《2014年青海省海北中考物理真题及答案.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2014年青海省海北中考物理真题及答案.docx（20页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2014年青海省海北中考物理真题及答案一、选择题（本题包括13小题，每小题2分，共26分每小题只有一个选项符合题意）1（2分）下列关于声音说法正确的是（）A太空中宇航员能对话，说明声音可以在真空中传播B手在小提琴上不同位置按弦，主要目的是改变响度C道路两旁的隔音墙是在声源处减弱噪声DB超检查身体是超声波在医学中的应用考点：防治噪声的途径；声音的传播条件；频率及音调的关系；声与信息.专题：声现象分析：（1）真空不能传声（2）频率是指声音的高低响度是指声音的强弱振幅大小影响响度，振幅越大，响度越大（3）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱（4）根据超声波的应用判断解答：解：
2、A、太空中宇航员能对话是利用电磁波传递信号的，真空不能传播声音；故A错误；B、手在小提琴上不同位置按弦，主要通过改变弦的长度来改变音调的，故B错误；C、道路两旁的隔音墙是在传播过程中减弱噪声，故C错误；D、B超检查身体是超声波在医学中的应用，说法正确故选D点评：此题考查了声音的传播、声音的特征、防止噪声的途径以及超声波的应用，是一道基础题2（2分）某校组织学生体检，做了一些测量其中记录错误的数据是（）A体温37B身高16mC质量40kgD1min心跳75次考点：长度的估测；温度；质量的估测；时间的估测专题：估算综合应用题分析：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行
3、快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释解答：解：A、中学生的体温在37左右，所以A正确；B、中学生的身高大约1.6m，所以B错误；C、中学生的在质量40kg左右，所以C正确；D、中学生的1min心跳75次，所以D正确故选B点评：估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用3（2分）下列现象中，能用光的直线传播规律解释的是（）A射击瞄准时要做到“三点一线”B在平静的湖面可以看到蓝天白云C游泳池注水后，看上
4、去好像变浅了D放大镜把文字放大考点：光在均匀介质中直线传播.专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的解答：解：射击瞄准时要做到“三点一线”，是光的直线传播形成的，故A正确；在平静的湖面可以看到蓝天白云属于光的反射现象，故B错误；游泳池注水后，看上去好像变浅了，是光的折线现象形成的，故C错误；放大镜把文字放大，是光的折射现象形成的，故D错误故选：A点评：本题列举了几个常见的光现象，综合了光学知识，要求判断哪个是由于光的直线传播形成的，这需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思
5、考4（2分）下列电器中，利用电磁感应原理工作的是（）A电动机B电烙铁C发电机D电灯考点：电磁感应.专题：电动机、磁生电分析：电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确各选择项中电学设备涉及到的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案解答：解：A、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故该选项不符合题意；B、电烙铁是利用电流的热效应的原理制成的，故该选项不符合题意；C、发电机是利用通电线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流的原理制成的，利用了电磁感应原理，故该选项符合题意；D、电灯是将电能转化为光能的设备，即是消耗电能的用电
6、器，故该选项不符合题意故选C点评：在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点要在理解的基础上，记住这些基础知识5（2分）如图（a）所示，木块与小车一起向右做匀速直线运动，某时刻观察到如图（b）的现象由此可以判断（）A小车突然加速运动B小车突然减速运动C小车保持匀速运动D小车可能做加速考点：惯性.专题：运动和力分析：分析此类惯性现象的问题时，一定要关注与物体相关联的其它物体的运动方向和运动状态的变化情况，还要结合被研究对象所表现出来的运动特征进行总体把握，切忌主观臆断解答：解：由于木块与小车一起向右做匀速直线运动，当小车突然减速运动时，木块底部也随之减速，而木块
