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1、20162016 年广西梧州市中考物理真题及答案年广西梧州市中考物理真题及答案一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 1212 小题，每小题小题，每小题 3 3 分，共分，共 3636 分）分）1（3 分）下列用电器通电 1h，最有可能消耗 1kWh 电能的是（）A计算器B小台灯C手电筒D家用空调2（3 分）如图所示是实验室常用温度计，关于它的说法正确的是（）A该温度计的示数为 39B该温度计的分度值是 0.1C常用温度计是根据固体热胀冷缩的原理制成的D在使用该温度计测量物体温度时，可以离开被测物体读数3（3 分）随着生活水平的提高，小轿车已进入千家万户，小轿车行驶时（）A以座椅为参照物，司
2、机是运动的B以路旁的树木为参照物，小轿车是运动的C以路旁的建筑物为参照物，小轿车是静止的D以同速向前运动的前车为参照物，小轿车是运动的4（3 分）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）A保险丝必须装在零线上B使用电冰箱时，金属外壳必须接地C当保险丝熔断后，可以用铜丝代替D发现有人触电后，应立即用手把他拉开5（3 分）关于平面镜成像，下列说法正确的是（）A平面镜所成的像是虚像B平面镜成像利用了光的折射原理C物体离平面镜越近，所成的像越大D物体远离平面镜时，所成的像将靠近平面镜6（3 分）如图所示是某种物质熔化时温度随时间变化的曲线图，下列说法正确的是（）A该物质是非晶体B该物质的熔点是 8
3、0C该物质在第 10min 时已全部熔化D该物质在熔化过程中吸收热量且温度升高7（3 分）现在有环保型手电筒，筒内没有电池，使用时只要来回摇晃手电筒，使筒内永磁体在线圈中来回运动，灯泡就能发光下列电器或电机也是利用该原理工作的是（）A发电机B电铃 C电烙铁D电动机8（3 分）如图所示是蹦床运动员在比赛中的情景，运动员下落到蹦床时，对蹦床施力的同时也受到蹦床对他的作用力，关于这两个力，下列说法正确的是（）A这两个力是一对平衡力B运动员对蹦床施的力改变了蹦床的形状C蹦床对运动员施的力改变了蹦床的形状D运动员对蹦床施的力改变了自己的运动状态9（3 分）如图所示，轻质小球甲、乙用绝缘线悬挂，都处于静止
4、状态，下列判断正确的是（）A甲、乙都不带电B甲不带电、乙带电C甲、乙都带电，并带有同种电荷D甲、乙都带电，并带有异种电荷10（3 分）如图所示，放在天平上的甲、乙两种实心球体积相等，它们是由不同物质制成的，图中天平平衡，由此可知，甲、乙两种球的物质密度之比为（）A3：5 B5：3 C1：3 D3：111（3 分）如图所示，利用弹簧测力计测量物块的重力时，使测力计弹簧伸长的力是（）A物块的重力B弹簧对物块的拉力C物块对弹簧的拉力 D物块和弹簧测力计的总重力12（3 分）如图所示电路为小明设计的一种安装在潜水器上的深度计的工作原理图，其中，显示器由电流表改装，压力传感器的电阻值随所受压力的增大而减
5、小，电源两端的电压保持不变，R0是定值电阻关于潜水器下潜过程中，该电路有关物理量的变化情况，下列说法中正确的是（）AR0两端的电压减小 B压力传感器的电阻增大C通过显示器的电流减小 D压力传感器两端的电压减小二、填空题（本大题共二、填空题（本大题共 8 8 小题，每空小题，每空 1 1 分，共分，共 1616 分）分）13（3 分）成语“声如洪钟”形容说话或歌唱时声音洪亮，它描述的是声音的（填“音调”、“响度”或“音色”），洪亮的声音是通过传到人耳的14（3 分）2015 年 5 月，我国自主三代核电技术“华龙一号”示范工程中核集团福建福清 5 号核电机组正式开工建设，如图是“华龙一号”效果图
6、将来 5 号核电机组运行时是利用核能发电的，它将核能转化为内能，再转化为机械能，最后转化为核能属于一次能源，可以直接从自然界获得，请你再列举一个属于一次能源的例子：15（3 分）中国智能无人机公司亿航，在 2016CES 国际消费类电子产品展览会上，全球首发全电力低空自动驾驶载人飞行器“亿航 184”，如图所示的是正在自动飞行的“亿航 184”，它在飞行过程中的信息是通过传递给地面指挥中心的，其传递信息速度与光速（填“相等”或“不相等”）16（3 分）使用简单机械可以给人们的生活带来便利如图甲所示，旗杆的顶端安装着一个定滑轮，用来改变拉力的；如图乙所示，把手尽量远离钢丝钳的转动轴，这是为了增大
