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1、2017年天津东丽中考物理真题及答案一、选择题（共13小题，每小题3分，满分39分）1如图所示，纺纱工人工作时戴着防噪声的耳罩，这是为了（）A防止噪声产生B监测噪声强弱C防止噪声进入耳朵D减小噪声传播速度2北方的冬季会出现“树挂”和霜，形成这类现象的主要物态变化是（）A凝固B液化C升华D凝华3下列现象中由光的折射形成的是（）A在平静的湖面可以看到“蓝天白云”B射击瞄准时要做到“三点一线”C人在月光下，地面上会出现影子D游泳池注水后，看上去好像变浅了4利用铅垂线和三角尺判断桌面是否水平，如图所示的做法正确的是（）ABCD5下列有关压强知识的说法正确的是（）A马德堡半球实验证明了液体内部有压强B利
2、用托里拆利实验可以测出大气压的值C随着大气压的减小，水的沸点会升高D在气体中流速越大的位置，压强越大6如图中磁体两极间磁感线的画法正确的是（）ABCD7某学校的前、后两个门各装一个开关，传达室内有红、绿两盏灯和电池组，若前门来人闭合开关时红灯亮，后门来人闭合开关时绿灯亮，图中的电路符合要求的是（）ABCD8下列实例中，改变物体内能的方式与其它三个不同的是（）A用力搓手，手会发热B用炉灶烧水，水温升高C气缸内气体被压缩，温度升高D用锯条锯木头，锯条温度升高9在家庭电路中，从进户开始要顺次安装下列元器件再接用电器，其先后次序正确的是（）A电能表、保险装置、总开关B电能表、总开关、保险装置C保险装置
3、、电能表、总开关D总开关、电能表、保险装置10如图所示电路中，电源电压保持不变，当变阻器滑片P向右移动时，电表示数变大的是（）ABCD11小明同学在探究凸透镜成像成像规律时，用焦距分别为f1、f2的甲、乙两个凸透镜进行实验先将点燃的蜡烛、透镜甲和光屏放置在光具坐上，调整后的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像（图中未标出）：再用透镜乙替换透镜甲，且保持蜡烛和透镜的位置不变，将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像下列判断正确的是（）A图中光屏上的像是放大的B图中光屏上的像是缩小的Cf1f2Df1f212当定值电阻R两端的电压由U1（U10）增大到U2时，通过它的电流由I1增大到I2电压增加量U
4、=U2U1，电流增加量I=I2I1，电功率增加量为P，则（）AR=BR=CP=UIDP=U（I1+I2）13如图所示，某人用扁担担起两筐质量为m1，m2的货物，当他的肩处于O点时，扁担水平平衡，已知I1I2，扁担和筐的重力不计若将两筐的悬挂点向O点移近相同的距离I，则（）A扁担左端向下倾斜B扁担右端向下倾斜C要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为（m2m1）D要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为（m2m1）二、填空题（共6小题，每小题4分，满分24分）14一束平行光与镜面成30角射到平面镜上，反射角大小是 ，人迎着反射光的方向可以看到刺眼的光，而在其他方向却看不到
5、反射光，这是由于发生了 （选填“镜面反射”或“漫反射”）15在校运会上，小明和小亮的百米跑成绩分别为14s和15s，比较两人百米全程的平均速度，小明的 （选填“大于”“小于”或“等于”）小亮的；当到达终点时，他们不能立即停下来，是由于他们具有 16图为某蹦床运动员从床面上A点起跳后腾空瞬间的照片，根据照片信息估测此时运动员脚尖到床面的距离为 （选填“0.8m”“1.8m”或“3.8m”）；运动员在空中下落的过程中，他的 能转化为动能17一只电烙铁的铭牌上标着“220V 100W”的字样，它正常工作时，电压是 V，电阻是 18利用如图所示的滑轮组，在5s内将重为360N的物体匀速向上提起2m，作
6、用在绳端竖直向上的拉力F为150N，该滑轮组的机械效率是 ，拉力F的功率是 W19图甲所示电路中，当闭合开关S后，两个电压表指针偏转角度相同，指针位置如图乙所示电阻R2两端的电压为 V，电阻R1、R2的阻值之比为 三、解答题（共6小题，满分37分）20某电热水器的铭牌如下表所示，现将冰箱装满水，电热水器正常工作时，把水从20C加热到60C已知C水=4.2103J/（kg），不计热量损失，求：（1）水吸收的热量；（2）加热所需要的时间 型号 额定电压 220V 加热功率 2000W 频率 50Hz 水箱容量 50kg21下面是小明同学的实验报告，请按要求帮他将报告补充完整实验：测量食用油的密度实
