2021-2022学年湖南省长郡高考仿真模拟物理试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小

2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个质量为机的铁球处于静止状态，铁球与斜面的接触点为4 推力尸的作用线通过球心O,假设斜面、墙壁均光滑，若让水平推力缓慢增大，在此过程中，下列说法正确的是()A.力产与墙面对铁球的弹力之差变大B.铁球对斜面的压力缓慢增大C.铁球所受的合力缓慢增大D.斜面对铁球的支持力大小等于%cos 6*2、如图所示，小球A 置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上，小球8 用水平轻弹簧拉着系于竖直板上，两小球A、B通过光滑滑轮。用轻质细线相连，两球均处于静止状态，已知8 球质量为机，0 点在半圆柱体圆心。1的正上方，0A与竖直方向成30。角，0 4 长度

3、与半圆柱体半径相等，与竖直方向成45。角，则下列叙述正确的是A.小球A、B 受到的拉力70A与 TOB相等，且 7OA=7OB=6 二 二B.弹簧弹力大小、二二 二C.A 球质量为、了 二D.光滑半圆柱体对A 球支持力的大小为mg3、图 1所示为一列简谐横波在t=0时的波动图象，图 2 所示为该波中x=2m处质点P 的振动图象，下列说法正确的是A.该波的波速为2m/sB.该波沿x 轴负方向传播C.t=1.0s时，质 点 P 的速度最小，加速度最大D.在 t=0到 t=2.0s的时间内，质点P 的速度和加速度方向均未发生改变4、如图，水平桌面上有三个相同的物体a、b、c 叠放在一起，a 的左端通

4、过一根轻绳与质量为帆=3 6kg的小球相连，绳与水平方向的夹角为60。，小球静止在光滑的半圆形器皿中。水平向右的力尸=20N作用在上，三个物体保持静状态。g 取 10m/s2。下列说法正确的是（）A.物体。对桌面的静摩擦力大小为1 0 N,方向水平向右B.物 体 受到物体a 给的一个大小为20N的摩擦力，方向向左C.物体c 受到向右的静摩擦力，大小为20ND.在剪断轻绳的瞬间，三个物体一定会获得向右的加速度5、如图所示，左侧是半径为R 的四分之一圆弧，右侧是半径为2R 的一段圆弧.二者圆心在一条竖直线上，小球a、b 通过一轻绳相连，二者恰好等于等高处平衡.已知。=3 7 ,不计所有摩擦，则小球

5、a、b 的质量之比为A.3:4 B.3:5 C.4:5 D.1:26、如图所示，小球放在光滑的墙与装有钱链的光滑薄板之间，薄板在户作用下逆时针缓慢转动，在墙与薄板之间的夹角0缓慢地从90。逐渐减小的过程中（）A.小球对薄板的压力可能小于小球的重力B.小球对薄板的正压力一直增大C.小球对墙的压力先减小，后增大D.小球对墙的正压力不可能大于小球的重力二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 2 0分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、下 列 说 法 正 确 的 是.A.共享单车是“新四大发明”之一，手机和互联

6、网、互联网和单车之间都是通过红外线传递信息的B.高速运动的物体，沿运动方向的长度会变长C.发生沙尘暴时能见度只有几十米，天空变黄发暗，这是因为发生沙尘暴时只有波长较长的一部分光才能到达地面D.根据多普勒效应可以算出宇宙中的星球靠近或远离地球的速度E.光纤通信、医用纤维式内窥镜都利用了光的全反射原理8、根据现行有效国际民航组织 危险物品安全航空运输技术细则和 中国民用航空危险品运输管理规定，严禁携带额定能量超过1 60Wh的充电宝；严禁携带未标明额定能量同时也未能通过标注的其他参数，计算得出额定能量的充电宝。如图为国产某品牌一款充电宝的铭牌。则（）型 号：N r n-0 2-A D输 入：DC

