《2023年江苏武进高级中学、常州二中高一下学期期末调研物理试题含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年江苏武进高级中学、常州二中高一下学期期末调研物理试题含答案.pdf（21页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、高一年级期末调研高一年级期末调研 物理试卷物理试卷一、单选题（本题共一、单选题（本题共 10 题，每小题题，每小题 4 分，共分，共 40 分。每小题只有一个选项符合题意）。分。每小题只有一个选项符合题意）。1.关于以下几幅插图，下列说法正确的是（）A.甲图，用头发屑可以模拟电场线，图中的电荷一定是带正电B.乙图，优质的话筒线外面包裹看金属网，目的是为了增强话筒线的导电性能C.丙图，加油站给车加油前，触摸一下静电释放器，可将人体的静电释放到大地D.丁图，摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为尖端放电2.以下关于多用电表的说法中，正确的是（）A.在测电流时，若指针偏转过小，则需换
2、更大的量程B.测量电路中的某个电阻时，应该把该电阻与电路断开C.测量阻值不同电阻时都不必重新进行欧姆调零D.多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，则需选择更大的倍率进行测量3.有研究发现，某神经细胞传递信号时，离子从细胞膜一侧流到另一侧形成跨膜电流。若将该细胞膜视为110-8F 的电容器，在 4ms内细胞膜两侧的电势差从-70mV 变为 30mV，则该过程中跨膜电流的平均值为（）A.1.510-7AB.210-7AC.2.510-7AD.510-7A4.如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表 G 和一个变阻器组成的，已知灵敏电流表的满偏电流g2mAI=，内电阻g300R=，则下列说法
3、正确的是（）A.甲表是电流表，R 增大时量程增大B.乙表是电流表，R增大时量程增大C.在甲图中，若改装成的电流表的量程为0.6A，则0.5R=的2023年江苏武进高级中学、常州二中高一下学期期末调研物理试题2023年江苏武进高级中学、常州二中高一下学期期末调研物理试题 D.在乙图中，若改装成的电流表的量程为3V，则1200R=5.如图所示，一物体置于倾角为的粗糙斜面上，在水平推力 F作用下斜面向左做匀加速直线运动，运动过程中物体与斜面之间保持相对静止，则下列说法正确的是（）A.斜面对物体的摩擦力可能做正功 B.斜面对物体的支持力可能做负功 C.斜面对物体的作用力可能不做功 D.该物体受到的合外
4、力可能不做功 6.如图所示，在某电场中画出了三条电场线，C 点是 A、B 连线的中点已知 A 点的电势 A30 V，B点的电势 B10V，则 C 点的电势()A.C10 V B.C10 V C.C C.粒子12xx段做匀变速运动，23xx段做匀速直线运动 D.x1与 x2两点间的电势差12U等于 x2与 x3两点间的电势差23U 10.如图所示，小球沿竖直光滑圆轨道内侧运动到最高点时，小球的机械能 E机、重力势能 Ep（取圆轨道的最低点重力势能为零）和动能 Ek的相对大小（用柱形高度表示），可能正确的是（）的在 A.B.C.D.二、非选择题（本题共二、非选择题（本题共 5 小题，共小题，共 6
5、0 分）分）11.如图甲所示金属工件，截面外方内圆，外边长约为 1cm、内径约为 0.5cm、长度约为 40cm。提供的器包括：电源（6.0V）、电压表 V（量程 6V，内阻约为 8k）、电流表 A（量程 0.6A，内阻约为 0.2）、滑动变阻器 R1（最大值 5，额定电流 2A）、滑动变阻器 R2（最大值 200，额定电流 2A）、毫米刻度尺、游标卡尺、螺旋测微器、导线和开关。（1）某同学用游标卡尺测出截面外边长如图乙所示，其读数=a_cm。（2）应选用_来测量工件内径 d，选用_来测量工件长度 L。（选填A：“毫米刻度尺”、B：“游标卡尺”、C：“螺旋测微器”）（3）为了测出该金属的电阻率
6、，该同学设计了如图丙所示的电路，实验中滑动变阻器应选用_（选填 A：“滑动变阻器 R1”或 B：“滑动变阻器 R2”），并将图丁的实物图连接好_（4）某次实验测得工件两端电压为 U，通过的电流为 I，写出该金属电阻率的表达式=_。（用a、d、L、U、I 等字母表示）（用物理量符号表示）（5）任何实验测量都存在误差。本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项有_ A.用游标卡尺测量金属外边长时，由于读数引起误差属于系统误差 B.由于电流表分压使得金属工件电阻阻值和真实值相比偏小 的的 C.若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差 D.用UI图像处理数据求