7、验目的：测量油的密度实验器材：天平（砝码）、量筒、烧杯、油实验原理： 主要实验步骤：（1）调节天平横梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）侧调节（2）往量筒中倒入适量的油，测出油的体积，如图1所示（3）用天平测出空烧杯的质量为30g（4）将量筒中的油全部倒入烧杯中，测出烧杯和油的总质量，如图2所示实验数据记录：在虚线框内设计一个记录本次实验数据的表格，并将测量数据及计算结果填入表中实验评估：按照上述实验方案测出的油的密度值比真实值 （选填“偏大”或“偏小”）22小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，提出了如下猜想：猜想一：滑动摩擦力的大小与
8、接触面所受的压力有关猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关猜想三：滑动摩擦力的大小与接触面积有关为了验证猜想，准备了如下器材：弹簧测力计、长木板、长方体木块和砝码他利用上述器材进行了如下实验：将木块平放在长木板上组装成如图1所示的装置匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数在木块上加砝码，如图2所示匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数完成下列任务：（1）在图3中画出长木板被匀速拉动时（木块相对桌面静止），长木板在水平方向上的受力示意图（2）通过实验步骤可验证猜想 （3）要完成对“猜想三”的验证，需在实验步骤的基础上进一步实验，请你写出下一步的实验方案23如图1所示的电路中，定值电阻R1为1
9、0，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图2所示求：（1）电源电压；（2）滑动变阻器的最大阻值24现有一个阻值为20的定值电阻R0，一个电压约为15V的电源，一个量程为01A的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干请你利用上述器材设计实验，测出约为10的未知电阻Rx的阻值要求：（1）画出实验电路图；（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；（3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）25某同学制作了一个”浮子“他用质量为2m、高为h、横截面积为2S的质地均匀实心圆柱体，将其中间挖掉横截面积为S、高为h的
10、圆柱体，做成”空心管“；然后用另一个不同材质、质地均匀的实心圆柱体将管的空心部分恰好填满，做成”浮子“，如图1所示将”浮子“放入盛有足量水、底面积为S0的圆柱形薄壁容器中”浮子“刚好悬浮在水中，如图2所示已知水的密度为0，请解答下列问题：（1）该“浮子”的平均密度是多少？（2）实验中，组成“浮子”的“空心管”和“填充柱体”在水中完全脱离，致使容器中水面高度发生了变化，待水面恢复稳定后，水对容器底部的压强变化了多少？ 参考答案与试题解析一、选择题（共13小题，每小题3分，满分39分）1如图所示，纺纱工人工作时戴着防噪声的耳罩，这是为了（）A防止噪声产生B监测噪声强弱C防止噪声进入耳朵D减小噪声传
11、播速度【考点】9L：防治噪声的途径【分析】防治噪声污染可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治【解答】解：工人戴着防噪声耳罩，减弱传入入耳的噪声，这是在人耳处减弱噪声，防止噪声进入耳朵故选：C2北方的冬季会出现“树挂”和霜，形成这类现象的主要物态变化是（）A凝固B液化C升华D凝华【考点】1R：生活中的凝华现象【分析】物质由固态变成液态是熔化 ；物质由液态变成固态是凝固；物质由液态变成气态是汽化；物质由气态变成液态是液化；物质由固态直接变成气态是升华；物质由气态变成固态是凝华霜是由水蒸气放热凝华成的小冰晶【解答】解：“树挂”和霜是水蒸气遇冷凝华直接由气态变为固态形成的故选D3下