7、5V/2 A输出：DC 5.1V/2.1A级 容 量：3.6V/37.44WhA.该充电宝的输入电压为交流5VB.该充电宝的输出电压为直流5.1VC.该充电宝可以给手机充电最短时间大约10hD.乘客可以携带该充电宝登机9、在研究光电效应现象时，用到了下面的装置和图像。以下描述正确的是（）10400mAhA.图甲中,乙弧光灯照射锌板，验电器的锡箔张开，由此说明锌板带正电B.图乙中,向右移动滑片，微安表读数变小，可以测量遏止电压C.图乙中，可以研究单位时间发射的光电子数与照射光的强度的关系D.图丙中，强、弱黄光的图像交于。轴同一点，说明光电子最大初动能与光的强度无关10、两列在同一介质中的简谐横波

8、沿相反方向传播，某时刻两列波相遇，如图所示，其中实线波的频率为2.50H z,图示时刻平衡位置x=3m 处的质点正在向上振动。则下列说法正确的是（）A.实线波沿x 轴正方向传播，虚线波沿x 轴负方向传播B.两列波在相遇区域发生干涉现象C.两列波的波速均为25m/sD.从图示时刻起再过0.025s,平衡位置x=1.875m处的质点将位于y=30cm 处三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）某学习小组用图甲所示的实验装置探究动能定理。4、8 处分别为光电门，可测得小车遮光片通过A、B处所用的时间；用小车遮光片通过光电门的平均速度

9、表示小车通过A、5 点时的速度，钩码上端为拉力传感器，可读出细线上的拉力尸。（1）用螺旋测微器测量小车上安装的遮光片宽度如图丙所示，则宽度d=m m,适当垫高木板。端，使小车不挂钩码时能在长木板上匀速运动。挂上钩码，从。点由静止释放小车进行实验;保持拉力尸=0.2 N不变，仅改变光电门8 的位置，读出3 到 A 的距离s,记录对于的s 和 m 数据，画出s-4 图像如图乙所示。根据图像可求得小车的质量 kg；(3)该实验中不必要的实验要求有A.钩码和拉力传感器的质量远小于小车的质量B.画出s-说图像需多测几组s、fB的数据C.测量长木板垫起的高度和木板长度D.选用宽度小一些的遮光片12.(12

10、 分)如图所示，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置验证机械能守恒定律.该装置中的打点计时器所接交流电源频率是50 Hz.(1)对于该实验，下 列 操 作 中 对 减 小 实 验 误 差 有 利 的 是.A.精确测量出重物的质量B.两限位孔在同一竖直线上C.重物选用质量和密度较大的金属锤D.释放重物前，重物离打点计时器下端远些按正确操作得到了一条完整的纸带，由于纸带较长，图中有部分未画出，如图所示.纸带上各点是打点计时器打出的计时点，其 中。点为纸带上打出的第一个点.O A B C D E F G重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出，下列测量值能完成验

11、证机械能守恒定律的选项有A.OA.0 8 和 O G 的长度B.O E、ZJE和 E F 的长度C.B D、和 E G 的长度D.AC.3尸和EG的长度用刻度尺测得图中A B的距离是1.76 cm,F G的距离是3.71 c m,则可得当地的重力加速度是 m/s计算结果保留三位有效数字）四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图所示，喷雾器内有13L药液，上部封闭有latm 的空气2 L.关闭喷雾阀门，用打气筒活塞每次可以打进 latm、200cm3的空气，（设外界环境温度一定，忽略打气和喷药过程温度的

12、变化，空气可看作理想）求：要使喷雾器内气体压强增大到2.4atm,打气筒应打气的次数；若压强达到2.4atm时停止打气，并开始向外喷药，那么当喷雾器内药液上方空气的压强降为latm 时，桶内剩下的药液的体积。加水口空气二打筒喷雾阀门二 药 液 二 二 二活 塞铝 向 阀14.（16分）如图，两个相同的气缸A、B 各封闭着同种理想气体，气缸用绝热的细管通过阀门K 连接。当 K 关闭时,A 中气体的压强PAI=lx l（）sp a、温 度 小=27C,B 中 气 体 的 压 强=3xl0$P a、温度1=127C。已知两气缸内的气体温度始终保持不变。打开K 后（结果均保留三位有效数字）（1）若 B

