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1、2017年湖北省襄阳市中考物理真题及答案一、选择题（共6小题，每小题2分）1能辨析出琴声和笛声的主要依据是（）A音色B音调C响度D频率22017年春季，共享单车投向襄阳市场，为创建文明城市增加了一道亮丽的风景线以下关于自行车的说法正确的是（）A较宽的坐垫可以增大压强B轮胎表面凹凸的花纹可以减少摩擦C骑车在水平路面上匀速行驶时机械能增大D快速骑车时，刹车后还会继续向前运动是因为人和车具有惯性3关于平面镜成像，下列说法中错误的是（）A像与物总是大小相等B像与物到平面镜的距离相等C物体在镜中成的是实像D物体远离平面镜时，像的大小不变4如图所示，能正确表示通过某定值电阻的电流与它两端电压之间关系的图象
2、是（）ABCD5下列说法错误的是（）A多次认真测量一定能避免出现误差B物体受到的重力与它的质量成正比C拦河坝设计成下宽上窄是因为坝底受到水的压强大D用刻度尺测长度，记录测量结果时必须在数值后面注明单位6在如图所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针都向右偏转相同角度，则电阻R1和R2阻值之比为（）A1：1B1：5C4：1D4：5二、填空题（每空1分，共18分）7海南黎族钻木取火技艺被列入国家级非物质文化遗产名录钻木取火是通过 （填“做功”或“热传递”）的方式把机械能转化为内能的阳春三月，襄阳万亩桃花香气袭人、飘香万里，这属于 现象8通过晶莹剔透的露珠，我们可以更清楚地看到小草的叶脉，这是利用了
3、 （填“放大镜”、“幻灯机”或“照相机”）的原理露珠的形成是水蒸气遇冷 （填写物态变化的名称）的结果9乘客站在如图所示匀速上行的扶梯上，若以扶梯为参照物，则乘客是 的（填“运动”或“静止”）当乘客在运行的扶梯上向上行走时，乘客对扶梯的压强 （填“变大”，“变小”或“不变”）10指南针是我国古代的四大发明之一，它是利用磁体受 作用指向南北的孔明灯能上升是因为它受到的空气的 大于它的重力11我们在考试时用到的2B铅笔中的石墨是 （填“导体”或“绝缘体”）如果你家中同时使用的用电器越多，干路中的电流将 12如图，三个相同的物体叠放在一起，当B受到5N的水平拉力时，三个物体一起向右匀速运动，则A与B之
4、间、B与C之间的摩擦力分别为 N和 N13如果通过某定值电阻的电流从1A升高到2A，加在该电阻两端的电压变化了5V，则该电阻消耗的电功率变化了 W14已知球体表面积计算公式为4R2，R为球体的半径若地球半径取6.0106m，取3.0，标准大气压取1.0105Pa，则我们可以估算出大气层的重力为 N（结果用科学计数法表示）15如图，电源电压5V，R1=5，R2=10，当闭合开关后，两电表有示数且保持稳定，则甲电表的示数为 ，乙电表的示数为 16如图，在探究凸透镜成像规律实验中，凸透镜、蜡烛、光屏放在同一直线上，当烛焰在B点时，成像在A点；当烛焰在A点时，成像在C点，则凸透镜一定固定在 之间17如
5、图，当溢水杯盛满某种液体时，把实心物块缓慢放入杯中，物块漂浮，静止后溢出液体的质量为m1；当溢水杯盛满密度为的液体时，把同一物块缓慢放入杯中，物块沉底，静止后溢出液体的质量为m2则物块的密度为 三、作图与实验探究题18一束光线斜射入水面O点处，在O点处发生折射后照亮水底A处，作出折射光线19某物体漂浮在水面上，受到的浮力是5N，画出物体受到的浮力示意图20将图中的灯泡和控制灯泡的开关正确接入电路21在探究“电流与电阻的关系”实验中，把电流表连入电路时，必须使电流从 接线柱流入每次更换电阻后，在调节滑动变阻器的同时，应观察 表，使其示数保持不变22如图所示是“探究海波熔化时温度的变化规律”的实验
6、装置（1）安装实验器材时，应按照 （填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行（2）将装海波的试管放在盛水的烧杯内加热并搅拌，而不是用酒精等直接加热，目的是使试管内的海波 （3）下表是实验中记录的数据 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 温度/ 40 42 44 46 48 48 48 48 49 5051海波在第6分钟时处于 状态23小亮做“测量襄阳某品牌酒密度”的实验（1）进行了如图所示的四项操作：A用天平测出空烧杯的质量；B、将酒倒入烧杯中，用天平测出烧杯和酒的总质量；C、将烧杯中酒的一部分倒入量筒，测出这部分酒的体积；D、用天平测出烧杯和剩余酒的质量以上操作步骤中
