《2023年山东省日照市中考物理试卷（解析版).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年山东省日照市中考物理试卷（解析版).docx（31页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年山东省日照市中考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择每题 3 分，共 30 分13 分2023日照市教育局明确要求全市全部中小学均为无烟学校，各学校会议室里均张贴了如以下图的标志，这主要是考虑到在空气不流通的房间里，只要有一个人吸烟，其他人都在被动吸烟，这是由于1A. 物质是由分子组成的C分子之间有间隙考点：分子的热运动专题：分子热运动、内能B. 分子之间有作用力D分子在不停地运动分析：集中现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停地做无规章运动解答：解：由于烟分子做无规章运动，在空气中进展集中，所以只要有一个人吸烟，其他人 都在被动吸烟，整个房间也会布满烟味；吸烟有害安康，所
2、以要在公共场所制止吸烟 应选 D点评：此题主要考察学生对：集中现象的了解和把握，是一道根底题23 分2023日照电视机的遥控器用红外线来传递信息，实现对电视机的把握，如以下图，不把遥控器对准电视机的把握窗口，按一下按纽，有时也可以把握电视机这是利用了A. 光的直线传播B光的反射C光的折射D光的色散考点：红外线 专题：应用题分析：红外线是一种看不见的光，它也遵循光的直线传播和反射规律，在现实生活中有实际的应用解答：解：遥控器发出的红外线，它会以光波的形式直线传播，并且可以发生反射，有时遥控器并没有对准电视机的把握窗口，而是沿某一适宜的方向对准墙壁按下按钮，也可以把握电视机，这是利用了光的反射应选
3、 B点评：此题主要考察红外线的应用，看不见的光也是需要把握的学问，属于根底题，同时还考察了光学学问在生产和生活中的应用，学问得到学以致用，可以加深对学问的理解和提高学习的兴趣33 分2023日照以下说法正确的选项是 A物体内能增大，确定从外界吸取热量B. 燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多C压缩冲程中，热机将机械能转化为内能D冬天冰冻的衣服干了，是蒸发形成的考点：物体内能的转变；生活中的升华现象；燃料的热值；内燃机的四个冲程 专题：热和能分析：A、做功和热传递都可以转变物体的内能；B、热值是指单位质量的燃料完全燃烧时放出的热量； C、热机的压缩冲程将机械能转化为内能；D、冰冻的衣服变干，是升
4、华现象解答：解：A、做功和热传递都可以转变物体的内能，物体内能增大，不愿定从外界吸取热量，也可能是外界对它做功，故A 错误；B、燃料的热值越大，燃烧时放出的热量不愿定越多，由于还要看质量和是否完全燃烧，故B 错误；C、压缩冲程中，活塞压缩气体，故将机械能转化为内能，故C 正确； D、冬天冰冻的衣服干了，是升华现象，不是蒸发形成的，故D 错误 应选C点评：此题考察了内能的转变方法，热值的概念，压缩冲程的能量转化，以及物态变化的推断，有确定综合性，都属热学根底学问43 分2023日照光的世界变幻莫测、微妙无穷关于光现象，以下说法正确的选项是 A照相时，被照者应站在距镜头二倍焦距以外B 在岸边看到水
5、中鱼的位置就是鱼在水里的实际位置C雨后彩虹是由光的反射形成的D眼睛“近视”时就需要佩戴用凸透镜制成的眼镜矫正考点：凸透镜成像的应用；光的折射现象及其应用；近视眼的成因与矫正方法专题：光的折射、光的色散；透镜及其应用分析：1u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机（2） 光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如： 看水里的鱼比实际位置浅等（3） 近视眼是晶状体曲度变大，会聚力气增加，应佩戴发散透镜使光线推迟会聚， 因凹透镜对光线有发散作用，所以近视眼应当配戴凹透镜才能看清远处的物体解答：解：A、照相时，被照者应站在距镜头二倍焦距以外，在底片上成倒立、缩小的实像， 故 A