7、，从而在使用时更加省力17（3 分）两段材料相同、长度相等、横截面积不同的圆柱形导体 A、B，A 比 B 的横截面积大，它们的电阻关系是 RARB；将它们串联在电路中，如图所示，则通过它们的电流关系是 IAIB（以上两空均填“”、“=”或“”）18（3 分）互联网作为一种信息交流平台，给我们的生活带来很多便利，但值得注意的是，少数青少年由于沉迷网络而用眼过度导致近视，使远方物体成像在视网膜（填“前”或“后”），需要配戴用（填“凸透镜”或“凹透镜”）制作的眼睛来矫正视力19（2 分）不漏气的橡皮氢气球由地面上升到高空的过程中，球内气体的质量将，密度将（以上两空均填“变大”、“不变”或“变小”）2
8、0（2 分）如图所示，底面积为 S 的圆柱形薄壁容器内装有密度为的液体，横截面积为 S1的圆柱形木块由一段非弹性细线与容器底部相连，细线刚好伸直时，木块浸入液体的深度为 h，则此时木块受到的浮力为F浮=现往容器中缓慢注入与容器中相同的液体，直到细线刚好被拉断为止，则在细线未拉断前，细线对木块拉力 F 与注入液体质量 m 之间的关系式为 F=三三、解答题解答题(本大题共本大题共 5 5 小题小题，第第 2121、2222 小题各小题各 2 2 分分，第第 2323 小题小题 4 4 分分、2424 小题小题 7 7 分分、2525 小题小题 9 9 分分，共共 2 24 4分）分）21（2 分）
9、如图所示，一束光线从空气斜射到水面发生反射和折射，请在图中画出它的折射光线大致位置和反射光线22（2 分）如图所示，请你在图中标出通电螺线管的 S 极和磁感线的方向23（4 分）小明在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示（1）实验中应取质量（填“相等”或“不相等”）的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同规格的电加热器加热（2）小明设计的记录数据的表格如下，分析表格可知：他是用加热相同比较的方法来判断物质吸热能力强弱的加热时间/min01234甲的温度/乙的温度/（3）在受太阳照射的条件相同时，内陆地区昼夜温差比沿海地区大，这是因为干泥土和水相比，干泥土的较小24（7
10、 分）在探究“二力平衡的条件”的实验中，小明采用的实验装置如图所示（1）实验时，小明向左盘和右盘同时加入一个质量相等的砝码时，木块两边所受的拉力（填“相等”或“不相等”），木块处于静止状态小明再把右盘中的砝码换成一个质量较大的砝码时，发现木块仍然处于静止状态，出现这种现象的原因是，于是他把木块换成小车，并选择较（填“光滑”或“粗糙”）的实验桌面，继续完成实验（2）在左右两盘放入质量相等的砝码，再将小车水平，松手后，观察小车运动状态，这样做的目的是为了探究不在同一直线上的两个力是否能平衡（3）小明用轻质硬纸片代替图中的木块，两端的小盘中加质量相等的砝码时，硬纸片保持静止，用剪刀将硬纸片从中间剪开
11、，发现分开后的硬纸片向相反方向运动，由此可以得到二力平衡的又一个条件：25（9 分）小明用如图甲所示的电路图来探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系（1）请根据电路图，用笔画线代替导线把图乙的电路连接完整（2）连接电路后，小明把电流表接入图甲的 A 处，闭合开关 S 后，发现小灯泡 L1不亮，L2亮，电流表无示数，产生这种现象的原因可能是排除电路故障再做实验，电流表在 A 出的示数如图丙所示，请你帮小明把该示数填入下表空格处然后小明把电流表分别接入电路中的 B、C 两处测电流，并把电流表的示数记录在下表中A 处的电流 IA/AB 处的电流 IB/AC 处的电流 IC/A0.150.25小明分
12、析表格中的数据认为：并联电路中干路电流等于（3）小明想，要使上述结论更具普遍性，还要用不同的方法进行多次实验，于是小明和同学们讨论了以下三种方案：方案一：在图甲的基础上，反复断开、闭合开关，测出 A、B、C 三处的电流方案二：在图甲的基础上，只改变电源电压，测出 A、B、C 三处的电流方案三：在图甲的基础上，在其中一条支路换上规格不同的灯泡，测出 A、B、C 三处的电流以上三种方案，你认为不可行的方案（填“一”、“二”或“三”）小明选择上述可行方案之一，做了三次实验，并把实验数据填入下表中实验次数A 处的电流 IA/AB 处的电流 IB/AC 处的电流 IC/A10.120.180.3020.
