《2021-2022学年江苏省镇江等高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年江苏省镇江等高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf（13页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在光滑的水平桌面上有一弹簧振子，弹簧劲度系数为k,开始时，振子被拉到
2、平衡位置O的右侧A处,此时拉力大小为F,然后释放振子从静止开始向左运动，经过时间t后第一次到达平衡位置O处，此时振子的速度为v,在这个过程中振子的平均速度为/4A.等于二 B.大于三 C.小于三 D.02、下列说法正确的是（）A.所有的核反应都具有质量亏损B.光子既具有能量，又具有动量C.高速飞行的子弹不具有波动性D.p衰变本质是原子核中一个质子释放一个电子而转变成一个中子3,在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法的说法中，错误的是（）A.合力与分力的关系体现了等效替换的思想B.库仑扭秤实验和卡文迪许扭秤实验都用了放大的思想C.加速度。=
3、电、电场强度E=都采用了比值定义法Ar qD.牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，能用实验直接验证4、在探究影响感应电流方向的因素实验中，用灵敏电流计和线圈组成闭合回路，通过“插入”和“拔出”磁铁，使线圈中产生感应电流，记录实验过程中的相关信息，就可以分析得出感应电流方向遵循的规律。下图为某同学的部分实验记录，在 图1中，电流计指针向左偏转。以下说法正确的是（）-N一S一s-N_M-s_A.图 1图 2图 3图 4在 图2所示实验过程中，电流计指针应该向左偏转在图3所示实验过程中，电流计指针应该向左偏转这组实验可以说明，感应电流的磁场方向与线圈的绕向有关这组实验可以说明，感应电流的
4、磁场方向与磁铁的磁场方向有关5,如图，两根平行通电长直导线固定，左边导线中通有垂直纸面向外、大小为八的恒定电流，两导线连线（水平）的中点处，一可自由转动的小磁针静止时N极方向平行于纸面向下。忽略地磁场的影响。关于右边导线中的电流，2,下列判断正确的是（）OA.h /i,方向垂直纸面向外C.h h,方向垂直纸面向里6,做竖直上抛运动的物体，在任意相同时间间隔内，速度的变化量（）A.大小相同、方向相同B.大小相同、方向不同C.大小不同、方向不同D.大小不同、方向相同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全
5、的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角。的关系，将某一物体每次以大小不变的初速度沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角。，实验测得x与斜面倾角。的关系如图乙所示，g取1（）m/s2,根据图象可求出A.物体的初速度%=6m/sB.物体与斜面间的动摩擦因数=0.6C.取不同的倾角。，物体在斜面上能达到的位移X的 最 小 值=144/D.当某次9=30时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑8、氢原子的能级如图所示，普朗克常量为儿处于第4能级的大量氢原子向第2能级跃迁，下列说法中正确的是（)E/eV-0-局A.可以释放出3种不同频率的光子B.
6、可以释放出2种不同频率的光子C.所释放的光子的最小频率为之二幺h9、如图所示，竖直平面内有一光滑圆环,p _ PD.所释放的光子的最小频率为与一一2h圆心为O,OA连线水平，AB为固定在A、B两点间的光滑直杆，在直杆和圆环上分别套着一个相同的小球M、N.先后两达让小球M、N以角速度3和2 3随圆环一起绕竖直直径BD做匀A.小球M第二次的位置比第一次时离A点近B.小球M第二次的位置比第一次时离B点近C.小球N第二次的竖直位置比第一次时高D.小 球N第二次的竖直位置比第一次时低10、如图所示，在一电场强度为E的匀强电场中放一金属空心导体，图中*分分别为金属导体内部与空腔中的两点,当达到静电平衡状态
7、后，则 有（）A.、两点的电场强度都为零 B.a点电场强度为零，b点不为零C.a、点的电势相等 D.。点电势比6点电势高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6分）某实验小组在“测定金属丝电阻率”的实验中，为减小实验误差，选择了内阻已知的电流表，实验中电阻两端电压从零开始调节。以 下 电 路 图 符 合 上 述 要 求 的 是:请根据所选电路图，完善以下实物图连接若电流表的内阻为KA,金属丝的长度为L,直径为d,实验中某次电压表、电流表的示数分别为51,则该次实验金属丝电阻率的表达式为。=（用题中字母表示）12.（12分）某同学用图示的