6、 正确；B、鱼反射的光斜射到水面上，会发生折射现象，当光进入空气中后远离法线，射入 人的眼睛，而人眼由于错觉，认为光始终沿直线传播，逆着光的方向看上去而形成的虚像，所以比实际位置高，所以观看水中的鱼，实际是变浅了的鱼虚像，故B 错误； C、雨后彩虹是光的折射形成的，故C 错误；D、近视眼要戴凹透镜做成的眼镜进展矫正，故D 错误 应选A点评：此题考察了光的折射、反射以及凸透镜成像的应用，学问面比较广，属于光学根底学问的考察53 分2023日照如以下图，分别是音叉和钢琴发出的两列声波在同一示波器桑显示的波形，则这两列声波 A音调不同C音色不同B 响度不同D音调、响度和音色均不同考点：音调、响度与音
7、色的区分 专题：声现象分析：1频率是 1s 物体振动的次数，一样时间内振动越快，频率越大音调跟频率有关， 频率越大，音调越高（2） 振幅是物体振动时偏离原位置的大小，偏离原位置越大，振幅越大响度跟振幅有关，振幅越大，响度越大（3） 音色反映声音的品质和特色，与发声体的构造、材料有关解答：解：如图可知，两幅图中音叉、钢琴振动的快慢一样，因此音调一样；偏离原位置一样，因此响度一样；它们的波形不同，所以发声体不同，故音色不同应选C点评：把握声音的三个特征：音调、响度、音色音调跟频率有关；响度跟振幅有关；音色跟材料和构造有关63 分2023日照以下现象中，由于摩擦起电造成的是 A在枯燥的天气里脱毛衣，
8、会通道略微的噼啪声B 演奏二胡时，琴弓的弓毛与琴弦摩擦会产生声音C冬天感到手冷时，双手摩擦会使手变温存D把钢针沿磁体摩擦几下，钢针就能吸引铁屑考点：摩擦起电 专题：电流和电路分析：两种不同物质组成的物体相互摩擦后，物体能吸引轻小物体的现象是摩擦起电解答：解：A、在枯燥的天气里脱毛衣，发生摩擦起电现象，放电时产生噼啪声，符合题意；B、演奏二胡时，琴弓的弓毛与琴弦摩擦产生声音，属于振动产生声音，不属于摩擦起电；C、冬天感到手冷时，双手摩擦会使手变温存，是摩擦生热，机械能转化成内能，不属于摩擦起电；D、把钢针沿磁体摩擦几下，钢针就能吸引铁屑，是磁化现象，不属于摩擦起电 应选A点评：摩擦现象生活中很常
9、见，晚上衣服上有闪电，衣服上易沾有灰尘，梳子梳头发，头发随梳子飘起来等73 分2023日照小明在家里看电视时觉察：只要妈妈在旁边使用电吹风，屏幕上就会消灭很多“雪花”；电吹风一停，“雪花”也随即消逝这是由于电视机接收到了电吹风产生的A超声波B次声波C噪声D电磁波考点：电磁波的产生 专题：信息的传递分析：要解答此题需把握：变化的电流四周存在着电磁波，以及收音机和电视机能接收电磁波解答：解：这是由于变化的电流四周存在着电磁波，吹风机工作时能产生电磁波，这些电磁波被电视机接收，并对电视机产生干扰应选 D点评：此题主要考察学生对电磁波的产生以及电磁波的接收的了解和把握，是一道根底题83 分2023日照
10、以下现象中，通过做功转变物体内能的是A. 将烧红的铁块投放到冷水中，水温上升B. 古人钻木取火过程中，木头的温度上升C夏天，柏油路被阳光晒热D用电热壶烧水，水温上升考点：做功转变物体内能 专题：热和能分析：转变物体内能的方法：做功和热传递；热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程； 做功实质是能的转化过程解答：解：A、将烧红的铁块投放到冷水中，水温上升，水从铁块吸取热量，内能增加、温度上升，是利用热传递转变物体的内能 不符合题意；B、钻木取火因摩擦而发热，木头内能增加、温度上升，是利用做功转变物体的内能， 符合题意；C、路面从太阳吸取热量、内能增加、温度上升，是利用热传递转变