7、金属工件电阻可以减小偶然误差 12.如图电路中，电源电压恒为 12V（内阻不计），13R=，26R=，36R=。（1）若在 C、D间连一个理想电压表，其读数是多少？（2）若在 C、D间连一个理想电流表，其读数是多少？13.如图所示，粗糙水平面 AB与竖直面内的光滑半圆形轨道在 B 点平滑相接，导轨半径 R=0.4m，一质量m=1kg 的小滑块（可视为质点）将弹簧压缩至 A 点后由静止释放，经过 B 点后恰好能通过最高点 C 作平抛运动。已知小滑块与轨道 AB 间的动摩擦因数=0.2，AB 的长度 L=2m，求：（1）小滑块在圆轨道最高点速度大小；（2）小滑块在 B点对轨道的压力；（3）弹簧压缩
8、至 A 点时弹簧的弹性势能；14.如图，竖直正对放置的金属板 A、B 中间开有小孔，小孔的连线沿水平放置的金属板 M、N 的中心线OO，粒子源 P 可以连续发出质量为 m，电荷量为 q的带正电粒子（初速不计），粒子在 A、B间被加速电压 U0加速后，沿平行板的方向从金属板 M、N正中间射入两板之间。M、N板长为 L，两板间距离为33L，板 M、N右侧距板右端 L处放置一足够大的荧光屏 PQ，屏与OO垂直，交点为O。粒子重力不计，求：（1）粒子进入 MN 板间时的速度大小 v0；（2）粒子刚好从 N板的右边缘离开偏转电场时，M、N 板间的电压 U1；（3）若 M、N 板间的电压可调，则在荧光屏上
9、有粒子达到区域的最大长度 b。15.如图所示，质量0.2kgM=的长木板静止在水平地面上，与地面间的动摩擦因数10.1=，一质量0.1kgm=的带正电小滑块以08m/sv=的初速度滑上长木板，滑块与长木板间的动摩擦因数20.5=，小滑块带电量为32 10 Cq=，整个运动过程始终处于水平向右的匀强电场中，电场强度21 10 N/CE=，（取210m/sg=）求：（1）刚开始时小滑块和长木板的加速度大小；（2）小滑块最后停在距木板左端多远的位置；（3）整个运动过程中产生的热量。高一年级期末调研高一年级期末调研 物理试卷物理试卷 一、单选题（本题共一、单选题（本题共 10 题，每小题题，每小题 4
10、 分，共分，共 40 分。每小题只有一个选项符合题意）。分。每小题只有一个选项符合题意）。1.关于以下几幅插图，下列说法正确的是（）A.甲图，用头发屑可以模拟电场线，图中的电荷一定是带正电 B.乙图，优质的话筒线外面包裹看金属网，目的是为了增强话筒线的导电性能 C.丙图，加油站给车加油前，触摸一下静电释放器，可将人体的静电释放到大地 D.丁图，摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为尖端放电【答案】C【解析】【详解】A点电荷的电场都是辐射状的，所以图甲模拟的可能是正点电荷形成的电场，也可能是负点电荷形成的电场，故 A错误；B话筒线使用金属网状编织层包裹着导线是为了屏蔽外部干扰，实
11、现高保真信号传输，故 B错误；C在加油站给车加油前手要触摸一下静电释放器，是让静电通过静电释放器导走，以防止静电危害，防止在加油的时候有意外发生，故 C 正确；D图丙中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为静电吸附，故 D 错误。故选 C。2.以下关于多用电表的说法中，正确的是（）A.在测电流时，若指针偏转过小，则需换更大的量程 B.测量电路中的某个电阻时，应该把该电阻与电路断开 C.测量阻值不同的电阻时都不必重新进行欧姆调零 D.多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，则需选择更大的倍率进行测量【答案】B【解析】【详解】A在测电流时，若指针偏转过小，说明电流很小，则需换更小
12、的量程，故 A错误；B测量电路中某个电阻时，应该把该电阻与电路断开，故 B 正确；C测量阻值不同的电阻时，切换挡位后，需要重新欧姆调零，故 C错误；D多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，说明倍率大,示数小，则需选择更小的倍率进行测量，故 D 错误。故选 B。3.有研究发现，某神经细胞传递信号时，离子从细胞膜一侧流到另一侧形成跨膜电流。若将该细胞膜视为110-8F 的电容器，在 4ms内细胞膜两侧的电势差从-70mV 变为 30mV，则该过程中跨膜电流的平均值为（）A.1.510-7A B.210-7A C.2.510-7A D.510-7A【答案】C【解析】【详解】电势差为-70mV时电
