国成功发射神州八号飞船，它将与天宫一号实现空中对接，从而建立我国第一个空间实验室.假如神舟八号与天宫一号对接前所处的轨道如图甲所示，图乙是它们在轨道上即将对接时的模拟图.当它们处于图甲所示的轨道运行时，下列说法正确的是（）A.神舟八号的加速度比天宫一号的大B.神舟八号的运行速度比天宫一号的小C.神舟八号的运行周期比天宫一号的长
4、D.“神舟八号”从图示轨道运动到与“天宫一号”对接过程中，机械能守恒二、多 选 题（本大题共5小题，共27.0分）6.两磁感应强度均为B的匀强磁场区域I、W,方向如图示，两区域中间是宽为S的无磁场区域口,有一边长为“L S）、电阻为R的均匀正方形金属线框abed置 于I区域，M边与磁场边界平行,现拉着金属框以速度”向右匀速运动，则（）A.当ab边刚进入中央无磁场区域II时，ab两点间电压为等B.当ab边刚进入磁场区域HI时，通过ab边的电流大小为零，方向由a bC.当ab边刚进入HI区域到cd边刚出I区域的过程中，拉力大小为竺出RD.当cd边刚出I区域到刚进入in区域的过程中，回路中产生的焦耳
5、热为吗sR7.如图所示，两个带等量正电荷的点电荷固定于P、Q两点，它们连线的中点是0、B4、B是PQ连线中垂线上的两点，。4 。8,则下列说法正确的是（）A.在4B、。三点中，。点场强最大，B点的场强最小B.A、B两点的场强方向相反，4 点的电势高于B点的电势C.将一正试探电荷置于4 和B点，该试探电荷在4 点的电势能等于在8 点的电势能D.将一负试探电荷置于A和B点，该试探电荷在4 点的电势能小于在B点的电势能8.如图所示，质量为m 的带电绝缘小球（可视为质点）用长为I的绝缘细线悬挂于。点，在悬点。下方有匀强磁场。现把小球拉离平衡位置后从4 点由静止释放，小球从4 点和。点向最低点运动，则下
6、列说法中正确的是（）A.小球两次到达C点时，速度大小相等B.小球两次到达C点时，细线的拉力相等C.小球两次到达C点时，加速度相同D.小球从4 运动至C和从D运动至C所用的时间不同9.下列说法正确的是（）A.已知铜的密度和摩尔质量，可以估算铜分子的直径B.晶体均具有规则的几何形状，但不一定具有各向异性的特征C.教室内看到透过窗户的“阳光柱”里粉尘颗粒杂乱无章的运动，这是布朗运动D.热量可以从低温物体传递到高温物体E.密闭在汽缸里的一定质量理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少10.一列简谐横波在x轴上传播，在某时刻的波形如图所示.已知此时质点尸的运动方向向下，则（）
7、A.此波朝x轴负方向传播B.质点。此时向下运动C.质点B将比质点C先回到平衡位置D.质点E的振幅为零三、实 验 题（本大题共2 小题，共 15.0分）1 1.在做测量干电池的电动势和内电阻的实验时，备有下列器材供选用:4 干电池一节（电动势约1.5U）8.直流电流表（量程0 0.6 34,.0.64挡内阻0.100,34挡内阻0.025。）C.直流电压表（量程0315乙31/挡内阻5K。，15V挡内阻25K0）。.滑动变阻器（阻值范围。1 5 0,允许最大电流14）滑动变阻器（阻值范围。1 0 0 0 0,允许最大电流0.54）F.开关G.导 线 若 干 根H.电池夹（1）将按本实验要求选定的
8、器材（系统误差较小），在图1所示的实物图上连线.（2）如图2所示，电流表指针停止在图2（1）所示位置，量程取0.64挡 时 读 教 为 ；量程取34挡时读 数 为.电 压 表 指 针 停 在 图（2）所示位置，量程取3U挡 时 读 数 为 ；取量程为15U挡时读数为（3）根据实验记录，画出的U-/,图象如图3所示，可得待测电池的内电阻r为.1 2.在用落体法“验证机械能守恒定律”实验时，某同学按照正确的步骤操作（如图1）,并选得一条如图2所示的纸带.其中。是起始点，A、8、C是打点计时器连续打下的3个点，该同学用毫米刻度尺测量。到4、B、C各点的距离，并记录在图2中（单位cm）,重锤质量为0.
