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1、南充市南充市 2 201919 年初中学业水平考试年初中学业水平考试理科综合试卷理科综合试卷物理部分物理部分一、选择题一、选择题1.关于声现象，下列说法正确的是A.声音的传播速度为 340m/sB.声音的音调与物体的振幅有关C.利用次声波可以确定鱼群位置和海水深度D.汽车排气管上安装消声器是在声源处减弱噪声2.下列现象中属于光的折射现象的是：A.坐井观天B.杯弓蛇影C.海市蜃楼D.一叶障目3.下列说法中，错误的是A.人体正常体温约为 37B.秋冬的早晨出现的雾属于汽化现象C.物体温度降低时内能减少，温度升高时内能增加D.热机是将内能转化为机械能的机械4.以下说法中，正确的是A.飞机前进时机翼上
2、方气流的速度较小，对机翼上表面的压强较大B.一个标准大气压可以支持 760cm 高的水银柱C.书包带较宽是为了减小压强D.匀速上升的飞机，机械能保持不变5.如图，用一个始终水平向右的力 F，把杠杆 OA 从图示位置缓慢拉至水平的过程中，力 F 的大小将：A.变大B.不变C.变小D.不能确定6.下列做法中不符合安全用电原则的是A.高大建筑物的顶端都要安装避雷针B.把用电器的三脚插头改为两脚插头，接在两孔插座上使用C.及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线D.不接触低压带电体，不靠近高压带电体7.下列图中能够说明电动机工作原理的实验装置是：A.B.C.D.8.AB 两个实心球，已知43AB，12
3、ABVV，现将两球放入水中后，静止时受到的浮力之比为54ABFF，则两球在水中静止时所处状态可能是：A.两球均漂浮B.两球均浸没C.A 球浸没 B 球漂浮D.B 球浸没 A 球漂浮9.下列说法正确的是：A.力是改变物体运动状态的原因B.放在水平桌面上的书，受到的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力C.刹车时人会受到向前的惯性力D.人沿杆竖直向上匀速爬行时，所受摩擦力方向竖直向上10.如图，电源电压恒为 9V，灯 L 标有“3V1.5W”（灯 L 电阻不受温度影响），滑动变阻器 R 的规格为“030”，闭合开关 S，当 R 的滑片移到 M 点时，灯 L 正常发光，此时下列分析正确的是：A.灯 L
4、的电阻为 6B.电压表 V1示数为6VC.R 接入电路中的阻值为 18D.电路消耗的总功率为 4.5W二、填空题二、填空题11.小明在探究“凸透镜成像规律”的实验中，他把蜡烛放在距透镜 30cm 时，在光屏上形成清晰缩小的像，此时的成像特点可应用于_（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）现将蜡烛向透镜方向移动 10cm，要使光屏上再次形成清晰倒立的像，应将光屏_透镜（填“远离”或“靠近”）12.十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境，使用新能源势在必行，太阳能等新型能源属于_能源（填“可再生”或“不可再生”）；4G 通信技术在进行信息、文件等材料的传输过程中，是靠_来传输的，
5、华为 5G 时代即将来临，将会让人们的生活更加方便快捷13.如图，容器中装深度 10cm，质量为 60g 的水，已知容器的质量为 30g，底面积为 5cm2，容器底部受到水的压强为_Pa，容器对平桌的的压强为_Pa（水=1103kg/m3，g=10N/kg）14.小红参加校运会百米赛跑，跑完全程用时 15s，则全程的平均速度是_ m/s（结果保留一位小数），以奔跑的小红为参照物，运动场旁的建筑物是_的（填“运动”或“静止”）15.将物体 A 放在水平面上，在水平拉力 F1作用下，以 v1=4m/s 的速度向右匀速运动，在同一水平面上，物体 A 到水平拉力 F2作用时，以 v2=6m/s 的速度