13、 中气体发生等温膨胀，当 B 中气体的体积变为原来的g 时，求 B 中此时的压强P;求缸内气体刚平衡时气缸内气体的压强P2 OB15.（12分）如图所示，在直线V N 和尸。之间有一匀强电场和一圆形匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，M N、PQ与磁场圆相切，CZ）是圆的一条直径，长为2 r,匀 强 电 场 的 方 向 与 平 行 向 右，其右边界线与圆相切于C 点。一比荷为左的带电粒子（不计重力）从尸。上的A 点垂直电场射入，初速度为用,刚好能从C 点 沿 与 夹 角 为 a 的方向进入磁场，最终从。点离开磁场。求：(1)电场的电场强度E的大小；(2)磁场的磁感应强度B的大小。参考答案一、单项选

14、择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】对小球受力分析，受推力尸、重力G、墙壁的支持力N、斜面的支持力N，如图：根据共点力平衡条件，有:x方向：尸-Nsin0-N=O竖直方向:Nco0=/ng解得：N，=9cosON=F-mgtanB；A.故当b增加时，墙壁对铁球的作用力不断变大，为 N=W.机 gtan。；可知尸与墙面对铁球的弹力之差不变，故 A 错误;BD.当产增加时，斜 面 的 支 持 力 为 鸟，保持不变，故球对斜面的压力也保持不变，故 D 正确，B 错误；COSUC.铁球始终处于平衡状态，合外力始终等于0；故

15、C 错误；2、C【解析】A、B、隔离对8 分析，根据共点力平衡得：水平方向有：ToBSin450=F竖直方向有：7oBCOs45=/ng,贝！I二二=V,二二，弹簧弹力F=mg,根据定滑轮的特性知：7OA与 7OB相等；故 A,B 错误.C、D、对 A 分析，如图所示：由几何关系可知拉力70A和支持力N 与水平方向的夹角相等，夹角为60。，则 N 和 7 相等，有：270Asi160。=九4，解得：二二=、下二，由对称性可得：二=二二二=二二 故 C 正确，D 错误.故选C.【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解.本题采用隔离法研究比较简便.3、C【解析】2 4A.由

16、图1读出波长4=4 m,由图2 读出T=4 s,因此该波的波速v=7 =zm/s=lm/s,故选项A 错误；B.由图2 可以看出，质 点 P 在 t=0 时向上振动，根据“同侧法”知，波沿x 轴正方向传播，故选项B 错误；C.由图2 可知，t=1.0s时，质点P 位于波峰位置，速度最小，加速度最大，故选项C 正确；D.从/=0 到 r=2.0s是半个周期，质点P 从平衡位置向上振动到波峰位置，然后再回到平衡位置，它的速度方向先向上再向下，加速度方向是由回复力方向决定的，该过程中回复力的方向一直向下，所以加速度方向一直向下，故选项D错误。4、B【解析】A.对加受力分析2T s i n 6 0 =

17、mg则绳子拉力为T=O=3AXI.QN=30N2 s i n 6 0 与 V 32 x 2对。、c整体受力分析，水平方向根据平衡条件T=F +f则桌面对 的静摩擦力方向水平向右，大小为/=T-F =3 0 N-2 0 N =1 0 N根据牛顿第三定律可知，a对桌面的静摩擦力大小为1 0 N,方向水平向左，A错误；B.对。、c整体受力分析，水平方向根据平衡条件F=f=2 0 N可知物体6受到物体a给的一个大小为2 0 N的摩擦力，方向向左，B正确；C.对c受力分析可知，物体仅受重力和支持力，受到的摩擦力为()，C错误；D.地 面 对h.C整体的最大静摩擦力大小未知，在剪断轻绳的瞬间，系统的运动状

18、态未知，D错误。故选B。5、A【解析】对 a 和 5 两个物体受力分析，受力分析图如下，因一根绳上的拉力相等，故拉力都为7；由力的平衡可知a 物体的拉力T=gcos37,力物体的拉力T-mhgsnZ.OOC,cosNOOC=A+Rsin37。2R=0.8则/。0。=37。3联立可解得 j=T，A正确.mh46、B【解析】以小球为研究对象，处于平衡状态，根据受力平衡，由图可知A B.当墙与薄板之间的夹角。缓慢地从90。逐渐减小的过程中，薄板给球的支持力 逐渐增大，木板受到的压力增大,小球对薄板的压力不可能小于小球的重力，A 错误B 正确;C D.当墙与薄板之间的夹角。缓慢地从90。逐渐减小的过程