9、5 k g,重力加速度 g=9.80?TI/S2.Bl B3(1)根据图2中的数据，可知重物由。点运动到B点，重力势能减少量AEp=J,动能的增加量(2)重力势能的减少量 Ep往往大于动能的增加量 Ek，这是因为.(3)他进一步分析，发现本实验存在较大误差，为此设计出用如图3所示的实验装置来验证机械能守恒定律.通过电磁铁控制的小铁球从4 点自由下落，下落过程中经过光电门8时，通过与之相连的毫秒计时器(图中未画出)记录挡光时间3用毫米刻度尺测出AB之间的距离h,用精密仪器测得小铁球的直径d.重力加速度为g.实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束.题中所给的d、t、h、g应
10、 满 足 关 系 式,方可验证机械能守恒定律.(4)比较两个方案，改进后的方案相比原方案的优点是：.四、计算题(本大题共4 小题，共 52.0分)1 3.如图所示，水平绝缘直轨道AC由光滑段48与粗糙段BC组成，它与整直光滑半圆轨道CD在C点处平滑连接，其中AB处于电场区内。一带电量为+q、质量为m的可视为质点的滑块从4处以水平初速度均进入电场区沿轨道运动，从B点离开电场区继续沿轨道BC运动，最后从圆轨道最高点。处以水平速度。离开圆轨道。已知：轨道BC长1 =1 m,圆半径R=0.1TH,m 0.01kg,q=5 x lO-sC,滑块与轨道BC间的动摩擦因数N=0.2,重力加速度g取10m/s
11、2,设装置处于真空环境中。(1)若滑块到达圆轨道。点时的速度=lm/s在。点处时，求滑块受到的弹力F;求滑块从B点离开电场时的速度如；(2)若%=5 m/s,为使滑块能到达圆轨道最高点。处，且离开圆轨道后落在水平轨道BC上，求4、8两 点 间电势差应满足的条件。AB14.一辆重10t的汽车正以2(hn/s的速度向前行驶，由于司机发现前方约200m远处有事故，立刻关闭发动机，让车以1.6m/s2的加速度向前匀减速滑行，则：(l)10s内该汽车向前滑行了多远？(2)15s末该汽车的速度有多快？(3)照这样滑行，汽车将停在离事故点大约多远处？15.如图所示，在上端开口的绝热汽缸内有两个质量均为rn=
12、1kg的绝热活塞(厚度不计)4、B,4、B之间为真空并压缩一劲度系数k=500/V/m的轻质弹簧，4、B与汽缸无摩擦，活塞B下方封闭有温度为27式的理想气体。稳定时，活塞4 B将汽缸等分成三等分。已知活塞的横截面积均为S=20cm2,L=0.6 m,大气压强p。=1.0 x 105P a,重力加速度g 取 Khn/s2。(i)现通过加热丝对下部分气体进行缓慢加热，当活塞4 刚好上升到气缸的顶部时，求封闭气体的温度;(讥)在保持第9 间的温度不变的条件下，在活塞4上施加一竖直向下的力凡稳定后活塞B回到加热前的位置，求稳定后力尸的大小和活塞4、8 间的距离。16.如图所示，一个三棱镜DEF DEF
13、的横截面为直角三角形，A、B、C分别为三条棱的中点,/.CAB=30,Z.ACB=9 0 ,该三棱镜材料的折射率n=6。一条平行于DFFD平面的入射光线从DEED面射入棱镜，开始时入射点为4点，当入射光线以一定的速度始终保持与CFFD面平行向上移动，使入射点以恒定的速度%=10-2m/s由4点向C点运动，不计光线在棱镜内的多次反射。求：从EFFE面射出的光线的折射角；(2)从DFFD面射出的光线与该面交点的运动速度外参考答案及解析1.答案：D解析：解：4、在前t秒内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动，后t秒内物体的速度与传送带相同，不受摩擦力而做匀速运动.故A错误.B、前t秒内Q的位移