8、实验装置探究加速度与力的关系。他在气垫导轨旁安装了一个光电门氏滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，力传感器可直接测出绳中拉力大小，传感器下方悬挂钩码。改变钩码数量，每次都从A处由静止释放滑块。已知滑块（含遮光条）总 质 量 为 导 轨 上 遮 光 条 位 置 到 光电门位置的距离为L o请回答下面相关问题。2 3i小1M L刑h卅卅俨0 5 10 15 20(1)如图，实验时用游标卡尺测得遮光条的宽度为一.某次实验中，由数字毫秒计记录遮光条通过光电门的时间为由力传感器记录对应的细线拉力大小为尸，则滑块运动的加速度大小应表示为一(用题干已知物理量和测得物理量字母
9、表示)。(2)下列实验要求中不必要的是()A.应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量B.应使遮光条位置与光电门间的距离适当大些C.应将气垫导轨调节至水平D.应使细线与气垫导轨平行四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行光滑金属导轨相距L=l m,导轨平面与水平面成 0=3 0。角，下端连接一定值电阻R=2C ,匀强磁场B=0.4T 垂直于导轨平面向上。质量m=0.2k g、电阻r=l C 的金属棒 功，其长度与导轨宽度相等。现给金属棒油施加一个平行于导
10、轨平面向上的外力H 使金属棒外从静止开始沿轨道向上做加速度大小为a=3 m/s 2的匀加速直线运动。运动过程中金属棒而始终与导轨接触良好，重力加速度取g=10m/s2o 求：当电阻R消耗的电功率P=1.28W 时，金属棒a b的速度v 的大小；(2)当金属棒a b由静止开始运动了 x=1.5m 时，所施加外力F的大小。14.(16分)如图所示，光滑轨道槽A 8 C D 与粗糙轨道槽G(点 G与点。在同一高度但不相交，F 77与圆相切)通过光滑圆轨道E F 平滑连接，组成一套完整的轨道，整个装置位于竖直平面内。现将一质量/=1依的小球甲从A 5 段距地面高=2，”处静止释放，与静止在水平轨道上、
11、质量为1k g 的小球乙发生完全弹性碰撞。碰后小球乙滑上右边斜面轨道并能通过轨道的最高点E点。已知C、G”与水平面的夹角为0=3 7。，GV段的动摩擦因数为M=0.25,圆轨道的半径R=0.4m,E点离水平面的竖直高度为3 K (E点为轨道的最高点)，(g =10/n/52,s山3 7=0.6，c o s 3 7=0.8)求两球碰撞后:(1)小球乙第一次通过E点时对轨道的压力大小；(2)小球乙沿GH段向上滑行后距离地面的最大高度；(3)若将小球乙拿走，只将小球甲从4 8段离地面处自由释放后，小球甲又能沿原路径返回，试求G的取值范围。15.(12分)如图所示，在水平面上依次放置小物块A和C以及曲
12、面劈B,其中A与C的质量相等均为m,曲面劈B的质量=2，曲面劈B的曲面下端与水平面相切，且曲面劈B足够高，各接触面均光滑。现让小物块C以水平速度取向右运动，与A发生碰撞，碰撞后两个小物块粘在一起滑上曲面劈B。求：碰撞过程中系统损失的机械能；碰后物块A与C在曲面劈B上能够达到的最大高度。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】平均速度等于这段位移与所需要的时间的比值.而位移则通过胡克定律由受力平衡来确定。【详解】根据胡克定律，振子被拉到平衡位置O的右侧A处，此时拉力大小为F,由于经过时间t后第一次到达平衡位置。
13、处,因做加速度减小的加速运动，所以这个过程中平均速度为：=三，故B正确，A C D错误。【点睛】考查胡克定律的掌握，并运用位移与时间的比值定义为平均速度，注意与平均速率分开，同时强调位移而不是路程。2,B【解析】A.由结合能图象可知，只有较重的原子核裂变成中等质量的原子核或较轻的原子核聚变为中等质量的原子核时才有能量释放，具有质量亏损，故 A 错误；B.光电效应和康普顿效应深入揭示了光的粒子性，前者表明光子具有能量，后者表明光子具有动量，故 B 正确；C.无论是宏观粒子还是微观粒子，都同时具有粒子性和波动性，故 C 错误；D.。衰变本质是原子核中一个中子释放一个电子而转变质子，故 D 错误。故
14、选B。3、D【解析】A.合力与分力的关系体现了等效替换的思想，故 A 正确，不符合题意；B.库仑扭秤实验和卡文迪许扭秤实验都用了放大的思想，故 B 正确，不符合题意；c.加速度“=、电场强度后=一都采用了比值定义法，故 C 正确，不符合题意；Ar qD.牛顿第一定律是在实验的基础上经逻辑推理而得出的，采用的是实验加推理的方法，反映了物体不受外力时的运动状态，而不受外力的物体不存在的，所以不能用实验直接验证，故 D 错误，符合题意；4、D【解析】如 图 1 所示，当磁铁的N 极向下运动时，根据楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向上，由安培定则可知感应电流的方向螺旋向下，此时电流从下向上流过电流表