7、有一步是多余的，多余的一步是 （填序号）（2）由图可知待测酒的体积是 cm3，密度是 kg/m324小明利用刻度均匀的匀质杠杆做探究“杠杆的平衡条件”实验（1）实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，这时应将平衡螺母向 （填“左”或“右”）端调节，直到杠杆在水平位置平衡（2）得出杠杆的平衡条件“动力动力臂=阻力臂”后，小明又进一步探究杠杆平衡时动力和动力臂的关系实验过程中，保持阻力和阻力臂不变，在杠杆水平平衡时，测出多组动力F1和动力臂L1的数据，并绘制了F1与L1的关系图象，如图所示，请根据图象推算，当L1为0.1m时，F1为 N25我市中考实验操作考试时，实验员为“
8、测量小灯泡的额定电功率”实验准备了以下器材：额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时电阻约为10）、规格为“12 1A”的滑动变阻器、开关、电流表、电压表各1个，新干电池4节，导线若干（1）图甲中有一根导线的连接是错误的，请你在错误的导线上打“”；（2）闭合开关前，应将滑片P移到最 （填“左”或“右”）端；（3）经检查，电路连接无误，各元件完好，闭合开关后，无论怎样移动滑片P，电压表的示数都调不到2.5V，出现这种现象的原因是 ；（4）解决上述问题后，移动滑片使电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W；（5）测出小灯泡的额定功率后，同学们又把
9、灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，请你帮助分析出这种现象的原因是 四、应用与创新（共2小题，满分12分）26质量为60kg的工人用如图甲所示的滑轮组运送货物上楼，滑轮组的机械效率随货物重力变化的图象如图乙，机械中摩擦力及绳重忽略不计（g=10N/kg）（1）影响滑轮组机械效率的因素之一是 （2）若工人在1min内将货物匀速向上提高了6m，作用在钢绳上的拉力为400N，求拉力的功率（3）求动滑轮受到的重力（4）该工人竖直向下拉绳子自由端运送货物时，此滑轮组的机械效率最大值是多少？27如图所示，电源电压恒定，R为定值电阻，灯泡L标有“6V 6W”的字样，滑动变
10、阻器R最大阻值为36闭合开关S当滑片P移到最右端时，电流表的示数为1A；当滑片P移到最左端时，电流表的示数为0.2A（不考虑灯丝电阻变化）（1）该电路是 联电路，灯泡L的电阻是 （2）电源电压是多少？定值电阻R的阻值是多少？（3）移动滑片P，当滑动变阻器消耗的电功率为W时，滑动变阻器接入电路的阻值是多少？2017年湖北省襄阳市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共6小题，每小题2分）1能辨析出琴声和笛声的主要依据是（）A音色B音调C响度D频率【考点】9I：音调、响度与音色的区分【分析】不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材
11、料、结构不同，发出声音的音色也就不同我们能区分不同乐器发出的声音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同故选A22017年春季，共享单车投向襄阳市场，为创建文明城市增加了一道亮丽的风景线以下关于自行车的说法正确的是（）A较宽的坐垫可以增大压强B轮胎表面凹凸的花纹可以减少摩擦C骑车在水平路面上匀速行驶时机械能增大D快速骑车时，刹车后还会继续向前运动是因为人和车具有惯性【考点】85：减小压强的方法及其应用；6L：惯性；7I：增大或减小摩擦的方法；FT：机械能【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强在受力面积一定时，减小压力来减小压强；（2）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接