7、的上部由于惯性仍要保持原来的匀速直线运动状态，所以会出现如图（b）所示的现象选项A、C、D均与图（b）所示的现象不符故选B点评：惯性是物体本身的一种性质，惯性现象在我们的生活中随处可见，学习中要注意认真领会，用所学惯性知识解释物理现象6（2分）下列事例中，通过做功的方式改变物体内能的是（）A两手相互摩擦，手掌温度升高B发烧时用冷毛巾给头部降温C把蔬菜放人冰箱内，蔬菜温度降低D在阳光照射下，公园里石凳温度升高考点：做功改变物体内能.专题：分子热运动、内能分析：解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程解答：解：A、两个手相互摩
8、擦做功，机械能转化为手的内能，是通过做功的方式改变物体的内能，符合题意；B、把冷毛巾放在发烧的病人头部，毛巾和病人的头发生热传递，使得病人头部的温度降低，不符合题意；C、把蔬菜放入冰箱内，蔬菜和冰箱内的冷气发生热传递，蔬菜的温度降低，不符合题意；D、光照在石凳上，发生热传递，使石凳的内能增加，温度升高不符合题意；故选A点评：解决此类题目的关键是能根据做功和热传递改变物体内能的区别正确判断改变物体内能的方式7（2分）五千年的华夏文明，创造了无数的诗词歌赋，我们欣赏这些诗词歌赋时，不仅要挖掘其思想内涵，还可以探究其中所描述的自然现象与物理规律，下面是某同学对部分诗句中蕴含的物理知识的理解：“人面桃
9、花相映红”桃花是光源，发出的红光映红了人的脸；“飞流直下三千尺”瀑布飞流直下的过程中，水的重力势能转化为动能；“露似珍珠月似弓”露实际是小水珠，是由冰熔化形成的；“孤帆一片日边来”“孤帆”运动是以江岸为参照物其中正确的是（）ABCD考点：光的反射；液化及液化现象；参照物及其选择；动能和势能的转化与守恒.专题：其他综合题分析：对于诗句中涉及到的物理知识，我们首先要弄懂诗句的意义，然后认真分析确定该用哪一方面的知识进行解答解答：解：“人面桃花相映红”桃花不是光源，它反射太阳光中的红光照在人的脸上，在从人脸上反射出来，人脸就呈现红色；题中解释错误“飞流直下三千尺”瀑布飞流直下的过程中，水的高度减小，
10、重力势能减小，下落时运动越来越快，动能增大，重力势能转化为动能；故正确；“露似珍珠月似弓”露实际是小水珠，是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的；题中解释错误“孤帆一片日边来”“孤帆”运动，是以江岸为参照物的；题中解释正确故选C点评：物理知识来源于生活，也要应用于生活的，我们要认真观察生活，思考生活中的物理现象8（2分）如图所示，是“探究某物质熔化和凝固规律”的实验图下列说法正确的是（）A在t=5min时，该物质处于固液共存状态B在BC段该物质不吸热C该物质凝固过程持续了5minD该物质在EF段放热，温度降低考点：熔化和凝固的温度时间图象.专题：温度计、熔化和凝固分析：（1）熔化图象的横坐标表示时间
11、，纵坐标表示温度，而图中BC段温度不变的阶段就是熔化过程（2）晶体在熔化或凝固时的温度是熔点或凝固点晶体在熔化过程或凝固过程中处于固液共存态从开始熔化到完全熔化完所用时间就是物态变化经历的时间解答：解：A、如图，有一段时间吸热温度不变，所以该物质是晶体，从3min开始熔化，到6min结束，故在t时=5min时，该物质处于固液共存状态，故A正确B、在BC段，该物质不断吸热，但温度不变，故B错误C、该物质从12min开始凝固，到15min凝固结束，该物质凝固过程持续了3min故C错误D、该物质在EF段是凝固过程，此放热，温度不变，故D错误故选A点评：本题考查的是对熔化和凝固图象的理解，根据图象分辨
12、晶体和非晶体，并能分析出各自在熔化过程中的特点是解决该题的关键中考对这个知识点的要求是比较高的9（2分）下面所说的哪个不是太阳能的优点（）A清洁B对环境不造成污染C分布广阔，获取方便D受天气影响大考点：太阳能.专题：能源的利用与发展分析：太阳能是一种新型能源，具有清洁、环保、能量大、获取方便等优点解答：解：A、太阳能环保、清洁，属于其优点，A不符合题意；B、太阳能对环境不造成污染，属于其优点，所以B不符合题意；C、太阳能分布广阔，获取方便，属于其优点，C不符合题意；D、太阳能受天气影响大，是它的缺点，所以D符合题意故选D点评：此题考查了学生对太阳能这种新型能源的认识，是近来中考的热点内容10（