11、物体的内能，不符合题意；D、用电热壶烧水，水温上升，水从电热丝吸取热量，内能增加、温度上升，是利用热传递转变物体的内能，不符合题意应选 B点评：此题考察了转变物体内能的方法做功和热传递，留意二者的区分：传递过程属于能的转移，做功属于能的转化，属于根底题目93 分2023日照如以下图，当开关 S 闭合后，灯泡L1、L2 均正常发光，但过一会儿，两灯均突然熄灭某同学利用电压表探究电路故障，他用电压表分别接到灯L1、灯L2 两端测量电压，觉察灯L1 两端电压为零，灯L2 两端电压不为零，由此可推断电路的故障是 A灯 L1 断路B灯 L2 短路C灯 L2 断路D开关S 接触不良考点：电流表、电压表在推
12、断电路故障中的应用 专题：图像综合题分析：电路故障分为短路和断路，短路时电路中还有电流，有灯泡会亮；断路时，电路中没有电流，灯泡不亮解答：解：A、假设灯 L1 断路，当用电压表测量L2 两端电压时，电压表不会有示数，不合题意；B、假设灯L2 短路，当用电压表测量L2 两端电压时，电压表被短路，也不会有示数，不合题意；C、假设灯L2 断路，当用电压表测量时，电压表与灯L1 串联，电压表有示数，显示电源电压，符合题意；D、假设开关S 接触不良，则整个电路断路，灯L2 两端电压也会为零，不合题意 应选C点评：此题考察用电流表、电压表推断电路中的故障，要记住短路和断路的区分以及两表在电路中的不同特征1
13、03 分2023日照如以下图，海监部门在某海疆放置浮标以监测水文变化监测觉察，从春季至夏季，海水温度上升、体积膨胀导致海水密度变小此过程中，假设浮标体积保持不变，则A. 浮标所受浮力变大，露出海面体积变小B. 浮标所受浮力变小，露出海面体积变大C浮标所受浮力不变，露出海面体积变大D浮标所受浮力不变，露出海面体积变小考点：物体的浮沉条件及其应用 专题：浮沉的应用分析：物体漂移时，浮力等于重力，依据海水密度的变化，结合F 浮=gV 排可知浮标露出海面体积的变化状况解答：解：由于浮标始终漂移，并且浮标重力不变，故浮力等于重力，并且浮力不变；又由于海水密度减小，由F 浮=gV 排可知，浮标排开海水的体
14、积变大，则露出海面体积变小应选 D点评：此题考察物体的浮沉条件和阿基米德原理，比较简洁，属于根底题二、多项选择题每题 5 分，共 25 分115 分2023日照如以下图，使用中属于省力杠杆的是ABCD核桃夹起子镊子羊角锤考点：杠杆的分类 专题：简洁机械分析：结合图片和生活阅历，先推断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再推断它是属于哪种类型的杠杆解答：解：A、核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆； D、在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆应选：ABD点评：此题考察
15、的是杠杆的分类，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂； 费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂125 分2023日照关于汽车所应用的物理学问，以下说法正确的选项是 A汽车发动机常用水作为冷却剂的主要缘由是水的比热容较大B 安全带做得比较宽，是为了减小压强和保证安全C汽车急刹车时由于惯性还要滑行一段距离D雪天在轮胎上缠绕链条，是为了减小与地面间的摩擦考点：水的比热容的特点及应用；惯性现象；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用专题：其他综合题分析：A、水的比热容大，这是其常被用做冷却剂的缘由； B、在压力确定时，增大受力面积可以减小压强；C、一切物体都有保持原来运动
16、状态不变的性质，叫惯性； D、摩擦力的大小和压力的大小和接触面的粗糙程度有关解答：解：A、发动机用水做冷却剂，是由于水的比热容大，在转变一样的温度时，能够有收更多的热量，故说法正确；B、安全带做得比较宽，是在压力确定时为了减小压强，同时防止人由于惯性向前冲出，保证安全，故说法正确；C、汽车急刹车时由于惯性，仍要保持原来的运动状态，还要滑行一段距离，故说法正确；D、雪天在轮胎上缠绕链条，可以在压力确定时，增大与路面的摩擦，防止打滑，故说法错误应选 ABC点评：此题以汽车辆的物理学问为例，考察了水的比热容的特点、惯性现象、摩擦力的影响因素、压强的影响因素等，都属于重要的学问点，但总体难度并不大13