14、与后t秒内Q的 位 移 大 小 之 比 为vt=l：2,故8错误.C、根据动能定理得，W =m v2,则平均功率=丝=叱，故C错误.22t 4tD、Q由传送带左端运动到右端的总位移为=+=等，则平均速度方=爱=源 故。正确.故选：D.物体放上传送带后先做匀加速直线运动，速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式得出前t秒内和后t秒内的位移之比.根据动能定理求出摩擦力做功的大小，结合平均功率的公式求出平均功率的大小.本题可通过分析物体的受力情况来确定其运动情况，也可以通过作速度图象研究位移和平均速度.2.答案：D解析：解：4、根据光电效应方程可知，只有从n=4跃迁到n=
15、1的光子打出的光电子的最大初动能为：Ek=h v-W0=E4-E1-Wo=-0.85eK-(-13.6eV)-2.25 eV=10.5 eV,故 A 错误；B、根据安培定则可知，电流从向上向下流过线圈，分析电容器场强方向可知，上极板带正电，则电容器在放电，根据电磁振荡规律可知，电容器放电，振荡电流正在增大，故B错误；C、泊松亮斑是光绕过障碍物继续传播的现象，光照射不透明的圆盘时阴影的中心出现一个亮斑，属于衍射现象，故C错误；。、强黄光和弱黄光曲线交于U轴同一点，说明遏止电压与光的强度无关，而爱因斯坦光电效应方程式a =hv-Wo=eUc也说明光电子最大初动能与光的强度无关，故D正确。故选：Do
16、根据能级跃迁和光电效应方程分析其最大初动能；根据电流方向判断电容器充放电情况，根据能量守恒定律分析能量的变化判断电流大小变化；泊松亮斑是光的衍射现象，是光通过圆盘后形成的；遏止电压增大，与光的强弱无关，遏止电压与入射光的频率有关；本题考查能级跃迁、光电效应等内容，掌握光电流与光的强弱关系，注意遏止电压、极限频率，及最大初动能的含义。3.答案：C解析：解：4、奥斯特发现导线通电时，导线附近的小磁针发生偏转，首先发现了通电导线的周围存在磁场，故A错误；8、电场强度是用比值法定义的，电场强度只与电场本身有关，与电场力和与试探电荷的电荷量无关，故B错误；C、根据左手定则可知安培力的方向总是垂直于磁场的
17、方向，故C正确；。、电流通过导体产生的热量与电流、导体电阻和通电时间的规律由焦耳首先发现，故力错误；故选：C o根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.4.答案：B解析：解：4、向心力是效果力，可以由单个力充当，也可以由其它力的合力提供，或者由某个力的分力提供，不是性质力，因此，将运动员和自行车看做一个整体后，整体应受重力、支持力和摩擦力，故A错误；8、由题意可知，运动员做线速度大小为发，半径为R的匀速圆周运动，故运动员受到的合力提供向心力，即小廿，故运动员受到的合力大小为小艺，
18、做圆周运动的向心力大小也是m日，故8正确；R R RC、根据线速度和角速度的关系9=3R得，角速度K故C错误；。、如果运动员减速，需要的向心力减小，此时向心力“供”大 于“需”，运动员将会做近心运动，故。错误。故选：Bo向心力是按照效果命名的力，不是物体实际受到的力，匀速圆周运动合力提供向心力，明确物体做离心运动的条件。向心力是效果力，由其它力充当；做匀速圆周运动的物体所受的合力指向圆心，合力完全提供向心力；当向心力“供大于求”时，物体会做近心运动5.答案：A解析：解：根据万有引力提供圆周运动的向心力有：G等 =ma=m f=mr,A、由于a =皆，因为神舟八号的轨道半径比天宫一号来得小，故加