13、荷量为 10117 10CQCU=电势差为 30mV 时电荷量为 10223 10CQCU=由于电势差从-70mV变为 30mV，则电容器中电荷量线中和后反向充电，则移动的电荷量为 9121.0 10 CQQQ=+=则该过程中跨膜电流的平均值为 72.5 10 AQIt=故选 C。4.如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表 G 和一个变阻器组成的，已知灵敏电流表的满偏电流g2mAI=，内电阻g300R=，则下列说法正确的是（）A.甲表是电流表，R 增大时量程增大 B.乙表是电流表，R增大时量程增大 C.在甲图中，若改装成的电流表的量程为0.6A，则0.5R=D.在乙图中，若改装成的电流表
14、的量程为3V，则1200R=的 【答案】D【解析】【详解】A甲由一个灵敏电流表G和一个变阻器R并联，利用并联电阻的分流，改装成电流表。电流表的量程 gggI RIIR=+可知当R增大时，量程I减小，故 A错误；B乙由一个灵敏电流表G和一个变阻器R串联，利用串联电阻的分压，改装成电压表。电压表的量程()ggUIRR=+可知R增大时，量程增大，故 B 错误；C由公式 gggI RIIR=+知，在甲图中，若改装成的电流表的量程为0.6A，则 1.003R=故 C 错误；D由公式()ggUIRR=+知，在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则 1200R=故 D 正确 故选 D。5.如图所示，一物体
15、置于倾角为的粗糙斜面上，在水平推力 F作用下斜面向左做匀加速直线运动，运动过程中物体与斜面之间保持相对静止，则下列说法正确的是（）A.斜面对物体的摩擦力可能做正功 B.斜面对物体的支持力可能做负功。C.斜面对物体的作用力可能不做功 D.该物体受到的合外力可能不做功【答案】A【解析】【分析】【详解】A.当物体的加速度tanag时，斜面对物体的摩擦力沿斜面向下，摩擦力方向与位移方向夹角是锐角，摩擦力对物体做正功；当tanag=时，斜面与物体间不存在摩擦力，摩擦力对物体不做功。综上可知选项 A正确；B.斜面对物体的支持力垂直于斜面向上，与物体的运动方向夹角是锐角，故斜面对物体的支持力一定做正功，选项
16、 B错误；C.物体受到重力和斜面对物体的作用力（支持力和摩擦力的合力），重力和斜面对物体的作用力合力方向水平向左，而重力方向竖直向下，则斜面对物体的作用力斜向左上方，与物体位移方向夹角是锐角，故斜面体对物体的作用力对物体一定做正功，选项 C 错误；D.物体向左做匀加速直线运动，物体所受合外力水平向左，合外力方向与位移方向相同，合外力对物体一定做正功，选项 D 错误。故选 A。6.如图所示，在某电场中画出了三条电场线，C 点是 A、B 连线的中点已知 A 点的电势 A30 V，B点的电势 B10V，则 C 点的电势()A.C10 V B.C10 V C.C甲乙 根据点电荷场强公式 2QEkr=则
17、 Q甲 Q乙 故选 A。8.如图所示，平行板电容器与恒定直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，一带电油滴位于容器中的P 点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移一小段距离，则()A.油滴将竖直向上运动 B.P点电势降低 C.带电油滴电势能减少 D.电容减小，电量将增大【答案】B【解析】【详解】A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据UEd=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动；故 A错误 B、场强 E减小，而 P点与下极板间的距离不变，则由公式 U=Ed 分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而 P 点的电势高于下极板的
18、电势，则知 P点的电势将降低；故 B 正确 C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加；故 C错误 D、根据 Q=UC，由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电量减小，故 D错误；故选 B【点睛】本题抓住电容器与电源保持连接电压不变，运用UEd=分析板间场强的变化，判断油滴如何运动运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化 9.一带负电的粒子只在电场力作用下沿 x 轴正向运动，其电势能 Ep随位移 x 变化的关系如图所示，其中20 x段是关于直线1xx=对称的曲线，23xx段是直线，其中3221xxxx=，则下列