17、5 分2023日照如以下图，其中图中所示的试验与对应的表述正确的选项是AB电动机原理电磁感应现象CD推断通电螺线管的磁极小磁针在磁场中北极指向考点：直流电动机的原理；磁场；通电螺线管的磁场；电磁感应 专题：电和磁分析：1闭合电路的一局部导体，在磁场中做切割磁感线运动时，在导体中就会产生感应电流；（2） 通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是依据这个原理制成的；（3） 通电螺线管的磁场和条形磁体的磁场相像，用安培定则推断电流和磁极的关系；（4） 磁体四周的磁感线从 N 极到S 极，小磁针静止时 N 极的指向就是该点磁场的方向解答：解：A、图中是电磁感应现象，是发电机的工作原理，该选项不正确；
18、B、图中描述的磁场对电流的作用，是电动机的原理，该选项不正确； C、图中通电螺线管的磁场是依据安培定则推断出来的，该选项正确； D、图中小磁针N 极指向与该点磁场方向全都，该选项正确应选 CD点评：此题通过电磁方面几个重要的试验插图考察学生对根本学问的把握，具有确定综合性，相比照较简洁145 分2023日照甲、乙两同学从同一地点同时向一样方向做直线运动，他们通过的路程随时间变化的图象如以下图，由图象可知A. 在 010s 内，甲同学比乙同学运动的快B. 两同学在距离动身点 100m 处相遇C. 在 10s20s 内，乙同学静止不动D. 在 010s 内，乙同学的速度为 10m/s考点：速度与物
19、体运动 专题：长度、时间、速度分析：1在 st 图象中，一条斜线表示物体做的是匀速直线运动，依据图象读出甲乙同学在一样时间内通过的路程，即可比较出两物体的运动速度；（2） 由图象可以看出两同学在 015s 内通过的路程相等，且在此时相遇（3） 在st 图象中，和时间轴平行的线段表示物体处于静止状态，一条斜线表示物体做的是匀速直线运动；（4） 依据图象可知乙同学做匀速直线运动，在 010s 内的速度和 015s 内的速度一样，依据图中的数据利用速度公式求出再推断解答：解：A、由图象看出两同学在 010s 内的图象是一条斜线，表示物体做的是匀速直线运动，且在一样时间内甲同学通过的路程大于乙同学通过
20、的路程，所以v 甲v 乙， 故 A 正确；B、由图象看出两同学在 15s 末相遇，且 015s 内通过的路程相等，都是 100m， 故 B 正确；C、乙同学在 1020s 内的图象是一条斜线表示乙同学做的是匀速直线运动，故 C 错误；D、由图象看出乙在 015s 内通过的路程为 100m，所以，v 乙=6.7m/s，故 D 错误 应选 AB点评：此题考察了由 st 图象比较物体的速度大小、推断两物体的位置关系等内容，由图象推断物体的运动性质、找出物体的路程与所对应的时间，是解题的关键155 分2023日照如以下图，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中，以下说法正确的是A. 电流表读数
21、变小C电路总电阻变小考点：电路的动态分析B. 电磁铁的磁性增加D弹簧测力计示数变小专题：应用题；电路变化分析综合题分析：由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器与电磁铁串联，电流表测电路中的电流，依据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，依据欧姆定律可知电路中电流的变化，依据电流的变化可知电磁铁磁性的变化和铁球受力的变化，进一步推断弹簧测力计示数的 变化解答：解：由电路图可知，定值电阻和滑动变阻器与电磁铁串联，电流表测电路中的电流， 将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，故C 正确；由 I=可知，电路中的电流变大，即电流表的读数变大，故A 不正确； 因电磁铁的磁
