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1、2013年四川省自贡市中考数学真题及答案一、选择题（共10个小题，每小题4分，共40分）1（4分）（2013自贡）与3的差为0的数是（）A3B3CD考点：有理数的减法分析：与3的差为0的数就是3+0，据此即可求解解答：解：3+0=3故选B点评：本题考查了有理数的减法运算，正确列出式子是关键2（4分）（2013自贡）在我国南海某海域探明可燃冰储量约有194亿立方米194亿用科学记数法表示为（）A1.941010B0.1941010C19.4109D1.94109考点：科学记数法表示较大的数分析：科学记数法的表示形式为a10n的形式，其中1|a|10，n为整数确定n的值时，要看把原数变成a时，小数
2、点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同当原数绝对值1时，n是正数；当原数的绝对值1时，n是负数解答：解：194亿=19400000000，用科学记数法表示为：1.941010故选：A点评：此题考查了科学记数法的表示方法科学记数法的表示形式为a10n的形式，其中1|a|10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值3（4分）（2013自贡）某班七个合作学习小组人数如下：4、5、5、x、6、7、8，已知这组数据的平均数是6，则这组数据的中位数是（）A5B5.5C6D7考点：中位数；算术平均数分析：根据平均数的定义先求出这组数据x，再将这组数据从小到大排列，然后找出最中间的数即可解答
3、：解：4、5、5、x、6、7、8的平均数是6，（4+5+5+x+6+7+8）7=6，解得：x=7，将这组数据从小到大排列为4、5、5、6、7、7、8，最中间的数是6；则这组数据的中位数是6；故选C点评：此题考查了中位数，掌握中位数的概念是解题的关键，中位数是将一组数据从小到大（或从大到小）重新排列后，最中间的那个数（最中间两个数的平均数）4（4分）（2013自贡）在四张背面完全相同的卡片上分别印有等腰三角形、平行四边形、菱形、圆的图案，现将印有图案的一面朝下，混合后从中随机抽取两张，则抽到卡片上印有的图案都是轴对称图形的概率为（）ABCD考点：列表法与树状图法；轴对称图形3718684分析：首
4、先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与抽到卡片上印有的图案都是轴对称图形的情况，再利用概率公式求解即可求得答案解答：解：分别用A、B、C、D表示等腰三角形、平行四边形、菱形、圆，画树状图得：共有12种等可能的结果，抽到卡片上印有的图案都是轴对称图形的有6种情况，抽到卡片上印有的图案都是轴对称图形的概率为：=故选D点评：本题考查的是用列表法或画树状图法求概率列表法或画树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，列表法适合于两步完成的事件，树状图法适合两步或两步以上完成的事件注意概率=所求情况数与总情况数之比5（4分）（2013自贡）如图，在平面直角坐标系中，A经过原点O，并且
5、分别与x轴、y轴交于B、C两点，已知B（8，0），C（0，6），则A的半径为（）A3B4C5D8考点：圆周角定理；坐标与图形性质；勾股定理3718684专题：计算题分析：连接BC，由90度的圆周角所对的弦为直径，得到BC为圆A的直径，在直角三角形BOC中，由OB与OC的长，利用勾股定理求出BC的长，即可确定出圆A的半径解答：解：连接BC，BOC=90，BC为圆A的直径，即BC过圆心A，在RtBOC中，OB=8，OC=6，根据勾股定理得：BC=10，则圆A的半径为5故选C点评：此题考查了圆周角定理，坐标与图形性质，以及勾股定理，熟练掌握圆周角定理是解本题的关键6（4分）（2013自贡）如图，在平