6、向右匀速运动，两次移动的距离相同，则两次拉力做功W1_W2（填“、“”、“、“”、“”或“=”）【答案】(1).(2).【解析】【分析】将物体 A 放在水平面上，在水平拉力作用下，以一定的速度向右匀速运动，在同一水平面上，压力与接触面的粗糙程度不变，摩擦力大小不变，根据二力平衡条件可知水平拉力都等于摩擦力，再根据 W=Fs 可求功的大小，由 P=Fv 可得功率的大小【详解】将物体 A 放在水平面上，在水平拉力作用下，以一定的速度向右匀速运动；同一物体在同一水平面上，压力的大小与接触面的粗糙程度均不变，则摩擦力大小不变，根据二力平衡条件可知，水平拉力都等于摩擦力，即 F1F2f；两次拉力相等，两
7、次移动的距离也相同，根据 WFs 可知，拉力做的功相等，即 W1W2；两次拉力相等，1v4m/s，2v6m/s，由 PFv 可知，两次拉力的功率 P1P2【点睛】本题主要考查滑动摩擦力、功和功率的概念16.弹簧测力计下悬挂一物体，当物体13的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为 5N，当物体12的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为 3N，现将物体从弹簧测力计上取下放入水中，则该物体静止时所受浮力是_N，该物体的密度为_kg/m3（水=1103kg/m3，g=10N/kg）【答案】(1).9(2).0.75103【解析】【分析】（1）由已知条件，根据称重法测浮力及阿基米德原理列方程求出物体浸没时受到的
8、浮力和物体的重力，根据物体的浮沉条件确定将物体从弹簧测力计上取下放入水中静止时处的状态，由漂浮的特点，得出物体所受浮力大小；（2）求出物体的体积，该物体的密度为：mGVgV 求出物体的密度【详解】（1）当物体13的体积浸入水中时，排开水的体积为13V，弹簧测力计示数为 5N，根据称重法测浮力：GF浮F 和阿基米德原理有：153水NGgV；当物体12的体积浸入水中时，弹簧测力计示数为 3N，同理有：132水NGgV；得：水gV12N，将代入得：112593NNNG；由知，物体浸没受到的浮力为 12N9N，由物体的浮沉条件，将物体从弹簧测力计上取下放入水中，则该物体静止时处于漂浮状态，由漂浮的特点
9、，物体所受浮力是：FG9N；（2）由得物体的体积：12NgV 水；该物体的密度为：3390 75 1012水NkgmNmG./VgVgg 【点睛】本题考查称重法测浮力、阿基米德原理、及漂浮的特点和密度公式的运用，综合性较强17.如图是电热饮水机电路原理图，已知 R1=100，R2=20，当开关 S1、S2闭合时，饮水机处于_状态（填“保温”或“加热”），饮水机的保温功率与加热功率之比为_【答案】(1).加热(2).1:6【解析】【分析】（1）分析开关闭合、断开时电路总电阻的大小关系，根据2UPR比较功率的大小，进一步判断电路所处的工作状态；（2）饮水机处于加热状态时，电路为 R2的简单电路，饮
10、水机处于保温状态时，R1与 R2串联，根据2UPR求出功率之比【详解】（1）当开关 S1、S2都闭合时电路为 R2的简单电路，当 S1闭合、S2断开时 R1与 R2串联，两电阻串联时总电阻最大，所以当开关 S1、S2都闭合时，电路中的电阻最小，由2UPR可知，电路中的总功率最大，饮水机处于加热状态；（2）饮水机处于加热状态时，电路为 R2的简单电路，则电路的功率：21UPR加热饮水机处于保温状态时，R1与 R2串联，电路的功率为：212+UPR R保温所以饮水机的保温功率与加热功率之比：2保温122加热1UPR+R=UPR15100+20=16100【点睛】本题考查了电功率公式和并联电路特点以
11、及欧姆定律的应用，要注意并联电路中总电阻小于任何一个分电阻18.如图，灯 L 标有“4V 2W”，R=20，闭合开关 S 时，灯 L 正常发光（灯丝的电阻不受温度影响），电流表示数为_A，通电 1min 电路中产生的热量为_J【答案】(1).0.7(2).168【解析】【分析】由图知 R 与 L 并联，电流表测干路电流，由灯泡正常发光可知电源电压，由 P=UI 可得灯泡电流，由并联电路特点和欧姆定律可得 R 的电流，从而得到干路电流；由 Q=W=UIt 可得通电一分钟电路产生热量【详解】由图知 R 与 L 并联，电流表测干路电流，灯 L 正常发光，所以 UURUL4V，由 PUI 可得通过灯泡
