《2020-2021学年高二物理下学期期末测试卷（人教版2019）01（全解析全析）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020-2021学年高二物理下学期期末测试卷（人教版2019）01（全解析全析）.pdf（11页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2020-2021学年下学期期末测试卷01高二物理全解全析1.I23456789101112BADCBBABBDACBDBC【答案】B【解析】A.氢原子从高能级向低能级跃迁时可能会辐射出可见光、紫外线或红外线，但不能辐射出丫射线。故A错误。B.其中b光刚好能使某金属发生光电效应，b光对应能量刚好等于逸出功大小，则a光照射由该金属制成的光电管的阴极Ek=Ea 纥=(1.51 0.85)eV=eUc得到的遏止电压为0.66V,故B正确；C.当氢原子从n=4的能级向=3的能级跃迁时辐射出的光子的能量小于从n=4的能级向n=2的能级跃迁的能量，所以不是紫外线，故C错误；D.氢原子在=4的能级与n=3的
2、能级相比，轨道半径更大 V2k =m 厂 r动能更小，故D错误。故选Bo2.【答案】A【解析】A.布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子的无规则运动的表现，选项A错误，符合题意；B.理想气体的内能只与温度有关，温度越高，分子的平均动能越大，所以内能越大，选 项B正确，不符合题意；C.当分子间距离增大时，分子的引力和斥力都减小，选项C正确，不符合题意；D.气体压强产生的原因是大量气体分子对器壁持续频繁的撞击作用，选 项D正确，不符合题意；故选Ao3.【答案】D【解析】A.A图中光滑斜面上的金属球在弹簧作用下做简谐运动的回复力由弹力与重力沿斜面方向的分力的合力提供，故A错误；B
3、.周期为2s的单摆称为秒摆，故B错误：C.C图中若增大波源。点振动的频率，v=A f ,波长变短，衍射现象会更不明显，故C错误；D.D图中A、8、C、D点是波峰与波峰、波谷与波谷相遇的点，振动是加强的，它们的振幅最大，故D正确。故选D。4.【答案】C【解析】A.由 图 可 知 人 过 程 中 是 等 压 变 化，温度减低，则体积减小，故A错误；B.由图可知Of b过程中是等温变化，压强减小，则体积增大，故B错误；C D.由图可知C-。过程中，气体压强增大，温度也在同比增大有理想气体状态方程型=CT得知体积不变，C正确，D错误。故选C5.【答案】B【解析】A.为了减少角度测量的相对误差，入射角应
4、适当的大一些，但不能太大，否则出射光太弱，但不是只能取4 5 ,故A错误;B.该同学在插大头针d时，使d挡住b的像和c,由此可以确定出射光线的方向，故B正确；C.由几何知识可知，光线在上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路可逆原理，光线一定会从下表面射出，折射光线不会在玻璃砖的内表面发生全反射，故C错误；D.该实验方法的原理是折射定律，也能用来测量其他透明介质的折射率，故D错误。故选B,6.【答案】B【解析】A.海市蜃楼产生的原因是由于海面上上层空气的折射率比下层空气折射率小，导致光线发生全反射所致,故A错误；B.胃镜利用了光的全反射原理，电视机遥控器是利用发出红外线脉冲信号来换频道，故B
5、正确；C.全息照片是采用了激光的相干性；而医院里用X光用病人透视；故C错误；D.加入偏振片是为了阻止橱窗玻璃反射光进入，不能增加透射光的强度；故D错误。故选B o7.【答案】A【解析】把木板拉出时间t=-=3 sv沙摆振动周期T=-=1.5 s2由单摆周期公式沙摆摆长T2PL -=0.56m4万 一选项A正确，BCD错误。故选A o8.【答案】B【解析】A.根据冲量的定义/=可知拉力的冲量对应F-t图像的面积，则在时间0 8 s内拉力的冲量为Z=(lx8x4+4x8)N-s=48N-s2选项A错误；B.物体受到的摩擦力f -ymg=0.2 x 2 x 10N=4N可知物体在t=2s时开始运动。