19、中，墙壁给球的压力F?逐渐增大，根据牛顿第三定律可知墙壁受到的压力增大，小球对墙的正压力可能大于小球的重力，C D 错误。故选B。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、CDE【解析】A.手机是通过电磁波传递信息的，故 A 错误；B.根据相对论可知，高速运动的物体，沿运动方向的长度会变短，故 B 错误；C.波长较短的光容易被障碍物挡住，不能到达地面，波长较长的光更容易发生衍射而透过沙尘间的缝隙到达地面，故 C 正确；D.由于波源与接受者的相对位移的改变而导致接受

20、频率的变化，称为多普勒效应，故根据多普勒效应，可以判断遥远天体相对于地球的运动速度，故 D 正确；E.光纤通信、医用纤维式窥镜都利用了光的全反射原理，故 E 正确。故选：CDEo8、BD【解析】A.由图可知，该充电宝的输入电压为直流5 V,故 A 错误；B.由图可知，该充电宝的输出电压为直流5.1 V,故 B 正确；C.由图可知，该充电宝的输出电流为2.1 A,则该充电宝可以给手机充电最短时间10400 x1022.1h 4.95h故 C 错误；D.由图可知，该充电宝额定能量为37.44W h,则乘客可以携带该充电宝登机，故 D 正确。故选BD。9、BD【解析】A.弧光灯照射锌板，验电器的锡箔

21、张开，仅仅能说明验电器带电，无法判断电性，故 A 错误；B.滑动变阻器滑片向右移动时，光电管所加反向电压变大，光电流变小，可测量遏止电压，故 B 正确;C.光电管加反向电压，无法判定光电子数与光的强度关系，故 C 错误；D.图丙中，强黄光和弱黄光的图像交于。轴同一点，说明遏止电压与光的强度无关，根据r,1 2eUc=-mvm因此也说明光电子最大初动能与光的强度无关，故 D 正确。故选BD。10,AD【解析】A.图示时刻平衡位置x=3m处的质点正在向上振动，根据波动规律可知，实线波沿x 轴正方向传播，则虚线波沿x轴负方向传播，故 A 正确；B.介质决定波速，两列波传播速度大小相同，由图可知，实线

22、波的波长ii=6 m,虚线波的波长久=9 m,由 可 知,实线波和虚线波的频率之比为fit f 2=2.2:2i=3；2由于力不等于历，故两列波在相遇区域不会发生稳定的干涉现象，故 B 错误；C.实线波的频率为2.50H z,波长九=6 m,则波速v=Ayf=15m/s故 C 错误;D.实线波波峰传到平衡位置x=1.875m处的质点所用时间为1.875-1.515s=0.025s虚线波波峰传到平衡位置x=1.875m处的质点所用时间为 22.25-1.87515s=0.025s说明从图示时刻起再过0.025s,平衡位置x=L875m 处的质点处于波峰位置，由波的叠加可知，平衡位置x=1.875

23、m处的质点将位于y=3 0 cm,故 D 正确。故选AD。三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.125 0.6 AC【解析】(1)1.根据螺旋测微器的读数规则可知，固定刻度为1m m,可动刻度为12.5x0.01mm=0.125mm,则遮光片宽度：d=lmm+0.125mm=1.125mm。(2)2.小车做匀加速直线运动，通过光电门的时间为后，利用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知，小车通过光电门B的速度dVB=TIB设通过光电门A的速度为VA,根据动能定理可知1 2 1 2Fs=m vK-mv解得m 2 nv2.s=-vs-2F

24、 B IF对照图象可知，斜率m _ 0.3解得小车的质量，=0.6kg(3)3.A.小车受到的拉力可以通过拉力传感器得到，不需要钩码和拉力传感器的质量远小于小车的质量，故 A 错误;B.为了减少实验误差，画出S-VB2图象需多测几组s、fB的数据，故 B 正确；C.实验前，需要平衡摩擦力，不需要测量长木板垫起的高度和木板长度，故 C 错误；D.选用宽度小一些的遮光片，可以减少实验误差，使小车经过光电门时速度的测量值更接近真实值，故 D 正确。本题选不必要的，即错误的，故选AC。12、BC BCD 9.75【解析】(1)1 .因为在实验中比较的是mg从-m v2,的大小关系，故机可约去，不需要测

