《2023年高考政治第二次模拟考试卷—物理（广东A卷）（全解全析）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年高考政治第二次模拟考试卷—物理（广东A卷）（全解全析）.pdf（21页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年图考物理第二次模拟考试卷物理.全解全析注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一、单项选择题：本题共7 小题，每小题4 分，共 28分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.氮元素对地球来说是一种非常稀少和宝贵的资源。如图所示为氨离子（He*）的能级图，若根据玻尔原子理论，关于氢离子能级跃迁，下列说法正确的是（）
2、He+V1804e.5J.4.o以o-1.-2.T-6.86543261-54.4A.大量处于=3 能级的氮原子，最多可辐射2 种不同频率的光子B.从=4 向=3 能级跃迁，要向外辐射光子的能量2.64eVC.处于=1能级的氨原子，可以吸收54.0eV的能量而发生电离D.从 =3跃迁到=2 能级比从 =2跃迁到 =1能级辐射出的光子波长短【答案】B【解析】A.大量处于=3 能级的氮离了，最多可辐射C；=3种不同频率的光子，故 A 错误；B.因为从 =4 向 =3 能级跃迁，要向外辐射光子的能量AE43=E4-E3=2.64eV故 B 正确；C.由图可知，处于=1能级的氮离子要发生电离，需要吸收
3、的能量应满足AEO-E,=54.4eV故C错误；D.因为从 =3跃迁到 =2能级辐射的光子能量为AE=E3-E2=7.56eV而从 =2跃迁到=1能级辐射的光子能量为AE=E2-E,=40.8eV即从=3跃迁到,=2能级比从=2跃迁到“=1能级辐射出的光子的能量小，又因为=hv所以从 =3跃迁到 =2能级比从 =2跃迁到 =1能级辐射出的光子频率低，波长长，故D错误。故选B。2.如图所示，。为光滑绝缘水平面上正方形区域ABCO的几何中心，该区域有一匀强电场，方向水平由Q指向P。一带负电小球从尸点以速度沿尸。方向射入电场。以下说法正确的是（）A.小球由P向做减速运动B.电场中A点的电势低于C点的
4、电势C.小球由尸向运动的过程中，电势能不断减小D.该小球若从M点 沿 方 向 射 入，则小球将向8 c边偏转【答案】C【解析】A.小球带负电，可知小球所受电场力沿着PQ方向，与小球得初速度方向相同，小球做加速运动，故A错误；B.根据匀强电场的等势线和电场线垂直可知，C点的电势等于P点的电势，A点的电势等于。点的电势，沿着电场线的方向电势逐渐降低，可知电场中A点的电势高于C点的电势，故B错误；C.根 据A选项分析可知小球所受电场力的方向与小球的运动方向相同，电场力做正功，则小球的电势能不断减小，故C正确；D.根 据A选项分析可知小球所受电场力沿着尸2方向，该小球若从m点沿的方向射入，则小球将 向
5、 边 偏 转，故D错误。故选C。3.如图所示，一平台固定在竖直平面内，以平台右边缘。点为原点，沿平台右侧竖直向下为），轴正方向，沿水平向右为x轴正方向建立直角坐标系x。）在该坐标系中，以坐标原点0为圆心，半径为R的四分之一圆弧轨道竖直固定在平台的右侧。质量为m的小球从坐标原点0以初速度w（大小未知）沿X轴正方向平抛。重力加速度大小为g,不计空气阻力。小球 从。点抛出后到落到圆弧轨道上的过程中，下列说法正确的是（）A.当初速度%的大小为适当的值时，小球可能垂直落到圆弧轨道上B.初速度%越大，小球在空中运动的时间越长c.初速度%时，小球落到圆弧轨道上的动量最小百RD.小球落到圆弧轨道上的最小动能为
6、2【答案】D【解析】A.若小球垂直打在圆轨道上，则速度方向的反向延长线应交于圆心；而于平抛运动的规律可知，速度方向的反向延长线应交于水平位移的中点，根据题意可知圆心和水平位移的中点不是同一位置，故A错误；B.小球做平抛运动，在竖直方向上物体做自由落体运动，有,1，h=28 t解得Y可知力越大，小球在空中运动时间越长，由图可知小球速度如越小，下落的高度越高，长行时间越长，故B错误；C D.设落地点与0点的连线与水平方向的夹角为仇小球做平抛运动RcosO=vot1 ,Rsm0=-g t2由动能定理得mgR s i n 0 =线 一 g，片解得 0 1 ）E.=-s i n 6 +-（4 4 s i
7、 n）由数学知识得：当-sin6=14 4sin6即 A A/3sin6*=-一3以取最小值kmin=根据p=j2 m%、可知动能最小时动量最小，此时x=R3联立以上可得故 C 错误，D 正确。故选D。4.传统岭南祠堂式建筑陈家祠保留了瓦片屋顶，屋顶结构可简化为如图，弧形瓦片静止在两根相互平行的倾斜椽子正中间。已知椽子与水平面夹角均为,瓦片质量为m,重力加速度为g,则椽子对 瓦 片()椽子A.支持力的合力方向竖直向上B.作用力的合力方向竖直向上C.支持力的合力大小为,咫D.作用力的合力大小为agcos。【答案】B【解析】A B.对瓦片进行受力分析，受到椽子对其的支持力方向垂直接触面斜向上；根据