22、性与通过的电流有关，所以，电磁铁的磁性增加，故B 正确；此时铁球受到的磁场力变大，弹簧测力计受到的拉力增大，示数变大，故D 不正确 应选 BC点评：此题考察了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的应用等，关键是电磁铁磁性变化的分析三、填空题每空 1 分，共 6 分162 分2023日照温度是表示物体冷热程度的物理量；液体温度计是依据液体热胀冷缩的性质制成的考点：液体温度计的构造与工作原理 专题：温度计、熔化和凝固分析：利用温度的定义、温度计的制作原理学问分析即可 解答：解：温度是表示物体冷热程度的物理量；常用温度计的原理是依据液体热胀冷缩的性质制成的 故答案为：冷热程度；热胀冷缩点评：此
23、题是对温度的概念和温度计的工作原理这个学问点的考察172 分2023日照夏天从冰箱里取出的水果，常看到水果外表先湿后干的现象，这现象反映的物态变化过程是 先液化后汽化 ；在我们北方秋、冬两季，有时地面和屋顶会消灭霜、窗玻璃上消灭冰花，这些都是 凝华 现象考点：液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点；生活中的凝华现象 专题：汽化和液化、升华和凝华分析：要正确推断物态变化过程，首先要弄清水是以怎样的物态形式消灭，结合液化是由气态变为液态的过程和汽化是由液态变为气态的过程，凝华：由气态直接变成固态，没有经过液态过程；可得出正确选项解答：解：刚从冰箱里取出的水果温度较低，空气中的水蒸气遇到冷的水果会液化
24、为水珠，发生液化现象，然后小水珠又渐渐蒸发成空气中的水蒸气，发生汽化现象，所以物态变化过程是先液化后汽化；在我们北方秋、冬两季，有时地面和屋顶会消灭霜，霜是空气中的水蒸气遇冷分散成的小冰晶，属于凝华现象；窗玻璃上消灭冰花，是由室内的水蒸气发生凝华附着在玻璃内侧上故答案为：先液化后汽化；凝华点评：由生活现象推断物态变化这类题目，确定要搞清物体先后都是以什么状态消灭，然后 结合熔化、汽化、升华、凝固、液化、凝华来推断物态变化过程，结合题意认真分析， 不行盲目推断182 分2023日照在水平桌面上有一块厚玻璃板，玻璃板上放着一枚硬币，硬币和它的虚像大约相距12mm，玻璃板的厚度大约是6mm；核反响堆
25、是通过可控裂变选填“聚变”或“裂变”反响释放核能的设备考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其试验方案；核裂变 专题：光的传播和反射、平面镜成像；能源的利用与进展分析：1依据平面镜成像的特点可知：像到镜的距离与物到镜的距离相等硬币放在厚玻璃上，下外表是反射面，硬币到反射面的距离就是玻璃的厚度2核电站主要利用核裂变的可控链式反响来发电的解答：解：1硬币的像与硬币的距离是12mm，所以硬币与反射面的距离就是6mm，即玻璃板厚度为 6m2核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的 故答案为：6；裂变点评：物体紧贴在玻璃外表上，玻璃的厚度就是物体与镜面的距离；核反响堆是核电站进展核反响的容器，发生是
26、的是裂变，目前人类没有把握和平使用聚变的技术四、作图与试验探究题共 18 分192 分2023日照如以下图，在“争论凸透镜成像规律”的试验中，观测到正立、放大的虚像试通过作图找出该透镜的两个焦点F 的位置考点：透镜的光路图专题：作图题；透镜及其应用分析：利用凸透镜的两条特别光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；依据光路可逆和图示作出透镜和焦点的大致位置解答：解：过 A 点作平行于主光轴的直线与凸透镜交于一点B，连接 AB 并延长交于主光轴F 点，F 点为凸透镜的一个焦点，在凸透镜的左侧对称的作出另一焦点F，如以下图：点评：凸透镜有三条特别光线：过光心