12、的电流：20 54WAV.LLLPI=U由欧姆定律可得通过 R 的电流：40 220VA.RRUI=R由并联电路的电流特点可得电流表示数：IIL+IR0.5A+0.2A0.7A；通电 1min 电路中产生的热量：QWUIt4V0.7A60s168J【点睛】本题考查了并联电路特点、欧姆定律以及电热计算公式的应用，关键知道灯泡正常发光时的电压等于其额定电压19.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡 L 标有“6V 3W 字样，图乙是通过小灯泡的电功率随其两端电压变化的图象滑动变阻 R1的最大值为 40，定值电阻 R2=10，当闭合 S、S1、断开 S2、P 在中点时，R2的功率为 0.9W，电源电
13、压为_V，当闭合 S、S2、断开 S1、小灯泡功率为 1.6W 时，滑动变阻器连入电路中的阻值_【答案】(1).9(2).12.5【解析】【分析】（1）当闭合 S、S1、断开 S2时，滑动变阻器 R1与定值电阻 R2串联，P 在中点时，根据 P=I2R2求出电路的电流，根据欧姆定律算出电源电压；（2）当闭合 S、S2、断开 S1时，滑动变阻器 R1与小灯泡串联，根据图象读出此时小灯泡两端的电压，利用串联电路电流和电压的规律以及欧姆定律算出电路的电流以及滑动变阻器的电阻【详解】（1）当闭合 S、S1、断开 S2时，滑动变阻器 R1与定值电阻 R2串联，P 在中点时，R2的功率为 0.9W，根据
14、PI2R2知，此时电路的电流为：0 90 310WA.2PI=R根据UIR可得，电源电压为：21110 31040922 AUI RR.V（2）当闭合 S、S2、断开 S1时，滑动变阻器 R1与小灯泡串联，根据图乙知，当小灯泡的电功率为 1.6W 时，小灯泡两端的电压为 4V，根据 PUI 知，此时电路的电流：1 60 44WAVP.I.U根据串联电路电压的规律知，滑动变阻器两端的电压：U2UUL9V4V5V，则滑动变阻器连入电路中的阻值：22512 50 4VAUR.I.【点睛】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键，要注意灯泡的电阻是变化的三、探
15、究与解答题三、探究与解答题20.如图，在舞蹈室的墙面上装有一块平面镜，王老师用一激光笔从 S 点照射镜面，在地面上 P 点看到一光斑，请用平面镜成像特点完成光路图【答案】【解析】【分析】根据反射光线反向延长通过像点和像点与发光点关于平面镜对称，作出反射光线并完成光路图【详解】根据像与物体关于平面镜对称先作出 S 的像点 S，连接 SP，与平面镜的交点即为入射点，再连接S 与 入 射 点 连 线 为 入 射 光 线，P 与 入 射 点 连 线 为 反 射 光 线，如 图 所 示：【点睛】本题考查利用平面镜成像特点作图，关键是利用好在光的反射现象中，反射光线反向延长一定通过发光点的像点这一特点21
16、.如图，物 A 放在斜面上处于静止状态，在图中画出 A 所受重力 G 和对斜面的压力 F 的示意图【答案】【解析】【分析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可【详解】过物体的重心画一条竖直向下的带箭头的线段，符号为 G，即为重力的示意图；在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画一条垂直于斜面向下、带箭头的线段，符号为 F，即为压力的示意图如图所示：【点睛】
17、本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力22.如图，小红同学在“测量盐水的密度”实验中，操作步骤如下：（1）把天平放在水平桌面上，游码放在零刻度线，发现指针位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向_（填“左”或“右”）调节，直到横梁水平平衡（2）已知空烧杯的质量为 28g，现将适量盐水装入烧杯，并放在天平的左盘，测量其质量，待天平平衡时，如图乙所示然后将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图丙所示，由此计算出盐水的密度为_kg/m3（3）小红同学此次实验操作测得的盐水密度将偏_（填“大”或“小”）【答案】(1).左(2).1.1103(3