25、量重锤的质量，对减小实验误差没有影响，故 A 错误.为了减小纸带与限位孔之间的摩擦图甲中两限位孔必须在同一竖直线，这样可以减小纸带与限位孔的摩擦，从而减小实验误差，故 B 正确.实验供选择的重物应该相对质量较大、体积较小的物体，这样能减少摩擦阻力的影响，从而减小实验误差，故 C 正确.释放重物前，为更有效的利用纸带，重物离打点计时器下端近些，故 D 错误，故选BC.(2)2 .当 知 道 OA、OB和 OG的长度时，无法算出任何一点的速度，故 A 不符合题意；当知道OE、DE和 EF的长度时，利 用 DE和 E F的长度可以求出E 点的速度，从求出O 到 E 点的动能变化量，知道O E的长度，

26、可以求出O 到 E 重力势能的变化量，可以验证机械能守恒，故 B 符合题意；当知道BD、BF和 EG 的长度时，由 BF和 EG 的长度，可以得到D 点和F 点的速度，从而求出D 点到F 点的动能变化量；由 BD、B F的长度相减可以得到D F的长度，知道D F的长度，可以求出D 点到F 点重力势能的变化量，即可验证机械能守恒，故 C 项符合题意；当知道AC、BF和 EG 的长度时，可以分别求出B 点和F 点的速度，从而求B 到 F 点的动能变化量，知道B F的长度，可以求出B到 F 点重力势能的变化量，可以验证机械能守恒，故 D 正确；故选BCD.(3)3.根据A/z=g产，解得g3.71-

27、1.765x0.022xlO-2=9.75m/s2【点睛】根据实验原理，结合实验中的注意事项后分析解答；依据这段时间内的平均速度等于中时刻瞬时速度，从而确定动能的变化，再依据重力势能表达式，进而确定其的变化，即可验证，根据A=g/求出重力加速度.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13 14；10.2L【解析】设应打气”次，则有Pi=latm,V,-ZOOcm3-n+2L=Q.2nL+2L,匕=2L,p2-2.4atm根据玻意耳定律得py=Piv2解得 =14 次由题意可知K=2L,p=2.4atm,p2=latm根据玻

28、意耳定律得p*=PM解得%=4.8L剩下的药液V=15L-4.8L=10.2L14、(l)2.5OxlO5Pa；(2)1.86xlO5Pa【解析】设A、B的容积均为V,打开K B,若B中气体发生等温膨胀，B中气体的体积变为原来的g,根据玻意耳定律有PBV =PV解得p=2.5Oxl()5 pa B 中气体发生等温膨胀，膨胀后的体积为V+K，压强为P 2,根据玻意耳定律有PBV=P2(V+M)匕体积的气体等压降温，体积变为匕，温度由 变 为 么，根据盖一吕萨克定律有匕=三 1其中&=3 0 0 K,%=4 0 0 KA 中气体发生等温压缩，根据玻意耳定律有PAV=P2(%)解得13=xlO5P

29、a1.86xlO5Pa2 715、(1)4；(2)子。kr tan a kr【解析】求出粒子在C 点的沿x 方向的分速度以及从A 到 C 的时间，根据速度时间关系求解电场强度；求出粒子在磁场中运动的速度大，根据几何关系可得轨迹半径，根据洛伦兹力提供向心力求解磁感应强度。【详解】(1)粒子在C 点的沿x 方向的分速度为外，根据几何关系可得：匕=tancr从 A 到 C 的时间为t,根据速度时间关系可得：rt=%根据速度时间关系可得：qE rvx=at=x m%解得：Ekrtan a(2)粒子在磁场中运动的速度大小为:sin a根据几何关系可得轨迹半径：R=-sin a根据洛伦兹力提供向心力可得:qvB-mR解得：kr答：(1)电场的电场强度E的大小为 krtan a(2)磁场的磁感应强度B的大小为j。