27、的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点208 分2023日照李小芳同学在物理试验室对串联电路电压规律进展试验探究时，利用现有的器材按如下步骤进展了操作：（1） 按图所示的电路图连接电路；（2） 闭合开关S，用电压表测出L1 两端的电压；（3） 在测L2 两端的电压时，李小芳同学为了节约试验时间，承受以下方法：电压表所接的B 接点不动，只断开 A 接点，并改接到C 接点上；（4） 测出 AC 间的电压对小芳同学以上试验操作评价是：在拆接电路时，开关应当断开；小芳同学用上面的方法能否测出L2 两端的电压？为什么？不能，
28、电压表的正负接线柱接反了（5） 方法改进后，测出 AB、BC、AC 间的电压记录在如表中，小芳同学依据本次试验数据可以得出的结论是：串联电路总电压不等于各用电器两端的电压之和填“等于”或“不等于”这个试验在设计方案上存在的缺乏之处是他只做了一次试验，而没有进展屡次测量，只凭一组试验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律UAB/VUBC/VUAC/V 3.11.44.45考点：探究串、并联电路中的电压规律试验 专题：探究型试验综合题分析：4连接电路时，开关必需要断开，断开的目的是为了保护电路，以防止由于接错消灭短路烧坏电源；电压表要准确的测量用电器两端的电压，必需严格依据电压表的使用规章进展操
29、 作，所以推断李瑞同学能不能用此方法测出L2 两端的电压，就看电压表此时是否与L2 并联，正负接线柱的接法是否正确；5将AB 间电压与 BC 间电压相加，即可推断出是否与AC 间电压相等通过试验获得结论，一般都要多做几次试验，多做几次试验，就可以多获几组数据，从而可以对数据进展归纳分析，以此获得结论解答：解：4在拆接电路时，开关必需断开；当电压表B 点不动，只断开 A 点，并改接到 C 点上时，虽然电压表此时与 L2 并联， 但电压表的正负接线柱却是反的，闭合开关后，指针会反向偏转，所以不能测出L2两端的电压；5由表中数据可知：UAB+UBC=3.1V+1.4V=4.5V，这与UAC 间电压不
30、相等，所以他的结论与猜测不相符，是由试验误差造成的缺乏之处是：他只做了一次试验，而没有进展屡次测量，只凭一组试验数据得出结论带有偶然性，不能得出正确规律故答案为：4断开；不能，电压表正负接线柱接反了；5不等于；他只做了一次试验，而没有进展屡次测量，只凭一组试验数据得出结论带有偶然性， 不能得出正确规律点评：此题是一道试验题，做此题时要围绕串联电路的电压规律去分析解答，需要留意的是在电学试验中，连接电路时开关都必需是断开的218 分2023日照刘光军同学在试验室做测量物体密度的试验时，他觉察分别将小石块和小木块放在同一个水杯中，小石块会下沉、小木块会漂移因此他就特别争论了物体的浮沉与物体密度的关
31、系，以下是他 的试验过程：（1） 在调成天寻常，觉察分度盘的指针如图甲所示，此时他应将平衡螺母向 右 选填“左”或“右”端调（2） 在测量石块质量时，他觉察往右盘中加减砝码总不能使天平平衡，这时他应移动 游码 使天平平衡 当天平再次平衡时所用的砝码及游码位置如图乙所示，则小石块的质量为 27.6 g（3） 在量筒中装入50mL 的水，把石块放入量筒后水面位置如图丙所示，则石块的体积是 10 cm3石块的密度为 2.76103 kg/m3（4） 再用调整好的天平测量出小木块的质量如图丁所示，用铅笔把木块刚好摁进水中，测量出小木块的体积为 79mL，则小木块的密度为 0.6103 kg/m3（5）
32、 刘光军同学把试验得出的小石块密度和小木块密度与水的密度进展了比较，而后又反复试验并查阅了一些资料，初步得到了一个结论是：浸没在液体中的物体，假设它的密度 小于 液体的密度，物体上浮，假设它的密度 大于 液体的密度，物体下沉考点：固体的密度测量试验专题：试验题；测量型试验综合题分析：1天平的调整原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢；（2） 要想知道测量石块质量时，觉察往右盘中加减砝码总不能使天平平衡，应如何操作？必需会测量物体质量时的操作方法；称量物体质量时，物体质量等于砝码质量加游码对应的刻度值；（3） 依据排水法原理，石块的体积V 等于石块和水的总体积减去水的体积；石块的密度用=来计算（4