6、行四边形ABCD中，AB=6，AD=9，BAD的平分线交BC于E，交DC的延长线于F，BGAE于G，BG=，则EFC的周长为（）A11B10C9D8考点：相似三角形的判定与性质；勾股定理；平行四边形的性质3718684分析：判断出ADF是等腰三角形，ABE是等腰三角形，DF的长度，继而得到EC的长度，在RtBGE中求出GE，继而得到AE，求出ABE的周长，根据相似三角形的周长之比等于相似比，可得出EFC的周长解答：解：在ABCD中，AB=CD=6，AD=BC=9，BAD的平分线交BC于点E，BAF=DAF，ABDF，ADBC，BAF=F=DAF，BAE=AEB，AB=BE=6，AD=DF=9，
7、ADF是等腰三角形，ABE是等腰三角形，ADBC，EFC是等腰三角形，且FC=CE，EC=FC=96=3，在ABG中，BGAE，AB=6，BG=4，AG=2，AE=2AG=4，ABE的周长等于16，又CEFBEA，相似比为1：2，CEF的周长为8故选D点评：本题主要考查了勾股定理、相似三角形、等腰三角形的性质，注意掌握相似三角形的周长之比等于相似比，此题难度较大7（4分）（2013自贡）某超市货架上摆放着某品牌红烧牛肉方便面，如图是它们的三视图，则货架上的红烧牛肉方便面至少有（）A8B9C10D11考点：由三视图判断几何体3718684分析：主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看
8、，所得到的图形解答：解：易得第一层有4碗，第二层最少有3碗，第三层最少有2碗，所以至少共有9个碗故选B点评：考查学生对三视图掌握程度和灵活运用能力，同时也体现了对空间想象能力方面的考查如果掌握口诀“俯视图打地基，正视图疯狂盖，左视图拆违章”就更容易得到答案8（4分）（2013自贡）如图，将一张边长为3的正方形纸片按虚线裁剪后，恰好围成一个底面是正三角形的棱柱，这个棱柱的侧面积为（）AB9CD考点：剪纸问题；展开图折叠成几何体；等边三角形的性质3718684专题：操作型分析：这个棱柱的侧面展开正好是一个长方形，长为3，宽为3减去两个三角形的高，再用长方形的面积公式计算即可解答解答：解：将一张边长
9、为3的正方形纸片按虚线裁剪后，恰好围成一个底面是正三角形的棱柱，这个正三角形的底面边长为1，高为=，侧面积为长为3，宽为3的长方形，面积为93故选A点评：此题主要考查了剪纸问题的实际应用，动手操作拼出图形，并能正确进行计算是解答本题的关键9（4分）（2013自贡）如图，点O是正六边形的对称中心，如果用一副三角板的角，借助点O（使该角的顶点落在点O处），把这个正六边形的面积n等分，那么n的所有可能取值的个数是（）A4B5C6D7考点：正多边形和圆3718684分析：根据圆内接正多边形的性质可知，只要把此正六边形再化为正多边形即可，即让周角除以30的倍数就可以解决问题解答：解：36030=12；3
10、6060=6；36090=4；360120=3；360180=2因此n的所有可能的值共五种情况，故选B点评：本题考查了正多边形和圆，只需让周角除以30的倍数即可10（4分）（2013自贡）如图，已知A、B是反比例函数上的两点，BCx轴，交y轴于C，动点P从坐标原点O出发，沿OABC匀速运动，终点为C，过运动路线上任意一点P作PMx轴于M，PNy轴于N，设四边形OMPN的面积为S，P点运动的时间为t，则S关于t的函数图象大致是（）ABCD考点：动点问题的函数图象3718684分析：通过两段的判断即可得出答案，点P在AB上运动时，此时四边形OMPN的面积不变，可以排除B、D；点P在BC上运动时，S
11、减小，S与t的关系为一次函数，从而排除C解答：解：点P在AB上运动时，此时四边形OMPN的面积S=K，保持不变，故排除B、D；点P在BC上运动时，设路线OABC的总路程为l，点P的速度为a，则S=OCCP=OC（lat），因为l，OC，a均是常数，所以S与t成一次函数关系故排除C故选A点评：本题考查了动点问题的函数图象，解答此类题目并不需要要求出函数解析式，只要判断出函数的增减性，或者函数的性质即可，注意排除法的运用二、填空题（共5个小题，每小题4分，共20分）11（4分）（2013自贡）多项式ax2a与多项式x22x+1的公因式是x1考点：公因式3718684专题：计算题分析：第一个多项式提