18、).偏大【解析】【分析】（1）天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；（2）天平测物体质量时，物体质量等于砝码质量与游码读数之和；（3）由于烧内壁粘有液体所以体积 V 偏小，由此分析所测密度变化【详解】（1）把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处后，由图甲知，指针偏右，此时应将左端的平衡螺母向左调节，直到指针对准分度盘中央的刻度线；（2）由图乙知，天平标尺的分度值为 0.2g，盐水和烧杯的总质量 m50g+20g+20g+4g94g，盐水的质量为 94g28g66g；盐水的体积 V60mL60cm3，盐水的密度3333661 11 1 1060kgm
19、mg.g/cm./Vcm（3）把烧杯中的盐水全部倒入量筒中测体积时，由于烧杯内壁粘有盐水，所以测得体积 V 偏小，根据可知，所测盐水密度偏大【点睛】用天平和量筒来测液体的密度，是实验室中最常用的方法，重点应掌握天平的调节与使用方法、量筒的读数、密度公式的运用、实验步骤的合理安排等23.如图甲是小东探究“不同物质吸热规律”的实验装置：（1）两个相同的烧杯中装有_相同且初温相同的水和煤油，用相同的酒精灯对它们加热（2）根据实验数据，小东作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（见图乙）由图乙可知，杯中的水和煤油，升高相同的温度时，吸收的热量_（填“相同”或“不相同”），计算出煤油的比热容是_J/（
20、kg）c水=4.2103J/（kg）【答案】(1).质量(2).不相同(3).2.1103【解析】【分析】（1）要探究“不同物质吸热规律”，需要控制物体的质量和热源相同，所以实验时还要使物体的初温相同，比较温度的变化；（2）由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的 2 倍，即水吸收的热量是煤油的 2 倍，根据Qcm t在质量、升温相同的情况下，比热容与 Q 成正比，求出煤油的比热容【详解】（1）要探究“不同物质吸热规律”，需要控制物质的质量和热源相同，所以要使水和煤油质量和初温相同，用相同的酒精灯对它们加热；（2）由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的 2 倍，即水吸收的热量是煤油的
21、 2 倍，根据Qcm t可知，在质量、升温相同的情况下，比热容与 Q 成正比，故煤油的比热容：33114 2 102 1 1022=JkgCJkgCc././煤油水c【点睛】此题通过探究物质的比热容实验和影响物体吸热多少的因素实验考查了学生对控制变量法的应用和根据数据得出结论的能力24.如图是“测量小灯泡电阻”的实验装置，电源电压恒为 6V，小灯泡的额定电压为 3.8V（1）检查无误后，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动，请写出 A 表、V 表的示数变化情况：_（2）移动滑片获得了表格中的实验数据：实验次数发光情况电压（V）电流（A）灯丝电阻（）1刚发光1.50.22暗2.50.38.33亮3
22、.80429.0请计算出第 1 次实验时灯丝的电阻，R1=_（3）分析数据及实验现象可知，灯越亮，灯丝电阻越大，说明灯丝的电阻与_有关（4）现电压表 015V 量程损坏，而 03V 程完好，在不增减器材的情况下，请设计测量小灯泡额定功率的的实验，写出必要的调整步骤：_【答案】(1).A 表示数变大、V 表示数变大(2).7.5(3).温度(4).将电压表并联在滑动变阻器两端（移动滑片 P，使电压表的示数为 2.2V）【解析】【分析】（1）分析电路连接，滑动变阻器的滑片向左移动，确定变阻器连入电路的电阻变化，根据电阻的串联确定总电阻变化，由欧姆定律，得出电流和电压表示数变化；（2）根据表中数据，