8、平衡条件可得椽子对瓦片的作用力的合力与瓦片的重力为一对平衡力，即椽子对瓦片的作用力的合力方向竖直向上，A错误，B正确；C.根据前面分析椽子对瓦片支持力的合力大小为FN=mg cos 0C错误；D.椽子对瓦片作用力的合力大小为F=mgD错误。故选B。5.图甲示意我国建造的第一台回旋加速器，该加速器存放于中国原子能科学研究院，其工作原理如A.由于粒子速度被逐渐加大，则它在D形盒中的运动周期越来越小B.由于粒子速度被逐渐加大，极板所加的交流电周期要相应减小C.粒子从加速器出来的最大速度与D形盒的半径大小及磁场磁感应强度有关D.粒子增加的动能来源于磁场【答案】C 2兀m1 =-【解析】AB.粒 子 在
9、磁场中运动的周期 qB,与粒子速度无关，故粒子在D形盒中的运动周期不变，所加交流电的周期也相应保持不变，故AB错误；C.粒子由D形盒中飞出时，有qvmB=m K得mvR=qB结合2耳=吗K1 2可解得粒子的最大速度为B2R2q2%=-2 m与D形盒的半径大小R及磁场磁感应强度8均有关，故C正确；D.洛伦力总与粒子的运动方向垂直，不对粒子做功，只改变其方向，粒子增加的动能来源于加速电场，故D错误。故选C。6.风力发电为2 02 2年卡塔尔世界杯供应绿色电能，其模型如图所示。风轮机叶片转速为n,并形成半径为的圆面，通过转速比为1 乂的升速齿轮箱带动面积为5、匝数为N的发电机线圈高速转动，产生的交变
10、电流经过理想变压器升压后，输出电压为U。已知空气密度为p,风速为v,匀强磁场的磁感应强度为B,V为交流电压表，忽略线圈电阻，则（）A.线圈位于图示位置时，交流电压表的示数为零B.从图示位置开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为2曲以5版s i n（2成”）C.变压器原、副线圈的匝数比为2兀NB S如:U1,2p it!VD.单位时间内冲击风轮机叶片气流的动能为2【答案】B【解析】A.交流电压表的示数应始终为交变电流的有效值，故A错误；B.由题意可得发电机线圈的转速为成，则发电机输出的交变电流的频率为f=nk对该线框发电产生的交变电流应有co=2 itf=2 mke=NBScosm cot=
11、InNBSnk smilnnkt）故B正确；c.线圈中产生的感应电动势有效值为E =宠=向NBSnk根据变压器原副线圈匝数关系得原副线圈匝数比为n,_E _ slinNBSnknU U故 C错误；D.单位时间（取&=l s）内冲击风轮机叶片气流的体积V=Sh=Sv-At=nrv气体质量m=pV=pnrv动能Ek=mv2=；0兀/故 D错误。故选B o7 .如图所示，在竖直平面中，有一根水平放置的，长度为L 的不可伸长的轻绳，绳的一端固定在。点，另一端连有质量为机的小球。现从A点静止释放小球，当小球运动到。点正下方B点时，绳子突然断裂。B点位于斜面顶端，斜面足够长，倾角为仇则下面的说法正确的是（
12、)I t a n 0B .小球落至斜面所需的时间为V gC.小球落至斜面C 点与B点的距离为4 L t a n d.s i n。4 L-；D.小球落至斜面C 点与B点的距离为 c o s-3【答案】D【解析】AB.小球48过程，由动能定理得mgL=-mvl解得vB=/2g 小球8 c 过程做平抛运动，有1 2tan。，*=里x vBt 2VB解得_ 2VB tan 6 _ 212gL tan 0t 2L 八=2 I tan 0V ggg所以从A 点静止释放小球，小球落至斜面所需的时间大于f,故 AB错误;CD.小 球 BC过程做平抛运动，有1 ,1 8Ltan20 y=8r=7 g-=4Lta
13、n-。2 2g小球落至斜面C 点与B 点的距离为_ y _ 4Atan2 0 _ 4Lsin-sin0-sin，一 cos26 故 C 错误，D 正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共1 8分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分有选错的得0分。8.如图所示，卫星A 是 2022年 8 月 2 0 日我国成功发射的“遥感三十五号04”组 卫 星（轨道为圆），卫星B 是地球同步卫星，卫星P 是地球赤道上还未发射的卫星，己知三颗卫星的质量相等，下列说法正确的是（）-、X、z/、/L-、OB/x-x O A 、-J /、，-JA.卫星A
14、 运动得最快 B.卫星B 的加速度最小C.卫星B、P 的角速度相等 D.卫星P 受到地球的引力最小【答案】AC【解析】C.由于星B 是地球同步卫星，卫 星 P 是地球赤道上还未发射的卫星，卫 星 P、B 的角速度相等，C 正确；A.对于卫星A、B,根据万有引力提供向心力，有解得由题图可知所以由于星B是地球同步卫星，卫星P是地球赤道上还未发射的卫星，卫星P、B的角速度相等，根据v=a）r可知%蚱则卫星A运动得最快，A正确；B.根据 MtnG =ma可知根据a=a 2r可知aBap可知，卫星P的加速度最小，B错误；D.根据FA=G-由于卫星P距地心最近，其受到地球的引力最大，D错误。故选ACo9.