19、速度来得大，故A正确；B、由于v=护,因为神舟八号的轨道半径比天宫一号来得小，故速度来得大，故8错误；C、由于7 =2兀叵，因为神舟八号的轨道半径比天宫一号来得小，故周期比天宫一号来得小短，故7 G MC错误；。、“神舟八号”从图示轨道运动到与“天宫一号”对接过程中，需要加速做离心运动，机械能增大，故。错误故选4.根据万有引力提供向心力，分析运行速度、加速度、周期与轨道半径的关系.神舟八号在轨道上加速会做离心运动而变轨解决本题的关键熟练掌握在卫星圆周运动中地球对卫星的万有引力提供卫星圆周运动的向心力求解.6.答案：BCD解析:解:4当帅边进入中央无磁场区域H 0寸,c d边产生的感应电动势:E
20、=BLv,感应电流:4 =咚,Ra b两点间电压U =/；/?=故A错误；B、当a b边刚进入磁场区域I E时，a b边和c d边产生的感应电动势均为E =B。，线框中总的感应电动势为E息=2E=2BLV,通过a b边的电流大小：%;哼，方向由a-b，故B正确；C、当a b边刚进入D I区域到c d边刚出I区域的过程中，线框所受安培力大小：F交=2 B/2 L=等 士 因金属框匀速运动，则 拉 力 大 小 为 尸=?咨=空3,故C正确；。、当c d边刚出I区域到刚进入in区域的过程中，只有a b边切割磁感线，感应电流：%=拳，回路中产生的焦耳热为Q =/t=（等）2RJ =*S,故。正确。故选
21、：B C D。金属框从I区域完全拉入H I区域的过程分成三段研究：第一段a b在n区运动，第二段a b在江，c d在I区运动，第三段c d在n区运动。根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式、焦耳定律等知识求解。本题要注意的是当处边刚进入磁场区域I D时，a b边、c d边都切割磁感线产生两个感应电动势，而且串联，电路中的总电动势为E惑=2 E=2 B W。7.答案：BD解析：解：力、。点场强为零，是最小的，A与B两点的场强大小不能确定，故A错误。B、4、B两点的场强方向相反，根据顺着电场线方向电势降低以及对称性，可知4点的电势高于B点的电势，故8正确。C、将一正试探电荷置于4和B点，由于
22、A点的电势高于B点的电势，则该试探电荷在4点的电势能大于在B点的电势能，故C错误。D、将一负试探电荷置于4和B点，由于4点的电势高于B点的电势，则该试探电荷在4点的电势能小于在B点的电势能，故。正确。故选：B D。两个等量正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向0-4和0-B,。点的场强为零.4、B的场强大小不能确定.根据顺着电场线方向电势降低，分析电势关系，再判断电势能的关系.本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性，根据电势关系直接分析电势能的关系，也可以根据电场力做功情况分析电势的关系.8.答案：AC解析：解：力、可视为质点的带电小球在磁场中要受到洛
23、伦兹力作用，由于洛伦兹力方向总是垂直于速度的方向，所以洛伦兹力不做功，细线的拉力也不做功，只有重力做功，与没有磁场一样，所以，小球的机械能一直守恒，小球两次到达C点时，速度大小相等，故A正确；B、设小球两次到达C点时速率为仇并假设小球带正电，小球向右通过C点时，小球受到的洛伦兹力向上，根据牛顿第二定律得居+m g =m亍，可得细线的拉力为a =m g q u B+m亍；小球向左通过C点时，小球受到的洛伦兹力向下，根据牛顿第二定律得F2-q u B-m g =mf,可得2细线的拉力为尸2 =m g +q u B+7 n9，可知小球两次到达C点时，细线的拉力不相等，故B错误；C、小球两次到达C点时