12、触面的粗糙程度在接触面的粗糙程度一定时，增大压力（3）影响动能大小的因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（4）惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质【解答】解：A、较宽的坐垫是为了在压力一定时，通过增大受力面积，从而减小压强，故A错误B、自行车轮胎上的花纹是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度，从而增大摩擦，故B错误；C、骑车在水平路面上匀速行驶时，质量和速度都不变，则动能不变，高度不变，势能不变，则机械能不变，故C错误；D、骑着自行车的人原来处于运动状态，刹车时，人和车由于惯性仍保持原来的运动状态继续向前运动，所以不能立即停下来，故D正确故选D3关于平面镜成像，下列
13、说法中错误的是（）A像与物总是大小相等B像与物到平面镜的距离相等C物体在镜中成的是实像D物体远离平面镜时，像的大小不变【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像；像与物体的大小相同；像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等；像与物体关于平面镜对称【解答】解：A、由平面镜成像的特点可知像与物总是大小相等，故A正确；B、由平面镜成像的特点可知像与物到平面镜的距离相等，故B正确；C、由平面镜成像的特点可知物体在镜中成的是虚像，故C错误；D、由平面镜成像的特点可知，像与物体的大小相同，所以当物离平面镜的距离变小时，像的大小不变，故D正确故选C4如
14、图所示，能正确表示通过某定值电阻的电流与它两端电压之间关系的图象是（）ABCD【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】由欧姆定律I=可知，电阻一定时，流过某定值电阻的电流与其两端的电压成正比；观察分析图象，图中两个量之间成正比关系，看选项中哪两个量的关系与图象中的相符即可【解答】解：定值电阻的阻值不变，由欧姆定律I=可知，电阻一定时，通过定值电阻的电流与其两端的电压成正比，其IU图象是一条过原点的倾斜直线，所以B符合题意故选B5下列说法错误的是（）A多次认真测量一定能避免出现误差B物体受到的重力与它的质量成正比C拦河坝设计成下宽上窄是因为坝底受到水的压强大D用刻度尺测长度，记录测量结果时必须在数值
15、后面注明单位【考点】67：误差及其减小方法；64：长度的测量；76：重力；88：液体的压强的特点【分析】（1）多次测量求平均值，选用精密的测量工具，改进测量方法，都可以减小误差，但不能消灭误差（2）地球上的物体由于受到地球的吸引而产生的力是重力，物体受到的重力与它的质量成正比（3）液体的压强跟液体的密度和深度有关，液体密度越大、越深压强越大（4）一个正确的物理测量值，必须包括数值和单位【解答】解：A、多次认真测量，选用精密的测量工具，改进测量方法，都可以减小误差，但不能避免出现误差，故A错误；B、g是一个常数，由物体的重力与质量的关系G=mg知，物体受到的重力与它的质量成正比；故B正确；C、拦
16、河坝设计成上窄下宽是因为液体的压强随着液体深度的增加而增大，故C正确；D、一个正确的物理测量值，必须包括数值和单位，测量完毕后，必须在数值后面注明单位故D正确故选A6在如图所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针都向右偏转相同角度，则电阻R1和R2阻值之比为（）A1：1B1：5C4：1D4：5【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，当闭合开关后，两电阻串联，V1测R2两端的电压，电压表V2测电源电压；根据串联电路的电压特点和两个电压表指针偏转角度相同可知它们的量程，指针位置相同时大量程示数是小量程示数的5倍，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比【解答】解：由电路图可知，当闭