19、说法正确的是（）A.10 x段电场强度逐渐增大 的 B.x1、x2、x3处电势 1、2、3的关系为123 C.粒子在12xx段做匀变速运动，23xx段做匀速直线运动 D.x1与 x2两点间的电势差12U等于 x2与 x3两点间的电势差23U【答案】B【解析】【详解】A根据电势能与电势的关系 pEq=场强与电势的关系 Ex=得 p1EEqx=由数学知识可知pEx图象切线的斜率等于pEx，10 x段的斜率逐渐减小，电场强度逐渐减小，故 A错误；B根据电势能与电势的关系 pEq=粒子带负电，0q 故 B 正确；C由图看出12xx段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，做非匀变速运动
20、。23xx段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故 C错误；Dx1与 x2两点间距与 x2与 x3两点间距相等，但是线的斜率不一样，故而电场强度不一样，由UEd=定性分析可知 x1与 x2两点间的电势差 U12与 x2与 x3两点间的电势差 U23不相同，故 D错误。故选 B。10.如图所示，小球沿竖直光滑圆轨道内侧运动到最高点时，小球的机械能 E机、重力势能 Ep（取圆轨道 的最低点重力势能为零）和动能 Ek的相对大小（用柱形高度表示），可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】设轨道半径为 R，则小球运动到最高
21、点时，速度最小为 minvgR=即动能不为零，则机械能 E机大于重力势能 Ep；最高点重力势能 Ep=2mgR 最小动能为 2minmin1122kEmvmgR=即在最高点时的动能 12kEmgR 故选 D。二、非选择题（本题共二、非选择题（本题共 5 小题，共小题，共 60 分）分）11.如图甲所示的金属工件，截面外方内圆，外边长约为 1cm、内径约为 0.5cm、长度约为 40cm。提供的的 器包括：电源（6.0V）、电压表 V（量程 6V，内阻约为 8k）、电流表 A（量程 0.6A，内阻约为 0.2）、滑动变阻器 R1（最大值 5，额定电流 2A）、滑动变阻器 R2（最大值 200，额
22、定电流 2A）、毫米刻度尺、游标卡尺、螺旋测微器、导线和开关。（1）某同学用游标卡尺测出截面外边长如图乙所示，其读数=a_cm。（2）应选用_来测量工件内径 d，选用_来测量工件长度 L。（选填A：“毫米刻度尺”、B：“游标卡尺”、C：“螺旋测微器”）（3）为了测出该金属的电阻率，该同学设计了如图丙所示的电路，实验中滑动变阻器应选用_（选填 A：“滑动变阻器 R1”或 B：“滑动变阻器 R2”），并将图丁的实物图连接好_（4）某次实验测得工件两端电压为 U，通过的电流为 I，写出该金属电阻率的表达式=_。（用a、d、L、U、I 等字母表示）（用物理量符号表示）（5）任何实验测量都存在误差。本实
23、验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项有_ A.用游标卡尺测量金属外边长时，由于读数引起的误差属于系统误差 B.由于电流表分压使得金属工件电阻阻值和真实值相比偏小 C.若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差 D.用UI图像处理数据求金属工件电阻可以减小偶然误差【答案】.1.02 .B：游标卡尺 .A：毫米刻度尺 .A：滑动变阻器1R .22(4)4UadIL .CD#DC【解析】【详解】（1）1游标卡尺的读数为 10mm2 0.1mm10.2mm1.02cma=+=（2）23应选用游标卡尺来测量工件内径 d，选用毫米刻度尺来测量工件长度 L。（3）4
24、5图丙所示的电路为分压式连接，为了方便调节，滑动变阻器选择阻值较小的1R，根据电路图可得实物连接图如图所示 （4）6由欧姆定律和电阻定律得 2214ULLRISad=解得=22(4)4UadIL=（5）7A用游标卡尺测量金属外边长时，由于读数引起的误差属于偶然误差，故 A 错误；B图中电流为外接法，所测出的电压的值为真实值，由于电压表的分流，导致电流的测量值偏大，使得金属工件电阻阻值和真实值相比偏小，故 B 错误；C若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差，故 C 正确；D用UI图像处理数据求金属工件电阻可以减小偶然误差，故 D正确。故选 CD。12.如图电路中，电源