24、，加速度大小相等，均为a =?,方向指向圆心，故加速度相同，故C正确；。、小球从4运动至C和从0运动至C洛伦兹力不做功，细线的拉力也不做功，小球在同一高度处的速度大小相等，所以所用的时间相同，故。错误。故选：AC.可视为质点的带电小球在磁场中要受到洛伦兹力作用，由于洛伦兹力方向总是垂直于速度的方向，所以洛伦兹力不做功，小球的机械能守恒。小球两次到达C点时，由合力提供向心力，由牛顿第二定律分析细线的拉力大小和加速度大小。解决本题时，要理解并掌握洛伦兹力的特点：洛伦兹力方向总是垂直于速度的方向，洛伦兹力不做功，所以带电小球在磁场中运动时机械能是守恒的。9答 案:ADE解析：解：4、已知铜的密度和摩
25、尔质量可求摩尔体积，摩尔体积除以阿伏伽德罗常数得铜分子体积，把铜分子看成球型，即可求解铜分子直径，故4正确；8、单晶体具有规则的几何外形，但是并不是外部具规则形状的就一定是单晶体，单晶体表现各向异性，多晶体表现各向同性，故B错误；C、布朗运动是悬浮在液体或气体中颗粒的无规则运动，教室内看到透过窗子的“阳光柱”里粉尘颗粒杂乱无章的运动，是由于气体的流动导致粉尘颗粒运动，这种运动不是布朗运动，故C错误；。、热量能自发的从高温物体向低温物体传递，在外界的干预下，也能由低温物体传给高温物体，比如电冰箱，故。正确；区 密闭在气缸里的一定质量理想气体发生等压膨胀时，根据理想气体的状态方程岸=C可知，气体的
26、温度一定升高，气体分子的平均动能增大，则每一次对器壁的平均撞击力增大，而气体的压强不变，所以单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少，故E正确。故选：ADE.已知铜的密度和摩尔质量可求摩尔体积，把铜分子看成球型，即可求解铜分子直径；单晶体具有规则几何外形，各向异性，多晶体各向同性；布朗运动是悬浮在液体中颗粒的无规则运动；根据气体压强的微观意义分析压强。本题考查晶体、布朗运动、热力学定律及气体压强的微观意义，解决本题关键掌握晶体的特性，知道气体压强的微观意义。10.答 案:AB解析：解：4、简谐波横波在x轴上传播，此时质点F的运动方向向下，由波形平移法可知，该波沿x轴负方向传播。故A正确。B
27、、质点。此时的运动方向与F的运动方向相同，即向下运动。故B正确。C、此时质点B向上运动，而质点。向下运动，直接回到平衡位置，贝北先回到平衡位置。故C错误。、此时质点E的位移为零，但振幅不为零，各个质点的振幅均相同。故。错误。故选：AB.简谐波横波在X轴上传播，此时质点尸的运动方向向下，可判断出波X轴负方向传播.质点。此时的运动方向与F的运动方向相同.质点B向上运动，而质点。向下运动，则C先回到平衡位置.此时质点E的位移为零，但振幅不为零.本题是波动图象中基本题，由质点的振动方向判断波的传播方向是基本功，要熟练掌握.1 1.答案：0.2 8 4；1.5 0 4；1.4 0 K；7.0 1 Z；0
28、.7 3。小，故采用相对电源的电流表外接法解析：解：(1)本实验测量电动势和内电阻的实验，只需测量电流和路端电压即可，由于电源内阻较O-I5Q(2)若量程取0.64,则最小分度为0.0 24,则读数为0.28 4；若量程取3 4,则最小分度为0.14则读数为 1.50 4；电压表量程取3乙 则最小分度为0.1忆 则读数为1.4 0 I Z,若量度为1 5心 则最小分度为0.5U,则读数为7.0匕(3)根据U =E-/r可知，图象的斜率表示内阻，则r =与=。受=0.7 3。故答案为：(1)如图法；(2)0.28 4；1.50 4；1.4 0 I Z；7.0 V.(3)0.7 30(1)根据实验