17、合开关后，两电阻串联，V1测R2两端的电压，电压表V2测电源电压；因串联电路的总电压等于各分电压之和，且两个电压表指针偏转角度相同，所以，电压表V2的示数是电压表V1示数的5倍，即U=5U2，则电阻R1和R2两端的电压之比：=在串联电路中，电流相等，由U=IR可知，电阻R1和R2两端的电压之比等于R1和R2的阻值之比，所以， =故选C二、填空题（每空1分，共18分）7海南黎族钻木取火技艺被列入国家级非物质文化遗产名录钻木取火是通过做功（填“做功”或“热传递”）的方式把机械能转化为内能的阳春三月，襄阳万亩桃花香气袭人、飘香万里，这属于扩散现象【考点】G9：做功改变物体内能；GW：扩散现象【分析】
18、（1）改变物体内能的方式：做功和热传递；（2）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动【解答】解：海南黎族人钻木取火是通过做功方式将机械能转化为内能；阳春三月，襄阳万亩桃花香气袭人，是分子在永不停息地做无规则运动，属扩散现象故答案为：做功；扩散8通过晶莹剔透的露珠，我们可以更清楚地看到小草的叶脉，这是利用了放大镜（填“放大镜”、“幻灯机”或“照相机”）的原理露珠的形成是水蒸气遇冷液化（填写物态变化的名称）的结果【考点】1M：液化及液化现象；B8：凸透镜成像的应用【分析】（1）透明的物体都可以制成凸透镜，只要是凸透镜，材料不同，但是对光
19、线的作用和成像情况都是相同的；露珠是一个凸透镜，露珠看叶脉跟放大镜的原理是相同的（2）露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠【解答】解：露珠中间厚，边缘薄，形成一个水凸透镜，叶脉在水凸透镜的一倍焦距以内，成正立放大的虚像，和放大镜的原理是相同的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠故答案为：放大镜；液化9乘客站在如图所示匀速上行的扶梯上，若以扶梯为参照物，则乘客是静止的（填“运动”或“静止”）当乘客在运行的扶梯上向上行走时，乘客对扶梯的压强变大（填“变大”，“变小”或“不变”）【考点】52：参照物及其选择；83：压强大小比较【分析】（1）判断乘客是否运动应看他相对于所选的参照物位置是否发生
20、改变（2）当乘客在运行的扶梯上向上行走时，对地面的压力不变，受力面积减小，故压强变大【解答】解：（1）乘客以扶梯为参照物，位置没有发生改变，所以乘客是静止的；（2）当乘客在运行的扶梯上向上行走时，对地面的压力不变，受力面积减小，根据p=知，压强变大故答案为：静止；变大10指南针是我国古代的四大发明之一，它是利用磁体受地磁场作用指向南北的孔明灯能上升是因为它受到的空气的浮力大于它的重力【考点】C8：地磁场；8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）指南针是根据地磁场的作用工作的；（2）灯笼在空中受到重力和空气的浮力的作用，根据物体的浮沉条件判断【解答】解：地球本身就是个大磁体；地磁场对放入其中的
21、磁体产生磁力的作用，指南针本身有磁性，放入地磁场中，受到地磁场的作用，总是指南北；灯罩内的气体被加热，体积膨胀、密度减小，小于灯罩外空气的密度，使灯笼受到空气的浮力大于灯笼自重，灯笼上升故答案为：地磁场；浮力11我们在考试时用到的2B铅笔中的石墨是导体（填“导体”或“绝缘体”）如果你家中同时使用的用电器越多，干路中的电流将变大【考点】HJ：导体；H：并联电路的电流规律【分析】（1）常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液、石墨等；（2）家庭电路中，各用电器之间是并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，用电器越多，电路电流越大【解答】解：（1）2B铅笔芯是石墨制成，石墨是导体；（2）
22、在家庭电路中，各用电器互不影响，因此各用电器是并联的，干路中的电流等于各支路电流之和，因此同时开启的用电器越多，电路中的总电流变大故答案为：导体；变大12如图，三个相同的物体叠放在一起，当B受到5N的水平拉力时，三个物体一起向右匀速运动，则A与B之间、B与C之间的摩擦力分别为0N和5N【考点】7D：摩擦力的大小【分析】对A进行受力分析，可得AB之间的受力情况；对B进行受力分析，可得BC受力情况【解答】解：对A受力分析，A受竖直方向的重力和B对A的支持力，三个物体一起向右匀速运动，A与B相对静止，故AB之间不受摩擦力，摩擦力为0N；同理对AB整体进行受力分析，受重力、C对BA的支持力，水平的拉力