12、列现象中由光的折射形成的是（）A在平静的湖面可以看到“蓝天白云”B射击瞄准时要做到“三点一线”C人在月光下，地面上会出现影子D游泳池注水后，看上去好像变浅了【考点】AM：光的折射现象及其应用【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；（2）光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像和水中“倒影”就是具体应用；（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象【解答】解：A、在平静的湖面可以看到蓝天白云，这是光的反射现象，故A错误；B、射击瞄准时要做到“三点一线”，这是利用了光的直线传播，故B错误；C、
13、人在月光下，地面上会出现影子，是由于光的直线传播形成的，故C错误；D、注水的游泳池看上去好像变浅了，是由于光在界面发生折射形成的，故D正确故选D4利用铅垂线和三角尺判断桌面是否水平，如图所示的做法正确的是（）ABCD【考点】7A：重力的方向【分析】重力的方向始终是竖直向下的【解答】解：三角尺有两个直角边，把三角尺竖直放置，一个直角边放在桌面上，另一个直角边放上重锤线，因为重力的方向是竖直向下的，如果重锤线与直角边是平行的，则表明桌面是水平的，故A符合题意；BCD都无法判定是否水平故选A5下列有关压强知识的说法正确的是（）A马德堡半球实验证明了液体内部有压强B利用托里拆利实验可以测出大气压的值C
14、随着大气压的减小，水的沸点会升高D在气体中流速越大的位置，压强越大【考点】8E：大气压强的存在；8G：大气压强与高度的关系；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）马德堡半球实验证明了大气压的存在；（2）托里拆利实验最早测出了大气压的值；（3）液体的沸点随气压的增大而增大；（4）在气体中流速越大的位置，压强越小【解答】解：A、证明大气压存在的实验有马德堡半球实验等，故A错误；B、托里拆利最早精确地测出了大气压的值，故B正确；C、液体的沸点随气压的减小而减小，如高压锅，故C错误；D、气体中流速越大的位置，压强越小，故D错误故选B6如图中磁体两极间磁感线的画法正确的是（）ABCD【考点】C7：磁感
15、线及其特点【分析】在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发，回到S极【解答】解：A、磁感线从磁体的N极出来，回到磁体的S极，故A正确；B、磁感线从磁体的S极出来，回到磁体的N极，故B错误；C、磁感线从磁体的N极出来，回到磁体的N极，故C错误；D、磁感线从磁体的S和N极出来，故D错误故选A7某学校的前、后两个门各装一个开关，传达室内有红、绿两盏灯和电池组，若前门来人闭合开关时红灯亮，后门来人闭合开关时绿灯亮，图中的电路符合要求的是（）ABCD【考点】HU：串、并联电路的设计【分析】绿灯亮，表示人在后门按开关，红灯亮表示前门人在前门按开关；说明两灯互不影响，即为并联关系，且后门的控制开关与绿灯在同一支
16、路，前门的控制开关与红灯在同一支路，均为串联关系【解答】解：由题意知，两个灯泡并联，且各有一个开关控制，前门开关控制红灯，后门开关控制绿灯，故C符合题意故选：C8下列实例中，改变物体内能的方式与其它三个不同的是（）A用力搓手，手会发热B用炉灶烧水，水温升高C气缸内气体被压缩，温度升高D用锯条锯木头，锯条温度升高【考点】G9：做功改变物体内能；GA：热传递改变物体内能【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移【解答】解：A、用力搓手，手会发
17、热，这是通过做功的方式增加内能的；B、用炉灶烧水，水温升高，这是通过热传递的方式增加内能的；C、气缸内气体被压缩，压缩空气做功，空气的温度升高；D、锯木头时锯条发烫，摩擦生热，属于做功改变物体内能ACD都是通过做功的方式改变内能的，B是通过热传递的方式改变内能的，故B正确故选B9在家庭电路中，从进户开始要顺次安装下列元器件再接用电器，其先后次序正确的是（）A电能表、保险装置、总开关B电能表、总开关、保险装置C保险装置、电能表、总开关D总开关、电能表、保险装置【考点】IN：家庭电路的组成【分析】电能表是测量家庭消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面检
18、修电路时要断开开关，在电能表的后面要接入总开关保险丝能在电路电流过大时，能自动切断电源为了方便更换保险丝，保险盒一定要安装在总开关的后面【解答】解：电能表的测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面总开关控制整个电路，为了检修电路比较方便，要安装的电能表的后面电路中电流过大会熔断保险丝，为了更换保险丝比较方便，保险盒安装在总开关的后面故B正确故选B10如图所示电路中，电源电压保持不变，当变阻器滑片P向右移动时，电表示数变大的是（）ABCD【考点】IG：欧姆定律的变形公式【分析】首先判定电路的连接方式，分析电表的作用；根据电阻的变化判定电表的变化【解答】解：A、该电路为并联电路，电流表测量R0