25、电压恒为 12V（内阻不计），13R=，26R=，36R=。（1）若在 C、D间连一个理想电压表，其读数是多少？（2）若在 C、D间连一个理想电流表，其读数是多少？【答案】（1）8V；（2）1A【解析】【详解】（1）若在 C、D间连一个理想电压表，则电压表测量2R两端电压，此时该电路为电阻1R和2R与电源构成的串联电路，根据闭合电路的欧姆定律有 12EIRR=+2R两端的电压为 2UIR=联立解得 8VU=即理想电压表的示数为 8V。（2）若在 C、D间连一个理想电流表，则2R与3R并联后再与1R串联，电路中的总电阻为 231236R RRRRR=+=+总 根据闭合电路的欧姆定律可得电路中的总
26、电流为 112A2A6EIR=总 1R两端的电压为 1116VUI R=2R与3R并联，则可得该并联部分的电压为 6V，而电流表在电阻3R所在支路，由部分电路的欧姆定律可得流过电流表的电流为 3A1A3I=即电流表的读数为 1A。13.如图所示，粗糙水平面 AB与竖直面内的光滑半圆形轨道在 B 点平滑相接，导轨半径 R=0.4m，一质量m=1kg 的小滑块（可视为质点）将弹簧压缩至 A 点后由静止释放，经过 B 点后恰好能通过最高点 C 作平抛运动。已知小滑块与轨道 AB 间的动摩擦因数=0.2，AB 的长度 L=2m，求：（1）小滑块在圆轨道最高点速度大小；（2）小滑块在 B点对轨道的压力；
27、（3）弹簧压缩至 A 点时弹簧的弹性势能；【答案】（1）2m/s；（2）60N；（3）14J【解析】【详解】（1）在 C 点，由牛顿第二定律有 2CvmgmR=解得 2m/sCv=（2）B到 C，根据动能定理有 2211222CBmgRmvmv=在 B 点根据牛顿第二定律有 2BvFmgmR=解得 60NF=根据牛顿第三定律可知小滑块在 B 点对轨道的压力为 60NFF=负号表示方向竖直向下（3）A至 C，根据动能定理有 2p122ACEmgLmgRmv=代入数据得 p14JAE=14.如图，竖直正对放置的金属板 A、B 中间开有小孔，小孔的连线沿水平放置的金属板 M、N 的中心线OO，粒子源
28、 P 可以连续发出质量为 m，电荷量为 q的带正电粒子（初速不计），粒子在 A、B间被加速电压 U0加速后，沿平行板的方向从金属板 M、N正中间射入两板之间。M、N板长为 L，两板间距离为33L，板 M、N右侧距板右端 L处放置一足够大的荧光屏 PQ，屏与OO垂直，交点为O。粒子重力不计，求：。（1）粒子进入 MN 板间时的速度大小 v0；（2）粒子刚好从 N板的右边缘离开偏转电场时，M、N 板间的电压 U1；（3）若 M、N 板间的电压可调，则在荧光屏上有粒子达到区域的最大长度 b。【答案】（1）002qUvm=；（2）1023UU=；（3）3bL=【解析】【详解】（1）根据题意，粒子加速到
29、 O 点的过程，由动能定理有 20012qUmv=解得 002qUvm=（2）记 M、N 两板间距离为 33Ld=则水平方向上有 0Lv t=竖直方向上有 21122dat=由牛顿第二定律有 1qUmad=解得 1023UU=（3）根据题意可知，粒子刚好从 M板的右边缘离开偏转电场时，垂直于中心线OO方向的速度 yvat=偏转角度的正切 03tan3yvv=由几何关系有 2(tan)2dbL=+解得 3bL=15.如图所示，质量0.2kgM=的长木板静止在水平地面上，与地面间的动摩擦因数10.1=，一质量0.1kgm=的带正电小滑块以08m/sv=的初速度滑上长木板，滑块与长木板间的动摩擦因数
30、20.5=，小滑块带电量为32 10 Cq=，整个运动过程始终处于水平向右的匀强电场中，电场强度21 10 N/CE=，（取210m/sg=）求：（1）刚开始时小滑块和长木板的加速度大小；（2）小滑块最后停在距木板左端多远的位置；（3）整个运动过程中产生的热量。【答案】（1）23m/s，21m/s；（2）8m；（3）6.4J【解析】【详解】（1）设小滑块的加速度为1a，长木板的加速度为2a，规定水平向右为正方向，由牛顿第二定律 21qEmgma=()212mgmM gMa+=解得 213m/sa=，221m/sa=即小滑块的加速度大小为23m/s，长木板的加速度大小为21m/s。（2）设二者经过时间 t相对静止，此时的速度为 v，则 01vvat=+2va t=解得 2s=t，2m/sv=这段时间内小滑块的位移 2101110m2xv tat=+=木板的位移 22212m2xa t=由于此后二者一起向右做匀减速运动，所以小滑块最后距木板左端的距离为 128mxxx=（3）设两者一起向右运动的加速度为3a，由牛顿第二定律有()()13qEmM gmM a+=+解得 231m/s3a=一起向右减速运动的位移 23306m2vxa=由能量守恒可得()201316.4J2QmvqE xx=+=