13、2分）如图是甲、乙两种液体内部的压强与深度关系的图象设甲液体的密度为甲，液体乙的密度为乙，则甲和乙的关系是（）A甲=乙B甲乙C甲乙D无法确定考点：液体压强计算公式的应用.专题：压强、液体的压强分析：要比较甲、乙两种液体的密度关系，可控制两种液体的深度相同，通过比较两种液体的压强大小来判断其密度关系解答：解：由图可知，当甲乙两液体深度相同时，甲中的压强大于乙中的压强，由p=gh可得：甲乙故选C点评：图象法是物理中的重要方法之一，应用较多，本题应注意由控制变量法分析图象11（2分）在下列简单机械中，使用中属于费力杠杆的是（）A羊角锤B镊子C瓶起子D托盘天平考点：杠杆的分类.专题：简单机械分析：结合
14、生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆解答：解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、在使用镊子时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、托盘天平在使用的过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆故选：B点评：本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂12（2分）小红家卫生间安装了换气扇和照明灯，换气扇和照明灯的电路连接如图所示下列说法中正确的是（）A换气扇和照明灯不能同时工作B换气扇和照明灯
15、只能同时工作C换气扇和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等D换气扇和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等考点：并联电路的电压规律；电路的基本连接方式.专题：电流和电路；电压和电阻分析：并联电路的特点：在并联电路中，从电源正极流出的电流在分支处要分为两路，每一路都有电流流过，因此即使某一支路断开，但另一支路仍会与干路构成通路解答：解：AB、两电器并联并且都有单独开关控制，则通过电键的控制两用电器可以单独工作，也可以同时工作，故AB错误；C、由于两电器功率不同，则电流不一定相同；故B错误；D、由并联电路的特点可知工作时两端的电压一定相等，故D正确故选D点评：本题考查并联电路的应用及特点，要结合串联
16、和并联特点进行分析13（2分）将额定电压相同的两个灯泡L1、L2串联后接入电路中，如图所示接通电路后发现L1要亮一些，则下列判断正确的是（）AL1的电阻比L2的小BL1的额定功率比L2的大C两灯正常工作时L1发光要暗一些D若将两灯并连接入电路，L1发光要亮一些考点：电功率的计算；欧姆定律的应用.专题：压轴题分析：两灯串联在电路中，则电流一定相等，根据灯泡的亮度可判断两灯泡电阻的大小；则由功率公式可判出额定功率的大小及正常工作时的亮度；若将两灯并联，则根据电压相等利用功率公式P=可判断两灯的明亮程度解答：解：两灯串联时电流相等，L1比L2亮说明P1P2，由P=I2R可得：R1R2，故A错误；两灯
17、的额定电压相等，则由P=可得：P1额P2额，即两灯正常工作时，L1要比L2暗一些，故B错误，C正确；若将两灯并联，则两灯两端的电压相等，由P=可得：L1的实际功率要小于L2的实际功率，则D错误；故选C点评：电功率公式有：P=UI、P=I2R及P=，在纯电阻电路中三个公式都是成立的，要根据题目中的条件灵活选择二、填空题（本题包括7小题，每空1分，共17分）14（2分）科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在则磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系小郭同学自制了一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，如图所示当开关S接a（选填“a”或“b”）点时，电磁
18、铁的A端是N极考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；物理常识；安培定则.专题：应用题；图析法分析：在1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围存在着磁场知道电磁铁的A端是N极，根据安培定则判定出线圈中的电流方向，由此可判断出线圈中电流的方向，从而可以判断出电压的正负极，最后便可以判断出开关S接哪一个点解答：解：奥斯特把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场从图可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，用右手握住电磁铁，大拇指指向N极，则四指指向电磁铁线圈中的电流方向，则电流从电磁铁的A端流进，从B端流出，由此可知，A端应接电源的正极，B