15、如图，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为乙 导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙,二者平滑链接，右端接一个阻值为R的定值电阻。平直部分导轨左边区域有宽度为4、方向竖直向上、磁感应强度大小为8的匀强磁场。质量为?、长为乙、电阻为2R的金属棒从高为人处由静止释放，到达磁场右边界处恰好停止。已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为，金属棒与导轨间接触良好。则金属棒穿过磁场区域的过程中（）B.金属棒两端电势差的最大值为B乙 廊C.电阻R 产生的焦耳热为叫（一）B213 dD.金属棒通过磁场所用的时间为 g 3RmgR【答案】AD【解析】A.由右手定则可知，流过定值电阻的电流方向是：Q N,故 人正
16、确;B.金属棒刚进入磁场时，速度最大，金属棒两端电势差最大，由动能定理可知.1 2fngn=mv解得感应电动势为E=BLvm=BLy/2gh金属棒两端电势差的最大值为R E-B g H2R+R 3故 B 错误；C.由能量守恒定律可知，金属棒穿过磁场区域的过程中电路中产生的焦耳热为Q=mgh-jLirngd电阻/?产生的焦耳热为QR=3 一ZA+A J故 c 错误；D.由动量定理可知一 mg，-BiLt=0-tnvm又.E BLvi=-=-2R+R3R解得廊 B2 13 dI=-g 3 HmgR故 D 正确。故选ADo1 0.在地面以初速度%竖直向上抛出一个小球，小球运动过程中受到的空气阻力与其
17、速率成正比，落地时速率为甘，且落地前已匀速，重力加速度为g。下列说法正确的是()A.小球加速度在上升过程中逐渐减小，在下落过程中逐渐增加G+gB.小球抛出瞬间的加速度最大，且大小为IC.小球上升过程中机械能逐渐减小，在下落过程中机械能逐渐增加D.小球上升过程中克服阻力做功的数值大于下落过程中克服阻力做功的数值【答案】BD【解析】A.上升过程，受重力和阻力，合力向下，根据牛顿第二定律，有f-mg=tna解得a=g+gtn由于是减速上升，阻力逐渐减小，故加速度不断减小；下降过程，受重力和阻力，根据牛顿第二定律，有mg-J=ma解得a=g gm由于速度变大，阻力变大，故加速度变小；即上升和下降过程，
18、加速度一直在减小，A 错误；B.空气阻力与其速率成正比，最终以刃匀速下降，有mg-kvi小球抛出瞬间，有ing+kv(f=maO联立解得魅=(1+%g抛出瞬间加速度最大，B 正确；C.全程一直存在空气阻力做功，机械能一直减小，C 错误；D.上升过程同样位置的阻力大于下落过程同样位置的阻力，因此小球上升克服阻力做功的数值大于小球下降克服阻力做功的数值，D E确。故选BD -4/w14.（16分）如图甲所示,质量=L5kg的长木板静止在足够大的水平地面上，一小物块以%=lm/s的速度从左端滑上长木板后，恰好不能从木板的右端掉落，其运动的V T 图像如图乙所示。取重力加速度大小g=lm收,求：（1）
19、木板的长度L;（2）小物块与木板间因摩擦产生的热量Q；（3）2s4s内静摩擦力对长木板的冲量/。【答案】L=lm；Q=40J；（3）/=2 N-s,方向向右【解析】（1）由题意结合n T 图像可知，=2s时，小物块与木板共速，且刚好运动到木板的右端,则有,10+2、0+2 ，八L=x物 一x板=-x2m-x2m=10m（2）设小物块的质量为?，小物块与长木板间的动摩擦因数为从，长木板与地面间的动摩擦因数为2,前 2 s 内小物块的加速度大小为4,长木板的加速度大小为生，小物块在长木板上滑动的距离为L,2s后小物块和长木板一起做匀减速直线运动时的加速度大小为由,则有10-2,2%=-m/s=4m