19、的电流，滑动变阻器在另一条支路中，滑动变阻器滑片移动时对另一条支路无影响，电流表示数不变，故A错误；B、该电路为并联电路，电流表测量干路中的电流，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，由欧姆定律可知通过变阻器的电流减小，通过另一条支路电流不变，故干路中的电流变小，故B错误；C、该电路为串联电路，电压表测量R0的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流减小，根据U=IR可知，电压表示数变小，故C错误；D、该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流减小，根据U=IR可知，R0的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变大，故D正确故选D11
20、小明同学在探究凸透镜成像成像规律时，用焦距分别为f1、f2的甲、乙两个凸透镜进行实验先将点燃的蜡烛、透镜甲和光屏放置在光具坐上，调整后的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像（图中未标出）：再用透镜乙替换透镜甲，且保持蜡烛和透镜的位置不变，将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像下列判断正确的是（）A图中光屏上的像是放大的B图中光屏上的像是缩小的Cf1f2Df1f2【考点】B8：凸透镜成像的应用【分析】（1）由Uv知成倒立缩小的实像；（2）保持蜡烛和透镜的位置不变，将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像，像变小，像距减小【解答】解：AB、由Uv知成倒立缩小的实像，故A错误，B正确；CD、由“保持蜡烛
21、和透镜的位置不变，将光屏向左移动再次得到烛焰清晰的像”可知，像距减小，像变小，相当于物距变大，但物距没变，是焦距变小了，故f1f2，故C错误，D正确故选BD12当定值电阻R两端的电压由U1（U10）增大到U2时，通过它的电流由I1增大到I2电压增加量U=U2U1，电流增加量I=I2I1，电功率增加量为P，则（）AR=BR=CP=UIDP=U（I1+I2）【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】定值电阻的阻值不变，根据欧姆定律表示出定值电阻两端的电压由U1增大到U2时其两端的电压变化量，据此得出的比值；根据P=UI得出电功率增加量【解答】解：因定值电阻的阻值不变，所以，由I=可得
22、，前后两次电压分别为：U1=I1R，U2=I2R，所以，电压增加量U=U2U1=I2RI1R=（I2I1）R=IR，变形可得R=，故A正确、B错误；由P=UI可得，前后两次电阻消耗的功率分别为：P1=U1I1，P2=U2I2，所以，电功率增加量P=P2P1=U2I2U1I1，因UI=（U2U1）（I2I1）=U2I2U2I1U1I2+U1I1，U（I1+I2）=（U2U1）（I1+I2）=U2I1+U2I2U1I1U1I2，所以，PUI，PU（I1+I2），故CD错误故选A13如图所示，某人用扁担担起两筐质量为m1，m2的货物，当他的肩处于O点时，扁担水平平衡，已知I1I2，扁担和筐的重力不计
23、若将两筐的悬挂点向O点移近相同的距离I，则（）A扁担左端向下倾斜B扁担右端向下倾斜C要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为（m2m1）D要使扁担恢复水平平衡需再往某侧筐中加入货物，其质量为（m2m1）【考点】7T：杠杆的应用【分析】根据杠杆原来平衡，设移动的距离为L，再比较F1（L1L）和F2（L2L）即可作出判断【解答】解：（1）原来平衡时，mg1L1=m2gL2，由图知，L1L2，所以m1m2，设移动相同的距离L，则左边：m1g（L1L）=m1gL1m1gL，右边：m2g（L2L）=m2gL2m2gL，因为m1m2，所以m1Lgm2Lg，m1（L1L）gm2（L2L）g，则杠