13、140.210.3530.200.300.50请你根据小明的实验步骤和有关数据回答下列问题：在拆电路改装时，开关必须；小明选择的方案是方案（填“一”、“二”或“三”）四、应用计算题（本大题共四、应用计算题（本大题共 3 3 小题，第小题，第 2626 小题小题 6 6 分、分、2727 小题小题 9 9 分、分、2828 小题小题 9 9 分，共分，共 2424 分）分）26（6 分）我国自主研发的水下无人滑翔机“海燕”形似鱼雷，长 1.8m，直径 0.3m，质量为 70kg，在一次训练中，它在海面下 500m 处水平匀速巡航时，1min 内航行的距离为 90m，求“海燕”滑翔机在这过程中（计
14、算时海水的密度取 1.0103kg/m3，g 取 10N/kg）（1）所受到的重力；（2）航行的速度；（3）受到海水的压强27（9 分）如图所示，一名体重为 700N、双脚与地面接触面积为 0.04m2的人站在水平地面上，他用 500N的拉力，在 20s 内将 800N 的重物匀速提升 1m求：（1）拉重物前，人对地面的压强；（2）拉力做功的功率；（3）滑轮组的机械效率28（9 分）在如图所示的电路中，电源电压为 20V 且保持不变，电阻 R1的阻值为 30，电压表的量程为 015V，闭合开关 S 后，R1两端的电压为 9V（1）电路中的电流为多少？（2）变阻器 R2的电功率为多少？（3）现有
15、阻值为 10、15的定值电阻，标有“501A”、“1000.8A“字样的滑动变阻器请选择定值电阻、变阻器各一个分别替换图中电路中的 R1、R2，要求：电路接通时电压表的示数不能为零，在保证各电路元件都正常工作的情况下，移动变阻器滑片 P 的过程中，定值电阻两端电压的变化量最大求定值电阻两端电压的最大变化量20162016 年广西梧州市中考物理试卷年广西梧州市中考物理试卷参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 1212 小题，每小题小题，每小题 3 3 分，共分，共 3636 分）分）1（3 分）【考点】电功率的计算【分析】根据用电器在测得在 1h 内消耗的
16、电能结合公式 P=求出电功率，再与题目中给出的用电器的功率比较，解答此题【解答】解：用电器在 t=1h 内，消耗的电能 W=1kWh，则用电器的电功率：P=1kW=1000W，计算器的电功率一般不到 1W，台灯的电功率约为 40W，手电筒的电功率约为 1W，家用空调的功率约为 1000W，故选 D【点评】本题考查了电功率公式 P=的应用，同时考查了学生的常见用电器电功率的了解情况，是基础性题目2（3 分）【考点】温度计的使用及其读数；液体温度计的构造与工作原理【分析】解答此题需掌握：（1）液体温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的（2）使用温度计之前一定要看清温度计的量程、分度值和零刻度（3）读
17、数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平【解答】解：AB、观察图示中的温度计知：每一大格代表 10，每一大格分成 10 小格，所以每一小格代表 1，即温度计的分度值是 1，温度计的水银柱在 0以上，示数为 39故 A 正确，B 错误C、液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的故 C 错误D、使用温度计测量液体的温度，读数时玻璃泡要继续留在被测液体中故 D 错误故选 A【点评】本题主要考查学生对：温度计的原理以及使用方法的了解和掌握3（3 分）【考点】参照物及其选择【分析】在研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物，一个物体是运动还是静止决定于选择的参照物【解答】解：A、小轿
18、车行驶过程中以座椅为参照物，司机与座椅位置没有变化，所以司机是静止的故 A 错误；B、小轿车行驶过程中以路旁的树木为参照物，小轿车与路旁的树木位置有变化，所以小轿车是运动的，故B 正确；C、小轿车行驶过程中以路旁的建筑物为参照物，小轿车与路旁的建筑物位置有变化，所以小轿车是运动的，故 C 错误；D、小轿车行驶过程中以同速向前运动的前车为参照物，小轿车与同速向前运动的前车位置没有变化，所以小轿车是静止，故 D 错误故选 B【点评】此题考查了参照物的选择是力学重要的规律，但难度不大，容易解答4（3 分）【考点】家庭电路的组成【分析】（1）从安全的角度分析，保险丝必须装在火线上；（2）家用电器的金属