33、） 读图可得小木块的质量，又知小木块的体积，利用=来计算小木块的密度（5） 物体在液体中的浮沉条件：上浮：F 浮G，悬浮：F 浮=G，下沉：F 浮G； 假设被争论的物体的平均密度可以知道，则物体的浮沉条件可变成以下形式：物液，上浮物=液，悬浮物液，下沉解答：解：1现在指针左偏，应当将平衡螺母向右调整；（2） 称量物体质量过程中，加砝码时应由大到小，最终调整游码使天平平衡；石块质量 m=20g+5g+2.6g=27.6g；（3） 石块的体积 V=60ml50ml=10ml=10cm3，石块的密度=2.76g/cm3=2.76103kg/m3；4小木块的质量m 木=20g+20g+5g+2.4g=
34、47.4g，小木块的密度木=0.6g/cm3=0.6103kg/m3；5浸没在水中的物体受到液体的浮力F 浮和重力G 两个力的作用，排开水的体积等于物体的体积，即：V 排=V 物，F 浮=液V 排 g=液 v 物 g， G=m 物 g=物 V 物 g，假设F 浮G，液V 物 g物 V 物 g，液物，物体将上浮； 假设F 浮G，液V 物 g物 V 物 g，液物，物体将下沉； 即：假设液物，物体将上浮；假设液物，物体将下沉故答案为：1右；2游码；27.6；310；2.76103；40.6103；5小于；大于点评：此题考察测固体密度的根本方法：用天平测出固体的质量m，在量筒中倒入适量水， 读出体积为
35、V1，再将固体浸没量筒的水中，读出总体积为V2，则固体的密度为=同时考察了学生对物体的浮沉条件、阿基米德原理的把握和运用，分析时用好“浸没时排开液体的体积等于物体体积”这个隐含条件五、计算题共 21 分226 分2023日照一辆运送大石块填海的汽车在平直大路上匀速行驶，行驶120km 后到达目的地所用时间为 80min汽车受到的阻力为6000N，大石块的质量为1.5104kg，体积为5m3，大石块与水平车厢的接触面积为 3m2g=10N/kg，海水=1.03103kg/m3求：（1） 石块对水平车厢的压强；（2） 汽车的功率；（3） 该石块全部沉入海水后，石块顶部距离海水面1m，计算石块所受到
36、的浮力大小和顶部所受的海水压强考点：压强的大小及其计算；液体的压强的计算；阿基米德原理；功率的计算 专题：压强和浮力；功、功率、机械效率分析：1石块对水平车厢的等于石块的重力，又石块与水平车厢的接触面积，依据p=即可求出石块对车厢的压强（2） 先依据速度公式求出汽车的速度，然后依据二力平衡条件得出牵引力等于阻力 ，最终依据公式 P=Fv 求出汽车的功率（3） 依据阿基米德原理的变形公式F 浮=液 gV 排求出石块受到的浮力； 依据 p=gh 即可求出石块顶部受到海水的压强解答：解：1石块对水平车厢的压力： F=G=mg=1.5104kg10N/kg=1.5105N，石块对水平车厢的压强：p=5
37、104Pa；（2） 汽车的速度：v=25m/s，由于汽车做匀速直线运动，因此F 牵引力=f=6000N，则汽车的功率：P=F 牵引力 v=6000N25m/s=1.5105W；（3） 石块受到的浮力：F 浮=海水 gV 排=1.03103kg/m310N/kg5m3=5.15104N； 石块顶部受到海水的压强：p=海水 gh=1.03103kg/m310N/kg1m=1.03104Pa 答：1石块对水平车厢的压强为5104Pa；2汽车的功率为 1.5105W；3石块所受到的浮力大小为 5.15104N；石块顶部受到海水的压强为 1.03 104Pa点评：此题考察了固体压强、液体压强、阿基米德原
38、理以及功率计算公式的理解和把握，综合性较强，难度不大236 分2023日照如以下图，电源电压恒为 4.5V，电压表量程为“03V”，滑动变阻器 R 规格为“20 ，1A”，灯泡 L 标有“3.0V，1.5W”字样不考虑灯丝电阻变化在不损坏电路元件状况下，求：（1） 灯泡的电阻和正常工作的电流；（2） 滑动变阻器阻值变化的范围；（3） 该电路的最大功率1考点：欧姆定律的应用；电功率的计算 专题：电路和欧姆定律；电能和电功率分析：1由电功率公式可以求出灯泡电阻与额定电流（2） 由串联电路特点与欧姆定律可以求出滑动变阻器的阻值范围（3） 由电功率公式可以求出电路消耗的最大功率 解答：解：1由 P=U