6、在时间2 8 s内拉力的冲量为/广=g x(4+8)x 2N-s+4 x 8N-s=44N-s摩擦力的冲量If-/?gz=-().2x2xl0 x6N-s=-24N-s根据动量定理可知在时间()8 s内物体动量的变化量为Ap=I F+1,=20N-s=20kg-m/s选 项B正确；D.根 据 即 可 得，=8s时的速度v=10m/sm选 项D错误；C.根据动能定理可得在时间0 8 s内合力所做的功1,W=A,=-m v2=100J人2选项C错误。故选Bo9.【答案】BD【解析】A.悬浮的花粉微粒越大，在某一瞬间撞击它的水分子数就越多，花粉微粒越容易平衡，另外微粒越大，惯性越大，所以布朗运动越不
7、明显。A错误；B.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大。B正确；C.当分子间引力和斥力平衡时，增大分子间距离，分子力表现为引力，引力做负功，分子势能增大；减小分子间距离，分子力表现为斥力，斥力做负功，分子势能增大。所以当分子间引力和斥力平衡时，分子势能最小。c错误；MD.只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，根 据 八=可以计算出阿伏伽德罗常数。D正确。故选BD10.【答案】AC【解析】A.根据比结合越大，越稳定，核燃料总是利用比结合能小的核，故A正确；B.半衰期由原子核本身决定，与外界环境无关，不会随温度的改变而改变，故B错误；C.核爆炸的能量来自于原子核的质量亏
8、损，遵循规律E=A/7/C2故C正确；D.笊核和僦核聚变成一个氮核的同时放出一个中子，故D错误。故选AC。11.【答案】BD【解析】A B.由图乙知，周期T=4s,结合题知波从。传到P所用的时间为&=2 s,此过程传播的距离Ax=1.2m,则波速v=m/s=0.6m/s t 2波长A=vT=0.6 x 4m=2.4m故A错 误B正确；C.由图知，质点P的起振方向沿轴正方向，由波的特点知，波源。的起振方向沿y轴正方向，故C错误；D.由图知，振幅A=5cm,t=5s时，质点P运动了(5 2)s=3s=1T则质点P通过的路程为s=3 A=15cm=0.15m故D正确。故选BD。12.【答案】BC【解
9、析】取A的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得PA+PB=PA+PB由于p B =1 2k g m/s解得p；=4 k g m/s碰撞过程系统的总动能不增加，则有2 2，2，2PA PB PA PB2mA 2mB 2mA 2mB解得-umnR 21根据题意可知当A球追上B球时发生碰撞，则碰前A的速度大于B的速度，则有五或%mB解得根A V PA _ 7-%PB 9碰撞后A速度不大于B速度，则有PA PB%mB解得”2层%_ p；3综上得A-8加最-1-3所以B C正确；A D错误;故选B C o1 3.【答案】2.4x10-2 8xl()T B【解析】(1)根据图中的轮廓可知，坐标格的正方形个
10、数为6 0,则油膜面积为S=60 x2x2cm2=2.6xl02cm2由1mL溶液为100滴可知，2滴溶液的体积为K=2x mL 100又已知250mL溶液中有纯油酸0.25mL,则2滴溶液中含纯油酸的体积为V=2 xx 些 mL=2 x 1 C T 5 m L=2*1 Of 5 3100 250则油酸分子直径为V 7 x 1 n-5d=-7cm 8x10 8cm=8x10 l0mS 2.4 X102V(2)根据公式d=不 可知出现这种结果的原因可能是公式中的体积偏大或计算的油膜的面积偏小的原因。A.油酸中的酒精易溶于水，另公式中用的是纯油酸的体积，油酸中含有大量酒精对实验没影响，故A错误;B