19、端接电源的负极，所以，当开关S接a点故答案为：奥斯特；a点评：本题考查了物理学常识：电生磁是由哪位科学家发现的本题考查安培定则的应用，注意安培定则不但可以由电流方向判断磁极方向，也可由磁极方向判断电流的方向15（2分）跳伞运动员从1500m高空降落的过程中，以地面为参照物，跳伞运动员是运动（选填“运动”或“静止”）的，他受到的大气压变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：参照物及其选择；大气压强与高度的关系.专题：长度、时间、速度；气体的压强、流体压强与流速的关系分析：解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发
20、生变化，则物体是静止的；还需掌握气压和海拔高度的关系解答：解：跳伞运动员从1500m高空降落的过程中，以地面为参照物，他是运动的，因为他和地面之间的位置不断发生变化；又因为他在下降过程中，气压随高度的减小而增大，所以他受到的气压变大故答案为：运动；变大点评：本题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，以及大气压强和高度的关系16（2分）鱼缸中装满水，在水中轻轻放入一只小船，小船漂浮在水面上，从鱼缸中溢出5104m3的水则小船受到的浮力是5N，小船受到的重力与浮力关系是F浮=G（或浮力等于重力）（水=1.0103kg/m3 g=10N/kg）考点：浮力大小的计算.专题：浮力分
21、析：（1）鱼缸原来装满水，知道从鱼缸中溢出的水体积（排开水的体积），利用阿基米德原理求小船受到的浮力；（2）小船漂浮在水面上，处于静止状态，据此确定受到的浮力和重力的关系解答：解：（1）F浮=水V排g=水V溢g=1103kg/m35104m310N/kg=5N；（2）小船漂浮在水面上，处于静止状态，小船受到的浮力和重力是一对平衡力，重力与浮力相等故答案为：5； F浮=G（或浮力等于重力）点评：本题考查了学生对阿基米德原理推导公式F浮=水V排g、二力平衡条件的了解与掌握，属于基础题目17（3分）小华用200N的水平推力在水平地面上推着重为300N的箱子，在10s内箱子匀速前进了0.5m，在这个过
22、程中，小华对箱子做功100J，小华对箱子做功的功率是10W，箱子与水平地面间的滑动摩擦力是200N考点：功的计算；功率的计算.专题：功、功率、机械效率分析：已知推力和在推力的方向上移动的距离，根据公式W=FS可求做的功，还知做功的时间，根据公式P=求做功的功率；已知箱子做匀速运动，根据二力平衡可知推力等于摩擦力解答：解：推力做的功为W=FS=200N0.5m=100J，小华对箱子做功的平均功率P=10W箱子受的是平衡力，所以摩擦力等于推力，f=F=200N故答案为：100；10；200点评：本题考查功和功率的计算，关键知道物体做功的条件是有力作用在物体上和物体在力的方向上移动距离，还要知道物体
23、做匀速运动时推力等于摩擦力18（3分） “生命在于运动”，适当的体育运动有助于身体健康图（a）、（b）所示的运动情景中，主要反映力能使物体的运动状态发生改变的是（b）选填“（a）”或“（b）”；图（b）中羽毛球被击出后能在空中继续飞行是因为羽毛球具有惯性图（c）所示现象能说明大气压的存在考点：惯性；大气压强的存在.专题：应用题分析：（1）力的作用效果有两个：一是力可以改变物体的形状；二是力可以改变物体的运动状态（包括物体的运动方向和运动速度）惯性是物体保持原有状态不变的性质，一切物体都有惯性（2）纸片能拖住水，这是由于大气压的缘故解答：解：图（a）说明力可以改变物体的形状；图（b）说明力可以改
24、变物体的运动状态羽毛球被击出后能够继续飞行，是羽毛球由于具有惯性，继续保持原有的运动状态在图（c）中，由于杯内没有空气而只有水，故纸片在外界大气压的作用下将水压在杯中故答案为：（b）；惯性；大气压点评：此题主要考查的知识点有三个：一是力的作用效果力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态二是惯性是物体保持原有状态不变的性质，一切物体都有惯性三是利用大气压的知识解释生活中常见的现象19（3分）如图所示，是电热水器原理的简易示意图，通过开关S可以使热水器处于加热或保温状态闭合开关S时，热水器处于加热状态，此时电能转化为内能在热水器的蓄水桶中装水至最高水位后，桶中水的质量为10kg，把这些水由2
25、8加热到98时需吸收热量2.94106J已知水的比热容为4.2103J/（kg）考点：能量转化的现象；热量的计算；电路的三种状态.专题：计算题；应用题分析：（1）电热水器是利用电能来烧水的，电能转化为水的内能，使用时有加热和保温两种状态加热时功率大，保温时功率小判断是加热还是保温，要判断它的功率（2）根据热量的吸热公式直接计算水吸收的热量解答：解：加热和保温属于两个过程，加热时功率大，保温时功率小根据 ，两个过程的电源电压相同，电阻越小，功率越大开关是闭合时，R2被短路，只有R1接入电路，功率大，加热器处于加热状态开关是断开时，R2和R1串联在电路中，总电阻变大，电压不变，功率变小，加热器处于