24、杆的左端向下倾斜故A正确，B错误；（2）因为m1（L1L）gm2（L2L）g，故往右边加入货物后杠杆平衡即m1（L1L）g=（m2+mg）（L2L），且mg1L1=m2gL2，得m=（m2m1），故C正确，D错误故选AC二、填空题（共6小题，每小题4分，满分24分）14一束平行光与镜面成30角射到平面镜上，反射角大小是60，人迎着反射光的方向可以看到刺眼的光，而在其他方向却看不到反射光，这是由于发生了镜面反射（选填“镜面反射”或“漫反射”）【考点】A7：光的反射定律；A9：镜面反射【分析】反射角是反射光线和法线的夹角，入射角是入射光线和法线的夹角；平行光线经平面镜之后平行射出，这种反射是镜面反
25、射【解答】解：一束光与镜面成30角入射在平面镜上，则入射角为9030=60则其反射角也是60，光线射向平面镜，经平面镜反射后，平行射出，正好反射到有的人眼睛上，就得很刺眼，这种反射是镜面反射而从某些方向上得到的反射光线较少，所以看到平面镜很暗故答案为：60；镜面反射15在校运会上，小明和小亮的百米跑成绩分别为14s和15s，比较两人百米全程的平均速度，小明的大于（选填“大于”“小于”或“等于”）小亮的；当到达终点时，他们不能立即停下来，是由于他们具有惯性【考点】6B：运动快慢的比较；6L：惯性【分析】（1）比较运动快慢的方法：相同时间比较路程；相同路程比较时间；在相等的时间内比较通过的路程大小
26、，通过的路程越大，平均速度越大；相同的路程比较运动的时间，时间越短，平均速度越大；（2）一切物体都具有惯性【解答】解：（1）小明和小亮运动的路程相同，小明用的时间少，由v=可知，小明的速度大；（2）跑到终点时，人由于惯性仍然要继续向前运动，不能马上停下来故答案为：大于；惯性16图为某蹦床运动员从床面上A点起跳后腾空瞬间的照片，根据照片信息估测此时运动员脚尖到床面的距离为1.8m（选填“0.8m”“1.8m”或“3.8m”）；运动员在空中下落的过程中，他的重力势能转化为动能【考点】FU：动能和势能的转化与守恒；63：长度的估测【分析】根据人的高度判定距离的大小；重力势能的大小与质量和高度有关，据
27、此分析【解答】解：由图可知，脚尖与床面的距离大约为运动员的高度，运动的高度约为1.8m，故运动员脚尖到床面的距离为1.8m；运动员在空中下落的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，他的重力势能转化为动能故答案为：1.8m；重力势17一只电烙铁的铭牌上标着“220V 100W”的字样，它正常工作时，电压是220V，电阻是484【考点】JB：额定电压；J9：电功率与电压、电流的关系【分析】由电烙铁的铭牌可知额定电压及额定功率，由P=可求得电阻【解答】解：“220V 100W”表示电烙铁的额定电压为220V，额定电功率为100W；由P=可得正常工作时的电阻：R=484故答案为：220；
28、48418利用如图所示的滑轮组，在5s内将重为360N的物体匀速向上提起2m，作用在绳端竖直向上的拉力F为150N，该滑轮组的机械效率是80%，拉力F的功率是180W【考点】F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算【分析】由图可知，滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，根据P=求出拉力的功率，根据W=Gh求出有用功，利用=100%求出滑轮组的机械效率【解答】解：由图可知，n=3，则绳端移动的距离：s=nh=32m=6m，拉力做的功：W总=Fs=150N6m=900J，有用功：W有=Gh=360N2m=720J，滑轮组的机械效率：=100%=100
29、%=80%；拉力F的功率：P=180W故答案为：80%；18019图甲所示电路中，当闭合开关S后，两个电压表指针偏转角度相同，指针位置如图乙所示电阻R2两端的电压为1.6V，电阻R1、R2的阻值之比为4：1【考点】IH：欧姆定律的应用；I6：串联电路的电压规律【分析】分析电路图可知，两电阻串联，电压表V2测R2两端的电压，电压表V1测的是总电压，因为指针偏转相同角度，所以两个电压表选择的量程不同，所以两个电压表示数之比是1：5【解答】解：因为电压表的大量程的分度值是小量程的5倍，两个电压表示数之比是1：5又因为在串联电路中，总电压等于各用电器两端的电压之和，所以电阻R1两端的电压为电压表V1的