11、.水面上琲子粉撒得较多，油膜没有充分展开。则油膜的面积偏小，故B正确；C.计算油膜面积时，应该舍去所有不足半个的方格，多于半格的按一格计算，这样计算的面积正确，不会对实验造成影响，故C错误；VD.求每滴体积时，1mL的溶液的滴数误多计了 10滴，由=可知，纯油酸的体积将偏小，则计算得到n的分子直径将偏小，故D错误。故选B。14.【一答案】小 球八 1和 小球2s的质c量 m i和V m2 AC 2%IIco.s.2.a.1.=7 ./c-o.s.2.a.L,+/7/cos22J-y sina2 sinax sin%【解析】(1)因为平抛运动的时间相等，根 据v=x/t9所以用水平射程可以代替速
12、度；根据动量守恒得：mvo=mvi+m29V2,E P m 0 P=m 0 M+m 290 N9所以除了测量线段。M、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量是小球1和小球2的质量rm、m2.(2)用直尺测量的线段。M、OP、ON长度值时可能做成误差，选 项A正确；轨道不光滑对实验无影响，只要小球到达底端的速度相同即可，选 项B错误；轨道末端不水平，则小球不能做平抛运动，会造成误差,选 项C正确；因水平射程代替速度，则轨道末端到地面的高度未测量不会造成误差，选 项D错误；（3）系 统 碰 撞 前 总 动 量 P=mi*OP=8.62x2m2=17.24m2；碰撞后总动量P门 产一尸 17.24%
13、6.86孙mi*O/V 7+m2*O/V=2.68mi+11.50n?2=16.86m2,则-L=-d=2%P 17.24八（4）设 圆 弧 半 径 为/?,且 落 点Mr与圆心连线与水平方向夹角为a i,则由平抛运动的知识可知:R e o s/=卬;R si n。彳；解 得 匕二 必。%；同 理 可 得：%=J迎生卫；2 2si na 2 si n a2V2=|-；则 要 验 证 的 关 系为：f nieV o=/7?l*V i+f 7 7 2eV 2；带 入 可得：2 si n%/c o s2 a.I c o s2 a./c o s2 a15.【答案】【解析】（1）由（1）%=-条 与-G
14、 =牝得3E.%=-L0 4h（2）氢原子从 =4能级向 =1能级跃迁辐射出的光子能量最大，此时从金属表面逸出的光电子的最大初动能为纥,，则有hv=-Ex16 1 16 1hv=Ekm+hva得L 3尸Ekm=7JEl1616.【答案】上 叵Xi。%,i o&c m；从A B面射出，折射角为a r c si n走93【解析】光路如图所示A 在A C面，根据折射定律得si n i.2 Gn=-L=-si n q 3解得.1所以4=30根据几何关系得D E D C d,x=43d=10/3c m光在棱镜中传播的速度为一n所以单色光从D点入射到E点所用的时间为，/=9 x 1 0%v c 9单色光在
15、棱镜中的临界角满足1 2 Gn=-=-si nC 3解得C=60在8c面的入射角为60。，发生全反射，在4 8面的入射角为30。，所以在A 8面第一次射出，由几何关系可知si n L si n Ln=-=-=-si n q si n 30c解得.V 3i-,=a r c si n 2317.【答案】（1）l m/s；（2）5s,沿 y 轴负方向；（3）0.7 m【解析】（1）由题图可知，波源起振方向沿y 轴负方向r=2s、2=2 m则波速A,v =l m/sT（2）质点Q开始振动所需要的时间x 5f =-=s=5sv 1Q点的起振方向与波源起振方向相同，沿 y 轴负方向。（3）波由质点P 传到
16、质点Q经历时间t=-s=3T I质点P已经振动时间T2 2P共振动时间7t=4 +心2=2T质点P 通过的路程75=x 4 A =0.7 m218.【答案】(l)190N；(2)0.8m；(3)l m【解析】产品由起点下落至B点则有1 2mg(h+R)-mVg峪=吟KF=F；,i+mg解得F=190N(2)产品下落至凹槽B点后与凹槽水平方向上动量守恒mvB=(m +M)v2从起点至C点系统由能量守恒得mgh=g Mvl+；mvf产品离开凹槽时的速度为V3=5m/s凹槽的速度为1/2=3 m/sC点产品速度关系知诏=+唳2g均=W解得vy=4m/s,/?2=0.8m由于产品无机械能损失飞人平台E F,所以i/E=3m/s根据动能定理得-mgxEF=O-mvl解得XEF=lm