26、保温状态电热水器工作时消耗电能，增加水的内能，是电能转化为内能的水吸收的热量为Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）10kg（9828）=2.94106J故答案为：加热；内；2.94106点评：利用公式 分析时，注意结合控制变量法、利用吸热公式Q吸=cm（tt0）的计算时，注意代入数据要有单位20（2分）在图所示的电路中，电源电压为12V闭合开关后，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为8V，则电阻R2的阻值是10将滑动变阻器R1的滑片向右移动，电压表的示数将变小考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用.专题：计算题；压轴题；动态预测题；图析法分析
27、：由电路图可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据欧姆定律求出R2的阻值；（2）根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和R2两端电压的变化，再根据串联电路的电压特点确定电压表示数的变化解答：解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压U1，电流表测电路中的电流；（1）由题意可知，U=12V，I=0.4A，U1=8V，则U2=UU1=12V8V=4V，R2=10（2）当将滑动变阻器R1的滑片向右移动时，接入电路的电阻减小，电路的总电阻变小；根据I=可知，电路中的电流
28、变大；根据U=IR可知，R2两端的电压变大；根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小故答案为：10；小点评：判断电压表或者电流表示数变化的题目，需要按照以下步骤进行分析：（1）判断电路的连接方式，并认清电路中电流表、电压表的测量对象；（2）分析滑动变阻器的滑片移动时引起电路中总电阻的变化情况，并根据欧姆定律分析电路中总电流的变化情况，从而分析出电路中测量总电流的电流表的示数变化情况；（3）根据欧姆定律分析定值电阻两端的电压变化情况，根据串、并联电路中的电压和电流关系分析其余电表变化情况三、作图问答题（本题包括4小题，第21-23题每题2分、第24题4分，共
29、10分）21（2分）如图所示，在斜面上静置一个烧杯，一个小球悬浮在杯内的水中，请在图上画出小球受力的示意图考点：力的示意图.专题：压轴题；图像综合题分析：分析出小球所受的两个力：重力和浮力这两个力是一对平衡力，将两个力的大小、方向、作用点表示在图上，在画时，注意两个力的长度是相等的解答：解：重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，两力大小相等，作用点可都画在重心的位置，如图所示：点评：此题考查了一对平衡力的示意图的画法，对于平衡力的示意图，特别注意线段的长度要相等22（2分）欲使用一平面镜将与水平面夹角为30的入射光沿水平方向射出，请你用作图的方法确定平面镜放置的位置（保留作图痕迹）考点：作光的反
30、射光路图.专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：根据光反射定律知，反射角等于入射角，故反射光线与入射光线的夹角的平分线是法线的位置，再过入射点作出法线的垂线，就是平面镜所在的位置解答：解：由光反射定律知，反射角等于入射角，所以先做出反射光线与入射光线的夹角的平分线，然后再过入射点作这个角平分线的垂线即可如图：点评：本题考查了光的反射定律的应用，会根据反射定律完成反射光路，会根据角之间的关系计算角的大小23（2分）如图所示，请正确连接下列家庭电路考点：家庭电路的连接.专题：电与热、生活用电分析：（1）电灯的接法：火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套（2）三孔插座的接