12、取a后，利用平方差公式分解，第二个多项式利用完全平方公式分解，找出公因式即可解答：解：多项式ax2a=a（x+1）（x1），多项式x22x+1=（x1）2，则两多项式的公因式为x1故答案为：x1点评：此题考查了公因式，将两多项式分解因式是找公因式的关键12（4分）（2013自贡）计算：=1考点：实数的运算；零指数幂；负整数指数幂；特殊角的三角函数值3718684专题：计算题分析：本题涉及零指数幂、负指数幂、特殊角的三角函数值、绝对值等四个考点针对每个考点分别进行计算，然后根据实数的运算法则求得计算结果解答：解：原式=1+2（2）=1+22+=1，故答案为1点评：本题考查实数的综合运算能力，是各
13、地中考题中常见的计算题型解决此类题目的关键是熟记特殊角的三角函数值，熟练掌握负零指数幂、负指数幂、特殊角的三角函数值、绝对值等考点的运算13（4分）（2013自贡）如图，边长为1的小正方形网格中，O的圆心在格点上，则AED的余弦值是考点：圆周角定理；勾股定理；锐角三角函数的定义3718684专题：网格型分析：根据同弧所对的圆周角相等得到ABC=AED，在直角三角形ABC中，利用锐角三角函数定义求出cosABC的值，即为cosAED的值解答：解：AED与ABC都对，AED=ABC，在RtABC中，AB=2，AC=1，根据勾股定理得：BC=，则cosAED=cosABC=故答案为：点评：此题考查了
14、圆周角定理，锐角三角函数定义，以及勾股定理，熟练掌握圆周角定理是解本题的关键14（4分）（2013自贡）已知关于x的方程x2（a+b）x+ab1=0，x1、x2是此方程的两个实数根，现给出三个结论：x1x2；x1x2ab；则正确结论的序号是（填上你认为正确结论的所有序号）考点：根与系数的关系；根的判别式3718684分析：（1）可以利用方程的判别式就可以判定是否正确；（2）根据两根之积就可以判定是否正确；（3）利用根与系数的关系可以求出x12+x22的值，然后也可以判定是否正确解答：解：方程x2（a+b）x+ab1=0中，=（a+b）24（ab2）=（ab）2+40，x1x2故正确；x1x2=
15、ab1ab，故正确；x1+x2=a+b，即（x1+x2）2=（a+b）2，x12+x22=（x1+x2）22x1x2=（a+b）22ab+2=a2+b2+2a2+b2，即x12+x22a2+b2故错误；综上所述，正确的结论序号是：故答案是：点评：本题考查的是一元二次方程根的情况与判别式的关系，及一元二次方程根与系数的关系，需同学们熟练掌握15（4分）（2013自贡）如图，在函数的图象上有点P1、P2、P3、Pn、Pn+1，点P1的横坐标为2，且后面每个点的横坐标与它前面相邻点的横坐标的差都是2，过点P1、P2、P3、Pn、Pn+1分别作x轴、y轴的垂线段，构成若干个矩形，如图所示，将图中阴影部
16、分的面积从左至右依次记为S1、S2、S3、Sn，则S1=4，Sn=（用含n的代数式表示）考点：反比例函数系数k的几何意义3718684专题：规律型分析：求出P1、P2、P3、P4的纵坐标，从而可计算出S1、S2、S3、S4的高，进而求出S1、S2、S3、S4，从而得出Sn的值解答：解：当x=2时，P1的纵坐标为4，当x=4时，P2的纵坐标为2，当x=6时，P3的纵坐标为，当x=8时，P4的纵坐标为1，当x=10时，P5的纵坐标为：，则S1=2（42）=4=2；S2=2（2）=2=2；S3=2（1）=2=2；Sn=2=；故答案为：4，点评：此题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，根据坐标求出个阴
17、影的面积表达式是解题的关键三、解答题（共2个题，每题8分，共16分）16（8分）（2013自贡）解不等式组：并写出它的所有的整数解考点：解一元一次不等式组；一元一次不等式组的整数解专题：计算题分析：先求出两个不等式的解集，再求其公共解，然后写出整数解即可解答：解：，解不等式得，x1，解不等式得，x4，所以，不等式组的解集是1x4，所以，不等式组的所有整数解是1、2、3点评：本题主要考查了一元一次不等式组解集的求法，其简便求法就是用口诀求解求不等式组解集的口诀：同大取大，同小取小，大小小大中间找，大大小小找不到（无解）17（8分）（2013自贡）先化简，然后从1、1中选取一个你认为合适的数作为a