29、原理可明确电路图，按照实物图进行分析即可得出对应的实物图；(2)明确电表量度确定最小分度，从而确定读数；(3)根据闭合电路欧姆定律进行分析，从而确定电源内阻的阻值.本题考查电源的电动势和内电阻的实验，耍注意明确实验原理，知道实验中原理图的正确画法，同时能根据图象正确分析数据，在读数时要注意有效位数的正确保留.1 2.答案：0.61 0 0.59 9克服阻力做功(或阻力作用的缘故)g h=*92阻力减小，速度测量更精确解析：解：(1)重物由。点运动到B点，那么重力势能的减小量为：E p =m g h=0.5 x 9.8 x 0.1 24 5J 0.61 0/,B点的瞬时速度为：%=等=承警=1.
30、55m/s,则动能的增加量为：E k =|m v j =|x 0.5 x 1.552 0.59 9/.(2)由于物体下落过程中存在摩擦阻力，这样验证的系统误差总是使重物的重力势能的减少量略大于动能的增加量.(3)光电门测速度的原理是：利用通过极短时间内的平均速度表示瞬时速度，因此有：v =p根据功能关系得：mgh=|m v2,因此有：gh=/孑,即若满足：gh=则机械能守恒.(3)该实验产生误差的主要原因是空气阻力以及纸带与限位孔之间的摩擦力影响，因此实验进行改正之后的主要优点是：没有纸带与打点计时器间的摩擦影响，实验误差减小了；同时速度测量更精确.故答案为：(1)0.61 0,0.59 9；
31、(2)克服阻力做功(或阻力作用的缘故)；(3)g/i =*2；(4)阻力减小，速度测量更精确.(1)根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的瞬时速度，从而得出动能的增加量；再依据重力势能的减小量A E p =m g h,即可求解.(2)由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量；(3)光电门测速度的原理是用平均速度代替瞬时速度，再根据求出该实验中需要验证的关系式；(4)改进后的方案相比原方案的最主要的优点是：没有纸带与打点计时器间的摩擦影响，提高了测量的精确程度.解答实验问题的关键是明确实验原理、实验目的，了解具体操作，同时加强应用物理规律处理实验问题的能
32、力，知道光电门测速的原理，并掌握验证机械能守恒表达式的理论推导，最后理解产生误差的根源.13.答案：解：(1)根据牛顿第二定律和向心力公式得V2F=m r尸向=mg +F代入数据解得：F=0滑块由B到D的过程中有重力和摩擦力做功，根据动能定理得-fimgl 2mgR=/mv2 1 mv j代入数据解得：vB=3m/s(2)当 电 势 差 最 低 时，对应于滑块恰能滑至最高点D 处，此时滑块速度%=1H I/S,根据动能定理得1 1q%-Mmgl-2mgR=-mvl-m 诏解得：UAB=-16 00V当电势差UAB最高时，对应于滑块从。处平抛后恰好落在8 点处，根据平抛运动规律竖直方向上：2 R
33、=g t2水平方向上：I =vD t代入数据解得：vD =Sm/s根据动能定理1 1 7qUAB-Rmgl-2mgR=-m v -mv代入数据得UM=8 00K所以4、B 两点间电势差应满足的条件为-16 00V UAB 8 00V答:(1)在。点处时，求滑块受到的弹力尸为0;求滑块从8 点离开电场时的速度为是3 m/s；(2)若见=5 m/s,为使滑块能到达圆轨道最高点。处，且离开圆轨道后落在水平轨道BC上，4、B 两点间电势差8 应满足的条件为-16 00P UA B t o，所以15 s时车已停止，则15 s末汽车速度：v =Oz n/s；(3)汽车的滑行距离：汽车距事故点的距离：d=2