23、，以及C对B的摩擦力，由于三个物体一起向右匀速运动，处于平衡状态，BC之间的摩擦力等于拉力，fBC=F=5N故答案为：0；513如果通过某定值电阻的电流从1A升高到2A，加在该电阻两端的电压变化了5V，则该电阻消耗的电功率变化了15W【考点】JA：电功率的计算【分析】根据题意，由欧姆定律列方程，求出电阻两端的电压和电阻；再根据功率公式P=UI可求出电阻功率的变化【解答】解：某定值电阻的电流从1A升高到2A，由U=IR可知，定值电阻两端的电压也增大了，结合题意可知，该电阻两端的电压增大了5V；设定值电阻的阻值为R，原来电压U，后来电压为U=U+5V，由欧姆定律可得，原来通过电阻的电流：I=，即1
24、A=，电压升高后的电流：I=，即2A=，由解得：R=5，U=5V，U=U+5V=5V+5V=10V，所以该电阻消耗的电功率变化了：P=PP=UIUI=10V2A5V1A=15W故答案为：1514已知球体表面积计算公式为4R2，R为球体的半径若地球半径取6.0106m，取3.0，标准大气压取1.0105Pa，则我们可以估算出大气层的重力为4.321019N（结果用科学计数法表示）【考点】86：压强的大小及其计算【分析】根据S=4R2求出地球的表面积，又知道标准大气压，根据F=pS求出大气压对地球表面的压力，即为地球大气层的总重力【解答】解：地球的表面积：S=4R2=43.0（6.0106m）2=
25、4.321014m2，标准大气压取1.0105Pa，由p=可得，大气对地球表面的压力：F=p0S=1.0105Pa4.321014m2=4.321019N，地球大气层的总重力等于大气层对地球表面的压力，即G=F=4.321019N故答案为：4.32101915如图，电源电压5V，R1=5，R2=10，当闭合开关后，两电表有示数且保持稳定，则甲电表的示数为1A，乙电表的示数为5V【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】假设两电阻是串联，分析出现的现象，确定是否符合题意，从而确定电路的连接；分析电路的连接，根据并联电路的规律和欧姆定律求电流大小【解答】解：由于电压表内阻很大，在电路中可看作断路；电流表
26、内阻很小，在电路中可看作一根导线；若两电阻串联，根据电流的流向可知，乙应为电流表，甲应为电压表，则闭合开关后，则R1短路，电流表无示数，不符合题意；则两电阻只能是并联，乙只能为电压表，乙测电源电压，示数为5V；甲只能为电流表，甲测通过R1的电流，根据并联电路电压的规律和欧姆定律，甲电流表的示数I=1A故答案为：1A；5V16如图，在探究凸透镜成像规律实验中，凸透镜、蜡烛、光屏放在同一直线上，当烛焰在B点时，成像在A点；当烛焰在A点时，成像在C点，则凸透镜一定固定在BC之间【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】凸透镜成像的三种情况：u2f，成倒立、缩小的实像；2fuf，成倒立、放大的实
27、像；uf，成正立、放大的虚像；凸透镜成实像时光路是可逆的【解答】解：当烛焰在B点时，成像在A点；当烛焰在A点时，成像在C点，由于凸透镜成实像时光路可逆，故在B点和在A点成像情况不同；故一次成的是实像，一次成的是虚像；由于AB间的距离小于AC间的距离，故当烛焰在B点时，成的是虚像，像与物体在凸透镜的同一侧，故凸透镜应该在B的左边；当烛焰在A点时，成像在C点，成的是实像，凸透镜应在AC之间，故凸透镜的位置应该在BC之间故答案为：BC17如图，当溢水杯盛满某种液体时，把实心物块缓慢放入杯中，物块漂浮，静止后溢出液体的质量为m1；当溢水杯盛满密度为的液体时，把同一物块缓慢放入杯中，物块沉底，静止后溢出
28、液体的质量为m2则物块的密度为【考点】8O：阿基米德原理；2A：密度的计算；8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】根据物体漂浮，浮力等于重力等于排开液体的重力；物体沉底，排开液体的体积等于物体的体积根据=算出物体的密度【解答】解：物块漂浮，静止后溢出液体的质量为m1；根据物块漂浮和阿基米德原理知，则F浮1=G=G排，故m=m1；当溢水杯盛满密度为的液体时，把同一物块放入杯中，物块受到的浮力F浮2=m2g，物块沉底，则F浮2=2gV排=2gV，即m2g=2gV，可得：V=，物体的密度：物=故答案为：三、作图与实验探究题18一束光线斜射入水面O点处，在O点处发生折射后照亮水底A处，作出折射光线【考点