19、外壳一定要接地，当家用电器漏电时，当人接触金属外壳时，地线把人体短路，防止触电事故的发生；（3）保险丝的作用就是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电流，从而起到保护电路安全运行的作用；（4）发现有人触电，应先切断电源，再进行施救；【解答】解：A、从安全的角度分析，保险丝必须装在火线上，故 A 错误；B、电冰箱使用时金属外壳一定要接地，防止漏电时发生触电事故，故 B 正确；C、铜丝的熔点高，用铜丝代替保险丝，在电流异常升高到一定的高度的时候，不能自身熔断切断电流，起不到保险作用，故 C 错误；D、发现有人触电，应先切断电源，再进行施救，若立即用手把他打开，容易使施救者也触电，故 D
20、错误；故选 B【点评】本题主要考查了家庭电路中的一些用电常识，注意无论是在发生触电、着火或电器需要维修时，都应先断开电源开关5（3 分）【考点】平面镜的应用【分析】平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像，物体和像大小相同，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，物体和像关于平面镜对称【解答】解：A、根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像是虚像，故 A 正确；B、平面镜所成的像是由光的反射形成的，故 B 错误；C、根据平面镜成像特点可知物体和像大小相同，与距离平面镜的远近无关，故 C 错误；D、根据平面镜成像特点可知，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，则物体远离平面镜时，所成的像将远离平面
21、镜，故 D 错误故选 A【点评】此题涉及到平面镜成像特点，这是光学部分的重点，在中考中也经常出现，要求学生牢记，并学会灵活运用6（3 分）【考点】熔化和凝固的温度时间图象【分析】要解决此题，需要掌握：晶体在熔化过程中的特点：吸热，但温度保持不变在熔化图象中，若有一段时间温度保持不变，则为晶体，此时的温度为熔点从开始熔化到完全熔化完为熔化过程在熔化之前为固态；熔化过程中为固液混合态；完全熔化完后为液态【解答】解：A、从图象上看，该物质在熔化过程中温度保持不变，所以该物质为晶体，故 A 错误；B、由图象知，该物质在熔化过程中温度保持 80不变，可知该物质的熔点为 80，故 B 正确；C、由图象知，
22、该物质在第 25min 时，完全熔化完，第 10min 刚开始熔化，故 C 说法错误；D、由图象知，该物质在熔化过程中温度不随时间改变，故 D 说法错误故选 B【点评】此题主要考查了晶体的熔化图象要学会从图象中找出与晶体有关的信息关键是掌握晶体的熔化特点：吸热但温度保持不变7（3 分）【考点】电磁感应【分析】（1）手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案【解答】解：A、发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，故 A 正确；B、电铃在工作的过程中，是电能转化为机
23、械能，是电能的利用，故 B 错误；C、电烙铁是根据电流的热效应的原理制成的，故 C 错误；D、电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，故 D 错误故选：A【点评】（1）此题考查了电磁感应、通电导体在磁场中受力、奥斯特实验、电磁铁磁性强弱的决定因素等知识点（2）首先根据题目告诉的：明确出手摇电筒的制成原理是解决此题的关键8（3 分）【考点】力与运动的关系；力的作用效果；平衡力的辨别【分析】（1）平衡力应满足作用在同一物体上，大小相等，方向相反，并作用在同一直线上的两个力，彼此平衡；（2）力可以改变物体的形状；（3）力可以改变物体的运动状态【解答】解：A、运动员下落到蹦床时，对蹦床施力的
24、同时也受到蹦床对他的作用力，这两个力是一对相互作用力，故 A 错误；B、运动员对蹦床施的力改变了蹦床的形状，故 B 正确；C、蹦床对运动员施的力改变了运动员的运动状态，故 C 错误；D、运动员对蹦床施的力改变了蹦床的形状，故 D 错误故选：B【点评】此题主要考查学生对于平衡力，力的作用效果知识的理解和掌握属于中考热点9（3 分）【考点】物体带电情况的判断【分析】电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引【解答】解：根据图示可知，甲乙两小球相互排斥，因此甲、乙都带电，并带有同种电荷故选 C【点评】本题考查了利用电荷间的相互作用规律判断物体带电情况，注意两个物体想到吸引时，两个物体可