34、 00m-12 5 =7 5 m；答：(l)10s内该汽车向前滑行了12 0m；(2)15 s末该汽车的速度为Om/s：(3)照这样滑行，汽车将停在离事故点大约7 5 7 n处.解析：(1)由速度公式求出汽车的滑行时间，然后由位移公式求出汽车的位移；(2)根据汽车的滑行时间判断汽车15 s末的速度；(3)由速度位移求出汽车的滑行距离，然后求出汽车距事故点的距离.本题考查了求位移、速度、距离问题，分析清楚汽车运动过程、应用匀变速运动规律即可正确解题,解题时要注意求出汽车的滑行时间.15.答案：解：下部分气体初态，气体温度为7 =2 7 3 K +27K=3 0 0 K,体积为匕=LS.当活塞4
35、刚好达到汽缸顶部时，体 积%=2 LS,温度为，该程气体发生等压变化，有匕 _ 彩解得：T2=6 0 0 K。(4)以活塞4、B 为整体受力分析，有2mg.PJ=p0 4 =1.1 x 1 0 P a在F 作用下，活塞B回到初位置，下部分气体温度不变，即7 3 =7 2,分析末态活塞A B 整体的受力,得2mg+FP 3=PO+T研究下部分气体的初态和末态，有Pl P3刀一行联立，解得：F=22QN弹簧又压缩了F x 回 丁 =0.4 4 mk则稳定后/、B 间的距离LAB=L%=.1 6 m。答：活塞4 刚好上升到气缸的顶部时，下部分气体的温度为6 0 0 K；（五）稳定后力尸的大小为2 2
36、 0 N,活塞4、B 间的距离为0.1 6 m。解析：写出下部分气体初末状态的温度和体积，气体等压变化，根据盖吕萨克定律，可以求出活塞4 刚好上升到气缸的顶部时，下部分气体的温度；（讥）以4、B 活塞为整体进行受力分析，根据平衡条件可以求出下部分气体初始状态和加热加压后回到初位置的压强，前后可以看成是等容变化，根据查理定律可以求出稳定后产及活塞A、B 间的距离。本题考查了理想气体实验定律、共点力的平衡条件等知识点。抓住气体不变的参量，选择相应的气体实验定律是本题的关键。关键点：利用整体法，把活塞4、B 看成一个整体进行受力分析来求压强。1 6.答案：解：（1）设光线从M点入射时，经折射后恰好射
37、向B 点。光线在4 C 边上的入射角为。1，折射角为。2,由折射定律n=器，因=6 0。所以。2=3 0。，在4M范围内入射时，经折射后在A B 边上的入射角为。3，则%=+3 0。=6 0。，s i n%=F s b i C =g，在4 8 边上发生全反射，由几何关系知，全反射后的光线垂直于B C 边，从B C 边射出的光线的折射角为0（2）在MC范围内入射时，经折射后在B C 边上的入射角为。5，%=9 0。%=6 0。，在B C 边上发生全反射，由几何关系知，全反射后的光线垂直于4 B 边，4 B 边上有光线射出的部分为BN,贝=s i n 3 0。，入射点在M C 上的运动时间等于出射点在B N 上的运动时间，有 一 竺=经史当，解得=170 Vv0cos30=号 x 1 0-2m/s答：（1）从E F F E 面射出的光线的折射角为0；（2）从。尸 尸 。面射出的光线与该面交点的运动速度为日x 1 0-2m/s o解析：（1）画出光路图，根据几何关系和折射定律列式求解；（2）画出光路图，根据几何关系列式求解。本题考查光的折射，根据题意画出光路图是解题关键。