29、】AN：作光的折射光路图【分析】根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线【解答】解：光由空气斜射进入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；由题知折射光线能照亮水底A处，所以连接OA，OA即为折射光线，如图所示：19某物体漂浮在水面上，受到的浮力是5N，画出物体受到的浮力示意图【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】先由平衡条件求出木块所受到的浮力，然后做出浮力的示意图，注意方向竖直向上【解答】解：因为木块漂浮，所以F浮=G=5N；浮力的作用点可画在重心，方向竖直向上，如图所示：20将图中的灯泡和控制灯泡的开关正确接入电路【考点】IO：家庭电路的连接【
30、分析】家庭电路中，火线首先过保险丝进入开关，然后再进入灯泡顶端的金属点，零线直接和灯泡的螺旋套相连，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，操作更安全【解答】解：火线先和开关相连，开关再与灯泡相连，灯泡的另一根线接在零线上如图所示：21在探究“电流与电阻的关系”实验中，把电流表连入电路时，必须使电流从正接线柱流入每次更换电阻后，在调节滑动变阻器的同时，应观察电压表，使其示数保持不变【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）连接电路时，开关应该断开；电流从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出；（2）通过导体的电流与导体两端的电压和导体的电阻有关，所以探究电流与电阻的关系，需保持导体两端的
31、电压不变【解答】解：（1）使用电流表时，电流应从它的正接线柱流入，负接线柱流出；（2）通过导体的电流与导体两端的电压和导体的电阻有关，所以探究电流与电阻的关系，需保持导体两端的电压不变故答案为：正；电压22如图所示是“探究海波熔化时温度的变化规律”的实验装置（1）安装实验器材时，应按照自下而上（填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行（2）将装海波的试管放在盛水的烧杯内加热并搅拌，而不是用酒精等直接加热，目的是使试管内的海波均匀受热（3）下表是实验中记录的数据 时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 温度/ 40 42 44 46 48 48 48 48 49 5051海波
32、在第6分钟时处于固液共存状态【考点】1F：熔化和凝固的探究实验【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置（2）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；（3）分析第6min时温度与熔点的关系，得出结论；【解答】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度，按照从下而上的顺序进行（2）将装有萘的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，萘的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；（3）由表格知，第6min时，物体处于熔化过程中，所以为
33、固液共存；故答案为：（1）自下而上；（2）均匀受热；（3）固液共存23小亮做“测量襄阳某品牌酒密度”的实验（1）进行了如图所示的四项操作：A用天平测出空烧杯的质量；B、将酒倒入烧杯中，用天平测出烧杯和酒的总质量；C、将烧杯中酒的一部分倒入量筒，测出这部分酒的体积；D、用天平测出烧杯和剩余酒的质量以上操作步骤中有一步是多余的，多余的一步是A（填序号）（2）由图可知待测酒的体积是40cm3，密度是0.92103kg/m3【考点】2L：液体的密度测量实验【分析】（1）实验中只要能测出倒出酱油的质量和体积，再根据密度公式就可以求出酱油的密度；（2）实验中倒出酱油的质量等于原来烧杯和酱油的总质量减去烧杯