25、带异种电荷，或一个带电，另一个不带电10（3 分）【考点】密度公式的应用【分析】根据天平左右质量相等，利用密度的公式列出等式，再进行整理，即可得出两种球的密度关系【解答】解：天平左右两侧的质量相等，根据公式=可得，2甲V+乙V=甲V+4乙V，即甲V=3乙V，解得：甲：乙=3：1故选 D【点评】根据质量相同，利用方程法可将两侧的质量表示出来，因为体积 V 均相同，可顺利约去，这样简单整理后即可得出密度之比11（3 分）【考点】弹簧测力计的使用与读数【分析】当弹簧测力计和物体处于静止或匀速直线运动状态，根据二力平衡以及相互作用规律进行分析【解答】解：当弹簧测力计和物体处于静止或匀速直线运动状态时，
26、物体受力平衡，即弹簧测力计向上的拉力与物体的重力相等，因弹簧测力计对物体的拉力与物体对弹簧测力计的拉力为相互作用力，所以，使测力计内弹簧伸长的力是物体对弹簧的拉力，故 C 正确故选 C【点评】本题考查学生对弹簧测力计及其原理的理解以及本题考查物理规律在生活中的应用，要明白力的相互性及二力平衡关系12（3 分）【考点】欧姆定律的应用【分析】在潜水器下潜过程中，压力传感器受到的压力变大，其电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 R0两端电压的变化，利用串联电路的电压特点可知传感器两端的电压变化【解答】解：ABC、由电路图可知，两电阻串联，电流表显示器串联在电路中，由 p=gh 可知，在潜水器
27、下潜过程中，压力传感器受到的压强增大，由 p=的变形式 F=pS 可知，压力传感器受到的压力增大，则其电阻减小，故B 错误；由 I=可知，电路中的电流增大，即通过显示器的电流增大，故 C 错误；由 U=IR 可知，R0两端的电压增大，故 A 错误；D、因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，传感器两端的电压减小，故 D 正确故选 D【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、压强公式的灵活应用，关键是分析好在潜水器下潜过程中压力传感器受到压强的变化和其阻值的变化二、填空题（本大题共二、填空题（本大题共 8 8 小题，每空小题，每空 1 1 分，共分，共 1616 分）分）13（3 分）【考点
28、】音调、响度与音色的区分；声音的传播条件【分析】（1）声音三个特性：音调、响度和音色音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关（2）声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都能传声【解答】解：成语“声如洪钟”形容说话或歌唱时声音洪亮，它描述的是声音的响度声音的传播需要介质，说话或歌唱时洪亮的声音是通过空气传递到人耳中故答案为：响度；空气【点评】本题需要学会学生如何利用物理知识，来解释成语中提到的现象重点考查对响度特点的理解能力14（3 分）【考点】核能；能源的分类【分析】（1）核电站的核心是核反应堆，它以铀为燃粒，在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为
29、高温高压的蒸汽，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电；（2）一次能源直接来自自然界而未经加工转换的能源；二次能源由一次性能源直接或间接转换而来的能源【解答】解：根据核电站的发电过程可知，核能发电的能量传递和转化过程是：核能水和蒸汽的内能发电机转子的机械能电能；一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料故答案为：电能；太阳能【点评】此题考查核电站的工作原理和核电站发电过程中的能量转化，本题同时考查了能源的分类，是一道基础题15（3 分）【考点】电磁波的传播【分析】电磁波可以传递信息，飞船在太空中是通过电磁波传播信息的；光就是一种电磁波【
30、解答】解：在真空自动飞行的“亿航 184”是通过电磁波与地面中心联系的；光就是一种电磁波，所以在真空中的光速等于电磁波的速度故答案为：电磁波；相等【点评】电磁波可以在真空中传播，所以空间站中的宇航员与地面指挥中心是通过电磁波进行联系的16（3 分）【考点】定滑轮及其工作特点；杠杆的应用【分析】解决此题要知道：（1）定滑轮的特点：使用定滑轮不省力但能改变力的方向（2）根据杠杆的平衡条件，在使用杠杆时，动力臂越长越省力【解答】解：国旗杆上的滑轮为定滑轮，定滑轮不能省力，但可以改变用力的方向，利用它来升国旗，可以改变施加力的方向；把手尽量远离钢丝钳的转动轴，这样增大了动力臂，使其用起来更加省力故答案