20、/s2 0 2 i i 2a2=a3=R2g=,2 m/s=lm/s4Mg-42（M+2）g=Ma2联立解得=0.4=0.1/n=lkg小物块与木板间因摩擦产生的热量为Q=从 MgL=0.4xlxl0 xl0J=40J（3）设 2s4 s 内长木板受到小物块的静摩擦力大小为力该静摩擦力的方向向右。则有f =ma3=IN静摩擦力对长木板的冲量大小为/=/Ar=2N-s方向向右。（二）选考题：共12分。请考生从2道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。选修3-315.（1）（4 分）一定质量的理想气体依次经历三个过程,回到初始状态，该过程可用如图甲所示的。一7图上三条直线心 氏 c 表
21、示，其中a 平行于横轴，的延长线过坐标原点。，c 平行于纵轴，该过程也可用如图乙所示的P-V图表示。整 个 过 程 中 气 体（选填“从外界吸热”或“向外界放热”）,图甲中的6 过 程 与 图 乙 中 的 （选填“，、“e或7 ）过程对应。甲 乙【答案】从外界吸热 e【解析】由图可知，整个过程理想气体的内能不变，而气体对外做功，根据热力学第一定律又AlV0则整个过程中气体从外界吸热。图甲中，人过程，根据一定质量的理想气体状态方程T可知，温度不变，故与图乙中的e 过程对应。（2）（8 分）工人浇筑混凝土墙壁时，内部形成了一块气密性良好充满空气的空腔，墙壁导热性能良好。（1）空腔内气体的温度变化范
22、围为-33 47,问空腔内气体的最小压强与最大压强之比；（2）填充空腔前，需要测出空腔的容积。在墙上钻一个小孔，用细管将空腔和一个带有气压传感器的气缸连通，形成密闭空间。当气缸内气体体积为1L时，传感器的示数为LOatm。将活塞缓慢下压,气缸内气体体积为S7L时，传感器的示数为I.2atm。求该空腔的容积。3【答案】（1）4.（2）0.8L【解析】（1）以空腔内的气体为研究对象，最低温度时，压强化，1=2 4 0 K；最高温度时，压强P2,4=320K；根据查理定律可知A=Z LPl T2解得PI-4（2）设空腔的体积为%,气缸的容积为V，以整个系统内的气体为研究对象，则未下压时气体的压强P
23、3=L 0 a tm,体积+V =1 L下 压 后 气 体 的 压 强=L2atm,体积%=%+V,U =0.7L根据波意耳定律p3K=PNI解得%=0.8L 选修3-416.（1）（4 分）图甲表示一列简谐横波在/=ls时的波形图，图乙是该列波中的质点尸的振动图像，由甲、乙两图中所提供的信息可知该波的传播速度为 m/s,该 列 波 的 传 播 方 向 为（选填“沿x甲 乙【答案】0.5 沿x轴正方向【解析】由题图甲可得波长A=100cm=lm由题图乙可得周期T=2s则波速为A-1 .v=m/s=0.5m/sT 2根据图乙可知X 1S时，质点尸在平衡位置向下振动，根据波的平移可知波沿X正向传播
24、；（2）（8 分）如图所示，三 角 形A B C为三棱镜的横截面，一细束单色光从A 8 C的侧面A C上中点D点入射，改变入射角i,当A C侧面的折射光线与B C边平行时，恰好没有光线从A B侧面边射出棱镜，已知 A C=B C=9 c m,且/A 8 C=5 3。，sin5 3=0.8,空气中的光速c=3 xl（）8 m/s,求：（1）该棱镜对该单色光的折射率；（2）当A C侧面的折射光线与8 c边平行时，求该单色光从D点入射到第一次从棱镜中射出传播5【答案】（2）r =5 xlO-,os【解析】（1）当A C侧面的折射光线与8 c边平行时，恰好没有光线从A 8侧面边射出棱镜光路图如有几何关系可知，临界角为C=3 7。由折射率可知1 5n =-=sinC 3光在棱镜中的位移为:L=DE+EF=-B C +-A C =0.09n2 2Cn=其中 v,光传播的时间为Lt=v解得：r=5xio-,as