34、和剩余酱油的总质量，读出倒出酱油的体积，再利用密度公式=可以求出酱油的密度【解答】解：（1）实验中只要能测出倒出酱油的质量和体积，再根据密度公式=就可以求出酱油的密度，所以测量空烧杯的质量是多余的，即步骤A是多余的；（2）由B图可知，烧杯和酱油的总质量为m1=50g+20g+10g+1.8g=81.8g，由D图可知，烧杯和剩余酱油的总质量为m2=20g+20g+5g=45g，倒出酱油的质量为m=m1m281.8g45g=36.8g，由C图可知，倒出酱油的体积为V=40cm3，=0.92g/cm3=0.92103kg/m3故答案为：（1）A；（2）40；0.9210324小明利用刻度均匀的匀质杠
35、杆做探究“杠杆的平衡条件”实验（1）实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，这时应将平衡螺母向左（填“左”或“右”）端调节，直到杠杆在水平位置平衡（2）得出杠杆的平衡条件“动力动力臂=阻力臂”后，小明又进一步探究杠杆平衡时动力和动力臂的关系实验过程中，保持阻力和阻力臂不变，在杠杆水平平衡时，测出多组动力F1和动力臂L1的数据，并绘制了F1与L1的关系图象，如图所示，请根据图象推算，当L1为0.1m时，F1为6N【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆
36、平衡不产生影响；（2）由于此题中的阻力和阻力臂不变，故据杠杆的平衡条件分析即可解决【解答】解：（1）杠杆右端下沉，说明杠杆重心右移，应将平衡螺母（左端和右端的均可）向左调节，直到杠杆在水平位置平衡；（2）由于此题中的阻力和阻力臂不变，据F1L1=F2L2可知，利用图象中任意一组数据都能得出，F2L2=F1L1=0.2m3N=0.6Nm；故若当L1为0.1m时，F1=6N；故答案为：（1）左；（2）625我市中考实验操作考试时，实验员为“测量小灯泡的额定电功率”实验准备了以下器材：额定电压为2.5V的小灯泡（正常发光时电阻约为10）、规格为“12 1A”的滑动变阻器、开关、电流表、电压表各1个，
37、新干电池4节，导线若干（1）图甲中有一根导线的连接是错误的，请你在错误的导线上打“”；（2）闭合开关前，应将滑片P移到最右（填“左”或“右”）端；（3）经检查，电路连接无误，各元件完好，闭合开关后，无论怎样移动滑片P，电压表的示数都调不到2.5V，出现这种现象的原因是变阻器的最大阻值过小；（4）解决上述问题后，移动滑片使电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.6W；（5）测出小灯泡的额定功率后，同学们又把灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，请你帮助分析出这种现象的原因是灯的电阻随温度的降低而减小【考点】J
38、F：电功率的测量；IA：影响电阻大小的因素【分析】（1）分析电路连接错误之处改正；（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑片P移到阻值最大处；（3）根据串联电路电压的规律和分压原理确定变阻器连入电路中的阻值大小与题中变阻器规格比较；（4）根据电如图乙流表小量程读数，根据P=UI求小灯泡的额定功率；（5）根据灯的电阻随温度的降低而减小分析【解答】解：（1）原电路中，灯短路了是错误的，如下改正：（2）闭合开关前，应将滑片P移到阻值最大处即最右端；（3）根据串联电路电压的规律，当电压表示数为2.5V时，变阻器分得的电压U滑=6V2.5V=3.5V，变阻器的电压是电阻电压的倍，根据分压原理，变阻器连入电路