31、法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线解答：解：（1）火线进开关，再接入灯泡的顶端金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套（2）上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线如图所示：点评：掌握家庭电路中灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、电能表、保险丝的接法24（4分）阅读下面短文，回答问题雾霾天气空气中含较多的细颗粒物PM2.5表示大气中粒径小于或等于2.5m的细颗粒物的含量，这个值越高，就代表空气污染越严重细颗粒物的形成，人为的因素是各种燃料的不完全燃烧，其来源包括发电、冶金、纺织印染等各种工业过程中排放的烟尘以及各类交通工具排放的尾气细颗粒物粒径小，含大量的有毒、有害物质，且在大气中可以长时间、大范围的漫游、
32、悬浮，吸人人体会对呼吸系统、心肺甚至大脑造成伤害世界卫生组织规定：每立方米PM2.5小于10g（1g=106g）为安全值（1）PM2.5在大气中漫游不是（填“是”或“不是”）分子无规则运动（2）某地市区监测到雾霾天气PM2.5为107g/m3，即相当于100m3空气中细颗粒物的质量为1000g，市区笼罩在浮尘中，给出行的市民带来不便（3）请你结合生活体验，提出两条改善雾霾天气的措施绿色出行，减小汽车尾气排放；禁止焚烧秸秆考点：密度公式的应用；分子的运动.专题：社会热点综合题分析：（1）物理学中把一个物体相对于另一个物体位置的改变称为机械运动分子在不停的做无规则运动，并且温度越高扩散越快，分子的
33、这种运动又叫做分子热运动；（2）知道空气监测PM2.5为107g/m3，对质量进行单位换算得出1m3的空气中PM2.5的颗粒物的质量；（3）根据题干中雾霾天气的形成提出改善的措施解答：解：（1）PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物，它们在空中做无规则运动，是机械运动，不属于分子的运动；（2）由题知，空气监测PM2.5为107g/m3，则100m3的空气中PM2.5的颗粒物的质量：m=107g/m3100m3=109g=1000g；（3）在日常生活中，绿色出行、减小汽车尾气排放，禁止焚烧秸秆，都可以改善雾霾天气故答案为：（1）不是；（2）1000；（3）绿色出行，减小汽车尾气排放
34、；禁止焚烧秸秆点评：本题考查了分子运动和机械运动的区别、有关环境保护相关的内容，是一道信息给予题，要充分看清解答该题所用到的题中信息即可正确解答四、实验探究题（本题包括5小题，第25题2分、第26-29题每题5分，共22分）25（2分）（2014青海）如图所示，图甲中体温计的读数是36.6；图乙中小球的直径是1.26cm考点：体温计的使用及其读数；长度的测量.专题：基本仪器的使用专题分析：使用体温计测量人体温度时，首先要明确体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻线相垂直使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，
35、减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位解答：解：由图知：在体温计上，最小示数和最大示数分别为35和42，所以测量范围为3542；1之间有10个小格，一个小格代表0.1，即此体温计的分度值为0.1；此时的示数为36.6；刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；小球左侧与2.00cm对齐，右侧在3.2cm和3.3cm之间偏向3.3cm一侧，估读为3.26cm，所以小球的直径为d=3.26cm2.00cm=1.26cm故答案为：36.6；1.26点评：读取不同测量工具的示数时，基本方法是一致的，都要先明确测量工具的量程和分度值，确定零刻
36、度线的位置，视线与刻度线垂直26（5分）在探究“物体的质量与体积之间的关系”时，小明同学把收集到的数据填入下表但他漏填了第二次测量的质量和体积，其质量和体积的读数如图中所示，请你帮他完成下表实验次数测量对象质量m/g体积V/cm3质量/体积g/cm31铁块146.867.802铁块23铁块3156207.804塑料块17.561.255塑料块212.5101.256塑料块325201.25（1）分析表格中的数据，可以得出的结论是同种物质，其质量与体积的比值相等（写出一个）（2）小明与其他同学交流后，发现从表中的数据可以看出：由同种物质组成的不同物体其质量与体积之间存在一个关系，其表达式为：=考
37、点：密度公式的应用；密度及其特性.专题：压轴题；实验分析法分析：物体的质量等于砝码的质量加游码的示数；物体的体积等于前后两次量筒的读数之差；分析同种物质，质量变化时，体积也随着变化，但是质量和体积的比值是不变的，对于不同种物质来说，质量与体积的比值是不同的；分析数据可看出：由同种物质组成的不同物体其质量与体积之间的关系解答：解：从图中可以读出质量为m=50g+20g+5g+3g=78g，物体体积为V=30ml20ml=10ml；质量与体积的比值=7.80g/ml；（1）由表中数据可以得出结论：同种物质，其质量与体积的比值相等；（2）同种物质，其质量与体积的比值相等，所以表达式为=故答案为：同种