30、示数减去电压表V2的示数，即电阻R1和R2两端的电压之比为（51）1：=4：1，根据公式U=IR可知，电流相同，则电阻之比为4：1故答案为：1.6；4：1三、解答题（共6小题，满分37分）20某电热水器的铭牌如下表所示，现将冰箱装满水，电热水器正常工作时，把水从20C加热到60C已知C水=4.2103J/（kg），不计热量损失，求：（1）水吸收的热量；（2）加热所需要的时间 型号 额定电压 220V 加热功率 2000W 频率 50Hz 水箱容量 50kg【考点】JK：电功与热量的综合计算；GG：热量的计算；J8：电功率与电能、时间的关系【分析】（1）由吸热公式Q吸=cmt计算吸收的热量（2）
31、根据电热丝正常工作时所需要产生热量，由电热公式计算电流产生这些热量所需要的时间【解答】解：（1）使水温由20升高到60，水需要吸收热量为：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）50kg（6020）=8.4106J（2）不计热量损失，电热丝所产生热量的全部被水吸收， 由Q放=Q吸=W=Pt得：t=4200s答：（1）使水温由20升高到60，水需要吸收8.4106J的热量；（2）电热水器正常工作时电热丝的加热需4200s21下面是小明同学的实验报告，请按要求帮他将报告补充完整实验：测量食用油的密度实验目的：测量油的密度实验器材：天平（砝码）、量筒、烧杯、油实验原理：=主要实验步骤：（1）调节天平横
32、梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左（选填“左”或“右”）侧调节（2）往量筒中倒入适量的油，测出油的体积，如图1所示（3）用天平测出空烧杯的质量为30g（4）将量筒中的油全部倒入烧杯中，测出烧杯和油的总质量，如图2所示实验数据记录：在虚线框内设计一个记录本次实验数据的表格，并将测量数据及计算结果填入表中实验评估：按照上述实验方案测出的油的密度值比真实值偏小（选填“偏大”或“偏小”）【考点】2F：液体密度的测量【分析】根据密度公式分析实验的原理；（1）实验前根据“左偏右调、右偏左调”的原则调节天平平衡；根据实验过程中的测得的量和所求的量设计表格；根据测量过程中质
33、量和体积的变化分析所测密度与真实值之间的关系【解答】解：实验原理：利用天平和量筒测量密度的原理是=；（1）调节天平横梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，应将平衡螺母向左侧调节使横梁平衡；由实验步骤可知，实验中需要测量的量有：油的体积V=40cm3、空烧杯的质量m1=30g、烧杯和油的总质量m250g+10g+2g=62g；根据空烧杯的质量、烧杯和油的总质量可以求出油的质量m=m2m1=62g30g=32g；根据质量和体积可以求出油的密度=0.8g/cm3，故实验的表格为：油的体积V/cm3空烧杯的质量m1/g烧杯和油的总质量m2/g量筒中油的质量m/g油的密度/g/cm3 40 30 62
34、 32 0.8在测量的过程中，把量筒中的油倒入量筒中时，量筒中会有油的残留，到时测得的总质量减小，即油的质量偏小，体积不变，故所测的密度会偏小故答案为：=；左；如上表格；偏小22小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，提出了如下猜想：猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关猜想三：滑动摩擦力的大小与接触面积有关为了验证猜想，准备了如下器材：弹簧测力计、长木板、长方体木块和砝码他利用上述器材进行了如下实验：将木块平放在长木板上组装成如图1所示的装置匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数在木块上加砝码，如图2所示匀速拉动长木板，记下弹簧测力计的示数完
35、成下列任务：（1）在图3中画出长木板被匀速拉动时（木块相对桌面静止），长木板在水平方向上的受力示意图（2）通过实验步骤可验证猜想一（3）要完成对“猜想三”的验证，需在实验步骤的基础上进一步实验，请你写出下一步的实验方案【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】（1）长木板在水平方向上受到三个力的共同作用，根据力的示意图的画法做出力；（2）根据中的相同点和不同点，利用控制变量法分析；（3）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小【解答】解；（1）长木板在水平方向上受到三个力的共同作用：水平向右的拉力F、水平向左的木块对木板的摩