18、的值代入求值考点：分式的化简求值3718684分析：先把除法转化成乘法，再根据乘法的分配律分别进行计算，然后把所得的结果化简，最后选取一个合适的数代入即可解答：解：=，由于a1，所以当a=时，原式=点评：此题考查了分式的化简求值，用到的知识点是乘法的分配律、约分，在计算时要注意把结果化到最简四、解答题（共2个题，每小题8分，共16分）18（8分）（2013自贡）用配方法解关于x的一元二次方程ax2+bx+c=0考点：解一元二次方程-配方法3718684分析：此题考查了配方法解一元二次方程，解题时要注意解题步骤的准确应用，把左边配成完全平方式，右边化为常数解答：解：关于x的方程ax2+bx+c=
19、0是一元二次方程，a0由原方程，得x2+x=，等式的两边都加上，得x2+x+=+，配方，得（x+）2=，开方，得x+=，解得x1=，x2=当b24ac0时，原方程无实数根点评：本题考查了配方法解一元二次方程用配方法解一元二次方程的步骤：（1）形如x2+px+q=0型：第一步移项，把常数项移到右边；第二步配方，左右两边加上一次项系数一半的平方；第三步左边写成完全平方式；第四步，直接开方即可（2）形如ax2+bx+c=0型，方程两边同时除以二次项系数，即化成x2+px+q=0，然后配方19（8分）（2013自贡）某校住校生宿舍有大小两种寝室若干间，据统计该校高一年级男生740人，使用了55间大寝室
20、和50间小寝室，正好住满；女生730人，使用了大寝室50间和小寝室55间，也正好住满（1）求该校的大小寝室每间各住多少人？（2）预测该校今年招收的高一新生中有不少于630名女生将入住寝室80间，问该校有多少种安排住宿的方案？考点：二元一次方程组的应用；一元一次不等式的应用3718684分析：（1）首先设该校的大寝室每间住x人，小寝室每间住y人，根据关键语句“高一年级男生740人，使用了55间大寝室和50间小寝室，正好住满；女生730人，使用了大寝室50间和小寝室55间，也正好住满”列出方程组即可；（2）设大寝室a间，则小寝室（80a）间，由题意可得a80，再根据关键语句“高一新生中有不少于63
21、0名女生将入住寝室80间”可得不等式8a+6（80a）630，解不等式组即可解答：解：（1）设该校的大寝室每间住x人，小寝室每间住y人，由题意得：，解得：，答：该校的大寝室每间住8人，小寝室每间住6人；（2）设大寝室a间，则小寝室（80a）间，由题意得：，解得：80a75，a=75时，8075=5，a=76时，80a=4，a=77时，80a=3，a=78时，80a=2，a=79时，80a=1，a=80时，80a=0故共有6种安排住宿的方案点评：此题主要考查了二元一次方程组的应用，以及一元一次不等式组的应用，关键是正确理解题意，抓住题目中的关键语句，列出方程和不等式五、解答题（共2个题，每题10
22、分，共20分）20（10分）（2013自贡）为配合我市创建省级文明城市，某校对八年级各班文明行为劝导志愿者人数进行了统计，各班统计人数有6名、5名、4名、3名、2名、1名共计六种情况，并制作如下两幅不完整的统计图（1）求该年级平均每班有多少文明行为劝导志愿者？并将条形图补充完整；（2）该校决定本周开展主题实践活动，从八年级只有2名文明行为劝导志愿者的班级中任选两名，请用列表或画树状图的方法，求出所选文明行为劝导志愿者有两名来自同一班级的概率考点：条形统计图；扇形统计图；列表法与树状图法3718684分析：（1）根据志愿者有6名的班级占20%，可求得班级总数，再求得志愿者是2名的班数，进而可求出
23、每个班级平均的志愿者人数；（2）由（1）得只有2名志愿者的班级有2个，共4名学生设A1，A2来自一个班，B1，B2来自一个班，列出树状图可得出来自一个班的共有4种情况，则所选两名志愿者来自同一个班级的概率解答：解：（1）有6名志愿者的班级有4个，班级总数为：420%=20（个），有两名志愿者的班级有：2045432=2（个），如图所示：该年级平均每班有；（46+55+4+33+22+21）=4（名），（2）由（1）得只有2名文明行为劝导志愿者的班级有2个，共4名学生设A1，A2来自一个班，B1，B2来自一个班，由树状图可知，共有12种可能的情况，并且每种结果出现的可能性相等，其中来自一个班的共