38、物质，其质量与体积的比值相等；=点评：本题考查天平与量筒的使用，难点是通过表中数据得出结论27（5分）如图1所示，某中学物理兴趣小组的同学为了探究物体在水中不同深度所受浮力的变化情况，将一挂在弹簧测力计下的圆柱体金属块缓慢浸入水中（水足够深），在金属块接触容器底之前，分别记下金属块下表面所处不同深度h和弹簧测力计相应的示数F（水=1.0103kg/m3）实验数据如下：次数12345678h/cm02368101214F/N6.756.255.755.254.754.254.254.25（1）分析表中实验数据，可以得出物体重6.75N，第4次实验时，物体所受到的浮力为1.5N（2）分析表中15次
39、实验数据，说明：浸入水中的体积越大，受到的浮力越大（3）图2中能正确反映弹簧测力计示数F与金属块下表面到水面距离h关系的图象是B（4）金属块的密度为2.7103kg/m3考点：探究浮力大小的实验.专题：探究型实验综合题分析：（1）物体没有浸入水中时，弹簧测力计的示数等于物体的重力物体浸入水中时，物体重力与弹簧测力计示数之差是物体受到的浮力（2）分析表中实验数据看物体受到的浮力与物体浸入深度的关系，然后得出结论（3）根据测力计的示数变化与与金属块下表面到水面距离h关系得出结论；（4）分析表中实验数据，根据金属块完全浸没时的浮力计算出排开水的体积，得知金属块的体积，从而可根据密度公式计算出金属块的
40、密度解答：解：（1）由表中实验数据可知，物体没有浸入水中时，弹簧测力计示数是6.75N，因此物体重力G=6.75N第4次实验时，物体受到的浮力F浮=GF4=6.75N5.25N=1.5N（2）物体浸入水中时，物体受到的浮力F浮=GF，由表中第1列至5列数据可知，物体浸入水中的深度h越大，物体浸入水中的体积越大，弹簧测力示数F越小，物体受到的浮力越大，由此可见：物体浸入水中的体积越大，受到的浮力越大；（3）由表格中数据知，测力计的示数随深度的增加先变小，后不变，B符合题意；（4）6、7、8次数据，测力计的示数相同，说明物体完全浸没，此时的浮力大小F浮=GF=6.75N4.25N=2.5N；由F浮
41、=液gV排得，V=V排=2.5104m3；则=2.7103kg/m3故答案为：（1）6.75；1.5；（2）浸入水中的体积越大，受到的浮力越大；（3）B；（4）2.7103点评：此题是探究影响浮力大小因素的实验，主要考查了对实验数据的分析，其中最后小题计算物体的密度是该题的难点，关键是根据表格中数据得出物体完全浸没时的浮力，从而求出物体的体积28（5分）如图甲所示，是测定一个额定电压为2.5V小灯泡的额定功率电路图（l）请你用笔画线代替导线，按图甲将图乙所示的实物电路连接完整（2）电路接通后，移动变阻器滑片P，小灯泡始终不发光，电压表始终没有示数，电流表的示数随滑片的移动而变化导致这种情况出现
42、的可能原因是：灯座短路（或灯泡短路）（3）小灯泡正常发光时，电流表指针的位置如图丙所示，则通过小灯泡的电流是0.26 A，小灯泡的额定功率是0.65W考点：电功率的测量.专题：测量型实验综合题分析：（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，且与灯泡并联；根据欧姆定律求出小灯泡的电流确定电流表的量程，且与灯泡串联，注意电表的正负接线柱的连接；滑动变阻器的接线柱要一上一下的串联在电路中，根据电流流向法连接实物图（2）移动变阻器滑片P，小灯泡始终不发光，说明电路故障为断路或短路；电压表始终没有示数，说明电压表被短路；（3）根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，再利用P=UI求出小灯泡的额定电功率解答：解：（1）从电源正极依次串联开关、滑动变阻器、灯泡、电流表回到电源负极，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：（2）移动变阻器滑片P，小灯泡始终不发光，说明电路故障为断路或短路；电压表始终没有示数，说明电压表被短路，即灯座短路（或灯泡短路）；（3）根据图丙可知，电流表量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A；灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.26A=0.65W故答案为：（2）灯座短路（或灯泡短路）；（3）0.26；0.65点评：本题考查了电流表、电压表量程的选择和连接以及滑动变阻器的连接，欧姆定律和