36、擦力f1、水平向左的桌面对木板的摩擦力f2，力的示意图如下：；（2）通过实验步骤可知，接触面相同，压力不同，故探究的是压力与摩擦力的关系，探究的是猜想一；（3）要探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，而故可以将中的木块侧放，拉动长木板，记录下弹簧测力计的示数，并与实验中的示数进行比较故答案为：（1）如图；（2）一；（3）将中的木块侧放，拉动长木板，记录下弹簧测力计的示数，并与实验中的示数进行比较23如图1所示的电路中，定值电阻R1为10，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程，电压表示数U与电流表示数
37、I的关系图象如图2所示求：（1）电源电压；（2）滑动变阻器的最大阻值【考点】IG：欧姆定律的变形公式【分析】（1）由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，根据U=IR求出电源电压；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、电压表的示数最大，由图象读出电流和电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：（1）由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图2可知I1=0.6A，由I=可得，电源的电压：U=I1R1=0
38、.6A10=6V；（2）由欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值：R2=20答：（1）电源电压为6V；（2）滑动变阻器的最大阻值为2024现有一个阻值为20的定值电阻R0，一个电压约为15V的电源，一个量程为01A的电流表，一个单刀双掷开关及导线若干请你利用上述器材设计实验，测出约为10的未知电阻Rx的阻值要求：（1）画出实验电路图；（2）写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；（3）写出待测电阻Rx的数学表达式（用已知量和测量量表示）【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】因未知电阻Rx的阻值约为10，如果将电源加在待测电阻上，根据欧姆定律，通过待测电阻的电流：I=1.5A1A，故不能将待测电阻
39、直接接在电源两端；可先将定值电阻R0与电流表串联，测出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求出电源电压，通过开关的转换，再用电流表测出R0与RX串联的电阻，根据欧姆定律和电阻的串联可求待测电阻【解答】解：（1）将电流表和已知电阻串联在干路上，将待测电路接在一个支路上，如下所示：（2）按上图连接电路；将开关的刀掷向1，记下电流表的示数I1；将开关的刀掷向2，记下电流表的示数I2；（3）在中，由欧姆定律的变形公式，电源电压U=I1R0；在中，两电阻串联，电流表测电路中的电流，由欧姆定律的变形公式，电路的总电阻：R=，根据电阻的串联，待测电阻的电阻：RX=RR0=R0=R0故答案为：（1）如上所示；（2）
40、按上图连接电路；将开关的刀掷向1，记下电流表的示数I1；将开关的刀掷向2，记下电流表的示数I2；（3）RX=R025某同学制作了一个”浮子“他用质量为2m、高为h、横截面积为2S的质地均匀实心圆柱体，将其中间挖掉横截面积为S、高为h的圆柱体，做成”空心管“；然后用另一个不同材质、质地均匀的实心圆柱体将管的空心部分恰好填满，做成”浮子“，如图1所示将”浮子“放入盛有足量水、底面积为S0的圆柱形薄壁容器中”浮子“刚好悬浮在水中，如图2所示已知水的密度为0，请解答下列问题：（1）该“浮子”的平均密度是多少？（2）实验中，组成“浮子”的“空心管”和“填充柱体”在水中完全脱离，致使容器中水面高度发生了变化，待水面恢复稳定后，水对容器底部的压强变化了多少？【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用；8A：液体压强计算公式的应用【分析】（1）物体悬浮时：物体的密度和液体的密度相同；（2）由P=gh可求【解答】解：（1）因为浮子悬浮在水中，所以浮子=水=0；（2）若空心管漂浮，水面高度的变化为h；F浮=G0g（ShhS0）=mgh=所以p=0gh=若“填充柱体”漂浮，因为浮子=水=0；所以填充柱体的质量m=20Shm；0g（ShhS0）=mg=20Shm，同理可得：h=由P=gh可得，P=0gh=答：（1）该”浮子“的平均密度是0；（2）待水面恢复稳定后，水对容器底部的压强变化了或