24、有4种情况，则所选两名文明行为劝导志愿者来自同一个班级的概率为：=点评：此题主要考查了条形统计图与扇形统计图的综合应用以及树状图法求概率，根据图象得出正确信息是解题关键21（10分）（2013自贡）如图，点B、C、D都在O上，过点C作ACBD交OB延长线于点A，连接CD，且CDB=OBD=30，DB=cm（1）求证：AC是O的切线；（2）求由弦CD、BD与弧BC所围成的阴影部分的面积（结果保留）考点：切线的判定；扇形面积的计算3718684分析：（1）求出COB的度数，求出A的度数，根据三角形的内角和定理求出OCA的度数，根据切线的判定推出即可；（2）如解答图所示，解题关键是证明CDMOBM，
25、从而得到S阴影=S扇形BOC解答：如图，连接BC，OD，OC，设OC与BD交于点M（1）证明：根据圆周角定理得：COB=2CDB=230=60，ACBD，A=OBD=30，OCA=1803060=90，即OCAC，OC为半径，AC是O的切线；（2）解：由（1）知，AC为O的切线，OCACACBD，OCBD由垂径定理可知，MD=MB=BD=在RtOBM中，COB=60，OB=6在CDM与OBM中，CDMOBMSCDM=SOBM阴影部分的面积S阴影=S扇形BOC=6（cm2）点评：本题考查了平行线性质，切线的判定，扇形的面积，三角形的面积，圆周角定理的应用，主要考查学生综合运用定理进行推理和计算的
26、能力六、解答题（本题满分12分）22（12分）（2013自贡）在东西方向的海岸线l上有一长为1km的码头MN（如图），在码头西端M的正西19.5km处有一观察站A某时刻测得一艘匀速直线航行的轮船位于A的北偏西30，且与A相距40km的B处；经过1小时20分钟，又测得该轮船位于A的北偏东60，且与A相距km的C处（1）求该轮船航行的速度（保留精确结果）；（2）如果该轮船不改变航向继续航行，那么轮船能否正好行至码头MN靠岸？请说明理由考点：解直角三角形的应用-方向角问题3718684分析：（1）根据1=30，2=60，可知ABC为直角三角形根据勾股定理解答（2）延长BC交l于T，比较AT与AM、A
27、N的大小即可得出结论解答：解：（1）1=30，2=60，ABC为直角三角形AB=40km，AC=km，BC=16（km）1小时20分钟=80分钟，1小时=60分钟，60=12（千米/小时）（2）作线段BRx轴于R，作线段CSx轴于S，延长BC交l于T2=60，4=9060=30AC=8（km），CS=8sin30=4（km）AS=8cos30=8=12（km）又1=30，3=9030=60AB=40km，BR=40sin60=20（km）AR=40cos60=40=20（km）易得，STCRTB，所以=，解得：ST=8（km）所以AT=12+8=20（km）又因为AM=19.5km，MN长为1
28、km，AN=20.5km，19.5AT20.5故轮船能够正好行至码头MN靠岸点评：此题结合方向角，考查了阅读理解能力、解直角三角形的能力计算出相关特殊角和作出辅助线构造相似三角形是解题的关键七、解答题（本题满分12分）23（12分）（2013自贡）将两块全等的三角板如图摆放，其中A1CB1=ACB=90，A1=A=30（1）将图中的A1B1C顺时针旋转45得图，点P1是A1C与AB的交点，点Q是A1B1与BC的交点，求证：CP1=CQ；（2）在图中，若AP1=2，则CQ等于多少？（3）如图，在B1C上取一点E，连接BE、P1E，设BC=1，当BEP1B时，求P1BE面积的最大值考点：相似三角形