39、中的电阻：R滑=1.410=1412故闭合开关后，无论怎样移动滑片P，电压表的示数都调不到2.5V，出现这种现象的原因是变阻器的最大阻值过小；（4）解决上述问题后，移动滑片使电压表的示数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，则小灯泡的额定功率是：P=UI=2.50.24A=0.6W；（5）当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，通过灯的电流也减小了，根据P=UI灯的功率减小，灯丝的温度降低，因灯的电阻随温度的降低而减小，根据P=，故发现测得的实际功率不等于其额定功率的故答案为：（1）如上所示；（2）右；（3）变阻器的
40、最大阻值过小；（4）0.6；（5）灯的电阻随温度的降低而减小四、应用与创新（共2小题，满分12分）26质量为60kg的工人用如图甲所示的滑轮组运送货物上楼，滑轮组的机械效率随货物重力变化的图象如图乙，机械中摩擦力及绳重忽略不计（g=10N/kg）（1）影响滑轮组机械效率的因素之一是物重（或动滑轮重）（2）若工人在1min内将货物匀速向上提高了6m，作用在钢绳上的拉力为400N，求拉力的功率（3）求动滑轮受到的重力（4）该工人竖直向下拉绳子自由端运送货物时，此滑轮组的机械效率最大值是多少？【考点】F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算【分析】（1）影响滑轮组机械效率高低的因素主要有动滑轮的
41、重力、提升物体的重力和绳子间的摩擦；（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，利用P=求出拉力的功率；（3）由图乙可知，物重G=300N时，滑轮组的机械效率=60%，机械中摩擦力及绳重忽略不计，克服物重做的功为有用功，克服动滑轮重力和物重做的功为总功，根据=求出动滑轮受到的重力；（4）该工人竖直向下拉绳子自由端运送货物时，绳子的最大拉力等于人的重力，根据G=mg求出其大小，根据F=（G+G动）求出提升的最大物重，然后利用=求出滑轮组的最大机械效率【解答】解：（1）已知机械中摩擦力及绳重忽略不计，则影响滑轮组机械效率的因素有物重、动滑轮重；（
42、2）由图可知，n=3，则绳端移动的距离：s=nh=36m=18m，拉力做的功：W=Fs=400N18m=7200J，拉力的功率：P=120W；（3）由图乙可知，物重G=300N时，滑轮组的机械效率=60%，因机械中摩擦力及绳重忽略不计，克服物重做的功为有用功，克服动滑轮重力和物重做的功为总功，所以，滑轮组的机械效率：=60%，解得：G动=200N；（4）已知工人的质量为60kg，则该工人竖直向下拉绳子自由端运送货物时，绳子的最大拉力：F大=G人=m人g=60kg10N/kg=600N，由F=（G+G动）可得，提升的最大物重：G大=nF大G动=3600N200N=1600N，则滑轮组的最大机械效
43、率：大=100%=100%88.9%答：（1）物重（或动滑轮重）；（2）拉力的功率为120W；（3）动滑轮受到的重力为200N；（4）该工人竖直向下拉绳子自由端运送货物时，此滑轮组的机械效率最大值是88.9%27如图所示，电源电压恒定，R为定值电阻，灯泡L标有“6V 6W”的字样，滑动变阻器R最大阻值为36闭合开关S当滑片P移到最右端时，电流表的示数为1A；当滑片P移到最左端时，电流表的示数为0.2A（不考虑灯丝电阻变化）（1）该电路是串联电路，灯泡L的电阻是6（2）电源电压是多少？定值电阻R的阻值是多少？（3）移动滑片P，当滑动变阻器消耗的电功率为W时，滑动变阻器接入电路的阻值是多少？【考点
44、】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）分析电路的连接，根据P=UI=求灯的电阻；（2）分析滑片移动时，电路的连接，根据电阻的串联和电源电压不变，根据电源电压不变时，通过导体的电流与电阻成反比，列方程求电源电压和电阻R；（3）设变阻器的电压为U时消耗的电功率为W时，根据串联电路的规律和欧姆定律，由P=UI列方程解出变阻器的电压，再由P=UI=求变阻器接入电路中的电阻【解答】解：（1）由电路图可知，该电路是串联电路，电流表测量电路中的电流，灯泡L标有“6V 6W”表示灯的额定电压为6V，额定功率为6W，则灯泡L的电阻：RL=6；（2）当滑片P移到最右端时，变阻器连入电路中的电阻为0，灯L与电阻R串联，电流表的示数为I1=1A，根据电阻的串联可得总电阻：R总1=RL+R=6+R；当滑片P移到最左端时，变阻器R、灯L和电阻R串联，此时电流表的示数为I2=0.2A，