31、为：方向；动力臂【点评】本题主要考查学生对定滑轮工作特点以及杠杠的应用的了解和掌握，是一道基础题17（3 分）【考点】影响电阻大小的因素；串联电路的电流规律【分析】A 和 B 是由同种材料制成的长度相同、横截面积不同的两段导体，横截面积越大，电阻越小；因两电阻串联，则由串联电路的电流规律可知两导体中的电流关系【解答】解：已知 A 和 B 是由同种材料制成的且长度相同，A 比 B 的横截面积大，横截面积越大，电阻越小，故 RARB；因导体 A 和 B 串联，串联时电流处处相同，所以此时 IA=IB故答案为：；=【点评】本题考查了影响电阻大小的因素和欧姆定律的应用，关键是串联电路电流特点的灵活运用
32、18（3 分）【考点】近视眼的成因与矫正办法【分析】近视眼是晶状体会聚能力增强，像成在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正【解答】解：近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像成在视网膜的前方，应佩戴凹透镜，使光线推迟会聚，正好会聚在视网膜上故答案为：前；凹透镜【点评】本题主要考查学生对近视眼的成因及其矫正的了解和掌握，是一道基础题19（2 分）【考点】质量及其特性；密度公式的应用【分析】质量是物体本身的一种属性，不随位置、状态、形状、温度的改变而改变；气体的质量一定时，体积越大，密度越小；大气压随高度的升高而减小【解答】解：气球升空过程中，只是位置的改变，球内气体的质量不变；大气压随
33、高度的升高而减小，气球升空过程中，气球外的气压减小，为保证内外压强相等，所以球的体积增大来减小球内压强，气体的质量不变，体积变大，所以密度变小故答案为：不变；变小【点评】本题通过氢气球升空的过程中，考查了质量是物体本身的一种属性、大气压随高度的变化而变化、质量一定时，体积越大，压强越小，密度越小等知识点20（2 分）【考点】浮力大小的计算【分析】（1）细线刚好伸直时，木块竖直方向上受到重力和浮力作用，二力平衡，大小相等，据此根据阿基米德原理即可求出浮力；（2）随着液面的上升，浮力增大，绳子的拉力增大，细线的拉力 F 等于增大的浮力，即 F=F浮=0gV排；由密度公式=的变形公式 m=V 和体积
34、公式 V=Sh 表示出容器内注入的液体质量，二式联立可得到细线对木块拉力 F 与注入的液体质量 m 之间的关系式【解答】解：（1）细线刚好伸直时，木块受到重力和浮力作用，如图所示：由于二力平衡，则大小相等，所以，F浮=gV排=gS1h；（2）注入液体的质量为 m 时，细线对木块的拉力为 F，液面上升的高度为h，细线对木块的拉力 F 等于木块增大的浮力，则有：F=F浮=gV排=gS1h由=得，容器内注入的液体质量：m=V液=（SS1）h将式和式联立，解得：F=故答案为：gS1h；【点评】本题考查了阿基米德原理、密度公式、压强公式、力的合成知识的综合运用，对木块正确的受力分析，灵活运用阿基米德原理
35、和液体压强公式进行转化是解题的关键，属于难题三三、解答题解答题(本大题共本大题共 5 5 小题小题，第第 2121、2222 小题各小题各 2 2 分分，第第 2323 小题小题 4 4 分分、2424 小题小题 7 7 分分、2525 小题小题 9 9 分分，共共 2 24 4分）分）21（2 分）【考点】作光的反射光路图；作光的折射光路图【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；根据光由空气斜射进入水中折射光线向法线偏折，折射角小于入射角作出折射光线【解答】解：图中法线已给出，在空气中法线的另一侧作出反射光
36、线，注意反射角等于入射角；再在水中法线的另一侧作出折射光线，注意折射角小于入射角，如图所示：【点评】在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中22（2 分）【考点】通电螺线管的磁场；磁感线及其特点【分析】由电源的正负极可知电流的方向，由右手螺旋定则可得出螺线管的磁极，然后画出磁感线的方向【解答】解：电源上端为正极，下端为负极，则电流由上端流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的下端为 N 极，上侧为 S 极，外部磁感线由 N 指向 S如图所示：【点评】本题考查了右手螺旋定则的使用