29、的判定与性质；全等三角形的判定与性质；旋转的性质；解直角三角形3718684分析：（1）先判断B1CQ=BCP1=45，利用ASA即可证明B1CQBCP1，从而得出结论（2）作P1DCA于D，在RtADP1中，求出P1D，在RtCDP1中求出CP1，继而可得出CQ的长度（3）证明AP1CBEC，则有AP1：BE=AC：BC=：1，设AP1=x，则BE=x，得出SP1BE关于x的表达式，利用配方法求最值即可解答：（1）证明：B1CB=45，B1CA1=90，B1CQ=BCP1=45，在B1CQ和BCP1中，B1CQBCP1（ASA），CQ=CP1；（2）作P1DCA于D，A=30，P1D=AP1
30、=1，P1CD=45，=sin45=，CP1=P1D=，又CP1=CQ，CQ=；（3）P1BE=90，ABC=60，A=CBE=30，AC=BC，由旋转的性质可得：ACP1=BCE，AP1CBEC，AP1：BE=AC：BC=：1，设AP1=x，则BE=x，在RtABC中，A=30，AB=2BC=2，SP1BE=x（2x）=x2+x=（x1）2+，故当x=1时，SP1BE（max）=点评：本题考查了相似三角形的判定与性质，解答本题需要我们熟练掌握含30角的直角三角形的性质、勾股定理及配方法求二次函数的最值，有一定难度八、解答题（本题满分14分）24（14分）（2013自贡）如图，已知抛物线y=a
31、x2+bx2（a0）与x轴交于A、B两点，与y轴交于C点，直线BD交抛物线于点D，并且D（2，3），tanDBA=（1）求抛物线的解析式；（2）已知点M为抛物线上一动点，且在第三象限，顺次连接点B、M、C、A，求四边形BMCA面积的最大值；（3）在（2）中四边形BMCA面积最大的条件下，过点M作直线平行于y轴，在这条直线上是否存在一个以Q点为圆心，OQ为半径且与直线AC相切的圆？若存在，求出圆心Q的坐标；若不存在，请说明理由考点：二次函数综合题3718684分析：（1）如答图1所示，利用已知条件求出点B的坐标，然后用待定系数法求出抛物线的解析式；（2）如答图1所示，首先求出四边形BMCA面积的
32、表达式，然后利用二次函数的性质求出其最大值；（3）本题利用切线的性质、相似三角形与勾股定理求解如答图2所示，首先求出直线AC与直线x=2的交点F的坐标，从而确定了RtAGF的各个边长；然后证明RtAGFRtQEF，利用相似线段比例关系列出方程，求出点Q的坐标解答：解：（1）如答图1所示，过点D作DEx轴于点E，则DE=3，OE=2tanDBA=，BE=6，OB=BEOE=4，B（4，0）点B（4，0）、D（2，3）在抛物线y=ax2+bx2（a0）上，解得，抛物线的解析式为：y=x2+x2（2）抛物线的解析式为：y=x2+x2，令x=0，得y=2，C（0，2），令y=0，得x=4或1，A（1，
33、0）设点M坐标为（m，n）（m0，n0），如答图1所示，过点M作MFx轴于点F，则MF=n，OF=m，BF=4+mS四边形BMCA=SBMF+S梯形MFOC+SAOC=BFMF+（MF+OC）OF+OAOC=（4+m）（n）+（n+2）（m）+12=2nm+1 点M（m，n）在抛物线y=x2+x2上，n=m2+m2，代入上式得：S四边形BMCA=m24m+5=（m+2）2+9，当m=2时，四边形BMCA面积有最大值，最大值为9（3）假设存在这样的Q如答图2所示，设直线x=2与x轴交于点G，与直线AC交于点F设直线AC的解析式为y=kx+b，将A（1，0）、C（0，2）代入得：，解得：k=2，b
34、=2，直线AC解析式为：y=2x2，令x=2，得y=6，F（2，6），GF=6在RtAGF中，由勾股定理得：AF=3设Q（2，n），则在RtAGF中，由勾股定理得：OQ=设Q与直线AC相切于点E，则QE=OQ=在RtAGF与RtQEF中，AGF=QEF=90，AFG=QFE，RtAGFRtQEF，即，化简得：n23n4=0，解得n=4或n=1存在一个以Q点为圆心，OQ为半径且与直线AC相切的圆，点Q的坐标为（2，4）或（2，1）点评：本题是中考压轴题，综合考查了二次函数的图象与性质、一次函数的图象与性质、待定系数法、相似三角形、勾股定理、圆的切线性质、解直角三角形、图形面积计算等重要知识点，涉及考点众多，有一定的难度第（2）问面积最大值的问题，利用二次函数的最值解决；第（3）问为存在型问题，首先假设存在，然后利用已知条件，求出符合条件的点Q坐标