39、I 可知，灯泡额定电流：I=0.5A，1由 I=可知，灯泡电阻：RL=6；（2） 电路最大电流等于灯泡额定电流，由 I=可知，此时滑动变阻器接入电路的阻值： R 滑最小=3，电压表量程为 03V，电压表最大示数是 3V，此时电路电流I=0.25A，由 I=可知，此时滑动变阻器接入电路的阻值： R 滑最大=12，则滑动变阻器接入电路的阻值范围是：312；（3） 灯泡正常发光时电路电流最大，此时电路消耗的功率最大， 最大功率：P=UI=4.5V0.5A=2.25W；答：1灯泡的电阻为 12 欧姆，正常工作的电流为 0.5A；（2） 滑动变阻器阻值变化的范围是：312；（3） 该电路的最大功率为 2
40、.25W点评：此题考察了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是依据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不愿定完全解答选项，只要有不正确的地方，本选项即为不正确249 分2023日照光明同学的家中有一台微电脑把握的电热水壶，如以下图该电热水壶可以将水从桶中自动抽到壶中并自动加热至水烧开光明同学观看该电热水壶的铭牌时觉察其额定加热功率模糊不清楚， 其它铭牌标记均清楚如表所示；烧水前他关掉家里其它用电器，只接通电热水壶把握开关，小电动机开头额定电压下用 5s 时间将水从桶中提升了 0.8m 加至电热水壶满刻度处自动停顿加水，此时显示水温为20， 电热水壶加满水后
41、开头在额定电压下烧水至水温为100时自动断开电路停顿工作光明同学还观看到，在电 热水壶烧水的过程中，家里标有 3000r/kWh 的电能表在 30s 内转盘转了 50 转g=10N/kg，水=1.0103kg/m3，C 水=4.2103J/kg型号额定电压额定频率额定加热功率MH200 220V50Hz小电动机额定功率 5W容量2.0L求：（1） 小电动机提升水的工作效率；（2） 电热水壶的额定加热功率；（3） 假设在用电顶峰时间明同学家中的实际电压是额定电压的90%，电热水壶在此电压下烧水时的加热效 率为 90%，试计算在用电顶峰时烧开该壶水所需的时间考点：电功与热量的综合计算 专题：计算题
42、；电和热综合题分析：1先依据密度的变形公式求出水的质量，再依据 W 有=Gh 求出有用功，利用 W=pt求出电动机消耗的电能，最终利用=即可求出工作效率；（2） 依据电能表表盘上标的“3000r/Kwh”和表盘实际转动的圈数为 50，求出用电器消耗的电能，则依据 P=求额定加热功率；（3） 依据 Q 吸=cmt 求出水吸取的热量，然后依据=求出电热水壶的加热效率 解答：解：1由=可得，水的质量：m=V=1103kg/m32103m3=2kg；则水的重力：G=mg=2kg10N/kg=20N； 有用功：W 有=Gh=20N0.8m=16J；电动机消耗的电能 W=P 机 t=5W5s=25J；电动
43、机工作效率机=100%=100%=64%；2依据电能表上标的参数“3000r/kWh”的含义可知，当电能表上转盘转50 转时，用电器消耗的电能 W=1kWh=kWh=6104J所以热水壶的额定加热功率P 加=2023W3把2L 水从 20加热到 100吸取的热量：Q 吸=cmt=4.2103J/kg 2kg10020=6.72106J；热水壶的额定加热功率 P 加=2023W，由 P=得：加热电阻为：R=24.2，当实际电压是额定电压的 90%，其实际功率为 P 实=1620W，由题意可知：Q 吸=P 实t，则加热时间t=460.9s答：1小电动机提升水的工作效率为64%；（2） 电热水壶的额定加热功率为 2023W；（3） 在用电顶峰时烧开该壶水所需的时间为460.9s点评：此题考察了密度、重力、功、吸热公式、电功公式以及热效率公式的应用，学问点多、联系实际生活，属于中考常见题型，从电热水壶铭牌得出相关信息是此题的关键山东省日照市 2