37、利用右手螺旋定则即可由电流的方向判定磁极磁性23（4 分）【考点】探究比热容的实验【分析】（1）比较物质吸热能力实验需要应用控制变量法，根据控制变量法的要求分析答题；（2）用相同的热源对液体加热，液体在相等时间内吸收的热量相等，质量相同的液体升高相同的温度，吸收的热量越多，液体吸热能力越强；（3）根据 Q=cmt 可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度改变的少【解答】解：（1）探究物质吸热能力实验，实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热当它们吸收相同热量时，通过比较升高的温度来判断吸热能力的强弱（2）由表中实验数据可知，从开始加热到
38、42，液体升高相同的温度，甲需要的加热时间短，乙需要的加热时间长，甲吸收的热量小于与乙吸收的热量（3）沿海地区，水多；内陆地区干泥土多因为干泥土的比热容较小，白天，相同质量的水和干泥土比较，吸收相同的热量，干泥土的温度升高的多；夜晚，放出相同的热量，干泥土的温度降低的多，使得沿海地区昼夜的温差小，内陆地区昼夜温差大故答案为：（1）相等；（2）时间；升高的温度；（3）比热容【点评】本题考查了实验注意事项、实验数据分析，应用控制变量法是正确解题的关键，熟练应用控制变量法、分析表中实验数据即可解题24（7 分）【考点】二力平衡的概念【分析】（1）物体静止或做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，物体受到
39、平衡力的作用；两个物体接触时，要发生或已经发生相对运动时，物体之间产生阻碍物体运动的摩擦力；减小摩擦力的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、用滚动代替滑动、使接触面脱离（2）为了探究二力在同一直线上，可以把物体转动一个方向（3）卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，两个力不再作用在同一物体上【解答】解：（1）由于左盘和右盘中砝码的质量相等，故木块两边所受的拉力相等；小明再把右盘中的砝码换成一个较重的砝码时，发现木块仍然处于静止状态，所以木块还受平衡力的作用；此时木块有向右运动的趋势，桌面对木块有向左的摩擦力，向左的拉力、向左的摩擦力与向右的拉力这三个力平衡；为减小摩擦力对实验的影响，当把木块换
40、成小车，应选择较光滑的实验桌面，继续完成实验（2）用手将小车扭转一个角度，两个力不在同一直线上，已知两个力的大小相等，方向相反，所以可以探究二力平衡时，两个力必须满足在同一直线上的条件（3）当小卡片平衡时，用剪刀从中间剪断小卡片，由于二力不在同一物体上，所以两侧砝码落下，说明二力平衡的又一个条件是：两个力必须作用在同一物体上故答案为：（1）相等；桌面与木块有摩擦力；光滑；（2）扭转一个角度；（3）两个力必须作用在同一物体上【点评】本题探究二力平衡的条件，明确用控制变量法研究问题，要清楚实验过程中的每个细节的目的，可根据二力平衡条件分析解答本题25（9 分）【考点】探究串并联电路中的电流特点实验
41、【分析】（1）由电路图可知，两灯泡并联后开关、电源串联组成电路，据此进行解答；（2）闭合开关 S 后，发现小灯泡 L1不亮，L2亮，电流表无示数，说明电路故障为 L1支路断路，否则 L2不亮；根据电流表的路程和分度值读出示数，然后分析表格数据得出结论；（3）在“探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验中，为了得出普遍性的规律，需要换用规格不同的小灯泡或改变电源电压重复实验为了防止短路的发生，在连接和拆除电路时，开关应是断开的；分析 A、B 两处的电流变化关系，然后判断【解答】解：（1）由电路图可知，两灯泡并联后开关、电源串联组成电路，如下图所示：（2）闭合开关 S 后，发现小灯泡 L1不
42、亮，L2亮，电流表无示数，说明电路故障为 L1支路有断路；图丙中，电流表的量程为 00.6A，分度值为 0.02A，示数为 IA=0.1A，由表格数据可知，IA+IB=IC，故可得结论：并联电路中干路电流等于各支路电流之和；（3）方案二和方案三：换用不同的规格的小灯泡，或者增加电池的节数改变电源电压，测出三处的电流，可以得出多组不同的实验数据，故可以得出普遍规律；而方案一中反复断开，闭合开关，测得到的实验数据都是相同的，故不可行；为了保护电路，在拆电路改装时，开关必须断开；分析 A、B 两处的电流的变化关系可知，通过 A 处电流的变化倍数和通过 B 电流的变化倍数相等，说明选择的实验方案是二故
43、答案为：（1）如上图所示；（2）L1支路有断路；0.10；各支路电流之和；（3）一；断开；二【点评】本题考查了实物电路图的连接、电路故障的判断、电流表的读数、分析实验数据得出结论以及实验方案的评价，分析好实验数据是解题的关键四、应用计算题（本大题共四、应用计算题（本大题共 3 3 小题，第小题，第 2626 小题小题 6 6 分、分、2727 小题小题 9 9 分、分、2828 小题小题 9 9 分，共分，共 2424 分）分）26（6 分）【考点】重力的计算；速度的计算；液体的压强的计算【分析】（1）知道“海燕”滑翔机的质量，利用 G=mg 求受到的重力；（2）知道航行时间和航行距离，利用速