15、，发现电流表指针向左偏转，可知电流表指针偏转方向与电流方向间的关系：电流从下向上流过电流表，电流表指针向左偏转，电流从上向下流过电流表，则电流表指针向右偏转；A.在 图 2 所示实验过程中，磁铁的S 极向下运动时，穿过螺线管向上的磁通量增大，根据楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向下，由安培定则可知感应电流的方向螺旋向上，此时电流从上向下流过电流表，电流计指针应该向右偏转，故 A 错误；B.在图3 所示实验过程中，磁铁的N 极向上运动时，穿过螺线管向下的磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向下，由安培定则可知感应电流的方向螺旋向上，此时电流从上向下流过电流表，电流计指针应该向右偏
16、转，故 B 错误；C D.同理可知图4 穿过螺线管向上的磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流的磁场的方向向上，由安培定则可知感应电流的方向螺旋向下，此时电流从下向上流过电流表，电流计指针应该向左偏转，所以这组实验可以说明，感应电流的磁场方向与磁铁的磁场方向、磁铁运动的方向有关，而实验中线圈缠绕方向一致，所以不能研究感应电流的磁场方向与线圈的绕向的关系，故C错误，D正确。故选D。5、B【解析】小磁针静止时N极方向平行于纸面向下，说明该处的磁场方向向下，因人在该处形成的磁场方向向上，则 在 该 处 形成的磁场方向向下，且大于人在该处形成的磁场，由安培定则可知/2方向垂直纸面向外且故 选B。6、A
17、【解析】试题分析：根据速度的公式V=v o -g t可得，在任意相同时间间隔内，速度的变化量为 V=-g A t,即，速度变化的大小为g At,方向与初速度的方向相反，所以A正确.故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB.物体在粗糙斜面上向上运动，根据牛顿第二定律mg s i n 0+/jmg c o s 0=ma得加速度为a =g s i n。+g e o s。由运动学公式当。=90。时，v()=2gx,可得=也 晟=6叱，当。=0时，说=2 g
18、 x,可得=鲁=，故A/、2gx 4项正确，B项错误；C.根据运动学公式得物体能达到的位移x =-2(g s i n 8+c o s 0)由辅助角公式诏=2+)g s i n(9+a)x可得位移X的最小值/i n2g出了=1.44m故 C 项正确;D.由于/an。，所以当物体在斜面上停止后，不会下滑，故 D 项错误。8、AC【解析】A B.大量氢原子处在当能级，向下面的心能级跃迁，有三种情况E4 E2、E4 品、E3 T E2由=知光子的频率有3 种。故 A 正确，B 错误；C D.其 中 跃 迁 放 出 的 能 量 最 小，相应光子的频率最小，为A f E.-E-.v-=-h h故 C 正确
19、，D 错误。故选AC。9、BC【解析】设 AB与竖直方向夹角为0,则 mgtan450=m（o2r,则当变 为 2o）时，r 变为原来的1/4,则小球M 第二次的位置比第一次时离A 点远，离 B 点近，选项A 错误，B 正确；对放在N 点的小球：mgtana=m/iUm/s,由以上各式并代入数据得%=1.62m(3)只有小球甲时，小球甲要沿原路径返回，若未能完成圆周运动，则/?2R =0.8根若能完成圆周运动，则小球甲返回时必须能经过圆轨道的最高点心 设小球沿GH上 升 的 竖 直 高 度 为 上 升 过 程 克服摩擦力做功为W/,贝！I：叼=/s=?gcos37sin 37小球甲从释放位置滑
20、至最高点的过程，根据动能定理：m g(-乙-加?)-W,=()设小球甲返回至G点时的速度为,根据动能定理：m g h-Wf=m v 从 G点返回至E点的过程，根据机械能守恒：|rnv1=mg(R+/?c o s 3 7)+1mv2E2在 E 点，m e -m R由以上各式得h=2.32m故小球甲沿原路径返回的条件为h 2.3 2m1 2 说15、(1)-/7?v0；(2)4 16g【解析】小物块C与A发生碰撞粘在一起，由动量守恒定律得mv0=2mv解得1F碰撞过程中系统损失的机械能为解得E=7 说 当AC上升到最大高度时，ABC系统的速度相等；根据动量守恒定律27n v =(6+6+2m)v解得匕=%。由能量关系2mgh=g 2加(；了 一 g x 4/x(；%)2解得