44、度公式求航行速度；（3）知道在海面下的深度，利用液体压强公式求受到水的压强.【解答】解：（1）“海燕”滑翔机受到的重力：G=mg=70kg10N/kg=700N；（2）t=1min=60s，航行速度：v=1.5m/s；（3）受到水的压强：p=gh=1103kg/m310N/kg500m=5106J答：（1）所受到的重力为 700N；（2）航行的速度为 1.5m/s；（3）受到海水的压强为 5106J【点评】本题考查了重力公式、速度公式和液体压强公式的应用，属于基础题目27（9 分）【考点】压强的大小及其计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算【分析】（1）人对地面的压力等于人的体重，知道接触面积
45、（受力面积），利用 p=求人对地面的压强；（2）由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数 n=2，拉力端移动的距离 s=2h，知道拉力，利用 W=Fs 求拉力做的总功，再利用 P=求拉力做功功率；（3）利用 W=Gh 求拉力做的有用功，再利用效率公式求滑轮组的机械效率【解答】解：（1）拉重物前，人对地面的压力：F=G=700N，人对地面的压强：p=1.75104Pa；（2）由图知，n=2，拉力端移动的距离 s=2h=21m=2m，拉力做的总功：W总=Fs=500N2m=1000J，拉力做功的功率：P=50W；（3）拉力做的有用功：W有用=Gh=800N1m=800J，滑轮组的机械效率：=100%=
46、80%答：（1）拉重物前，人对地面的压强为 1.75104Pa；（2）拉力做功的功率为 50W；（3）滑轮组的机械效率为 80%【点评】本题为力学综合题，考查了压强、功、功率和机械效率的计算，虽然知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大28（9 分）【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算.【分析】（1）由图知，两串联，电压表测 R2两端电压，根据串联电路电流特点和欧姆定律计算出电路中的电流；（2）由 P=UI 计算 R2的电功率；（3）由 U=IR 知，电路中电流变化越大，定值电阻越大时，定值电阻两端电压变化越大，由此选择定值电阻与滑动变阻器的规格；根据串联电路的特点及欧姆定律求出电路的最大与
47、最小电流，最后求出定值电阻两端电压的最大变化量【解答】解：（1）由电路图可知，R1、R2串联在电路中，电压表测 R2两端电压，串联电路中电流处处相等，所以闭合开关 S 后，电路中的电流：I=I2=I1=0.3A；（2）串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，即：U2=UU1=20V9V=11V，变阻器 R2的电功率：P2=U2I2=11V0.3A=3.3W；（3）由 U=IR 知，电路中电流变化越大，定值电阻越大时，定值电阻两端电压变化越大，“501A”的滑动变阻器允许通过的最大电流 1A，“1000.8A“的滑动变阻器允许最大电流 0.8A，所以电路中电流最大变化 1A，由此可知，选择
48、15的定值电阻和“501A”的滑动变阻器分别替换图中电路中的 R1、R2时定值电阻两端电压的变化量最大；当电路中电流最大为 1A 时，定值电阻两端电压最大：U定值最大=I最大R定值=1A15=15V，此时滑动变阻器两端电压：U滑=UU定值=20V15V=5V，符合电压表示数不为 0，当电压表示数为 15V，变阻器两端电压最大，由串联电路的电压特点知此时定值电阻两端电压最小：U定值最小=UU滑最大=20V15V=5V，所以定值电阻两端电压的最大变化量：U=U定值最大U定值最小=15V5V=10V答：（1）电路中的电流为 0.3A；（2）变阻器 R2的电功率为 3.3W；（3）现有阻值为 10、15的定值电阻，标有“501A”、“1000.8A“字样的滑动变阻器选择 15的定值电阻、“501A”的变阻器分别替换图中电路中的 R1、R2，定值电阻两端电压的变化量最大；定值电阻两端电压的最大变化量 10V【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据滑动变阻器的规格确定电路电流最大变化量以及定值越大，定值电阻两端电压的变化量最大。