23、由欧姆定律，计算出第 1 次实验时灯丝的电阻；（3）灯丝的电阻与温度有关（4）根据串联电路电压的规律，当电压表示数为：6V-3.8V=2.2V 时，灯正常发光，据此分析【详解】（1）图中，变阻器与灯串联，电流表测电路的电流，电压表测灯的电压，检查无误后，闭合开关滑动变阻器的滑片向左移动，变阻器连入电路的电阻变小，电路的电阻变小，由欧姆定律，电流示数变大，根据 UIR，电压表示数变大；（2）根据表中数据，由欧姆定律，请计算出第 1 次实验时灯丝的电阻，11 57 50 2VA.R.（3）分析数据及实验现象可知：灯越亮，灯丝电阻越大，说明灯丝的电阻与温度有关（4）现电压表 015V 量程损坏，而
24、03V 量程完好，将电压表并联在变阻器两端，根据串联电路电压的规律，当电压表示数为：6V3.8V2.2V 时，灯正常发光，记下此时电流表示数，根据 P额U额I 计算即可【点睛】本题测灯的电阻，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用及影响电阻大小的因素，同时也考查了测功率方案的设计25.如图，电源电电压不变，定值电阻 R1=6，电流表的量程为 00.6A，电压表的量程为 03V，滑动变阻器 R2的规格为“40 1A”，闭合开关后，当滑片 P 置于 M 点时，电流表示数为 0.3A，当滑片 P 置于 N 点时，电流表示数变化了 0.1A，且滑动变阻器连入电路中的阻值12MNRR（1）求定值电阻 R1前
25、后两次电功率之比；（2）求电源电压；（3）在不损坏元件的情况下，求出滑动变阻器的取值范围【答案】（1）定值电阻 R1前后两次电功率之比为 9：4；（2）电源电压为 3.6V；（3）在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为 030【解析】【分析】（1）滑片由 M 点滑到 N 点，电阻变大，电路中的电流减小，求出滑片 P 置于 N 点时电路中的电流，再根据 P=I2R 求出定值电阻 R1前后两次电功率；（2）根据电源电压不变列出等式，求出电源电压；（3）根据电流表量程和滑动变阻器规格分析电路中的最大电流，进而求出滑动变阻器的最小阻值；电压表测量滑动变阻器两端的电压，其示数最大时，滑动变阻器连入
26、电路中的阻值最大，根据分压特点求出连入电路的最大阻值【详解】（1）滑片由 M 点滑到 N 点，电阻变大，电路中的电流减小，所以滑片 P 置于 N 点时电路中的电流：INIM0.1A0.3A0.1A0.2A，定值电阻 R1前后两次电功率之比：220 39 40 2AA(.):(.)2MM12NN1PI R=PI R（2）滑片 P 置于 M 点时，电源电压 UIM（R1+RM），滑片 P 置于 N 点时，电源电压 UIN（R1+RN），RN2RM，所以 0.3A（R1+RM）0.2A（R1+2RM），解得 RMR16，电源电压：UIM（R1+RM）0.3A（6+6）3.6V；（3）根据电流表量程和
27、滑动变阻器规格可知，电路中的最大电流为 I大0.6A，由欧姆定律可得，电路总电阻：3 660 6VA.大UR=I滑动变阻器连入电路的最小阻值：R滑小RR1660；电压表的量程为 03V，滑动变阻器两端的最大电压 U滑3V，R1两端的电压 U1UU滑3.6V3V0.6V，根据串联电路的分压特点可知：110 663滑滑大滑大V=VUR.URR解得 R滑大30，所以在不损坏元件的情况下，滑动变阻器的取值范围为 030【点睛】此题主要考查的是学生对欧姆定律计算公式和串联电路电流、电压、电阻特点的理解和掌握，综合性较强，弄明白电流时电阻最小、滑动变阻器两端的电压最大时滑动变阻器的阻值最大是关键26.如图
28、，杠杆在水平位置平衡，物体 M 重为 500N，OA：OB=2：3，每个滑轮重为 20N，滑轮组的机械效率为 80%，在拉力 F 的作用下，物体 M，以 0.5m/速度匀速上升了 5m（杠杆与绳的自重摩擦均不计）求：（1）物体 M2的重力；（2）拉力 F 的功率；（3）物体 M1对水平面的压力【答案】（1）物体 M2的重力为 80N；（2）拉力 F 的功率为 50W；（3）物体 M1对水平面的压力为 245N【解析】【分析】（1）因杠杆与绳的自重、摩擦均不计，故克服动滑轮重力做的功为额外功，已知滑轮组的机械效率，根据有总动动=+WGhGWGh G hG G 得出物体 M2的重力；（2）由图知，
29、绳子的有效段数为 2，绳的自重、摩擦均不计，作用在绳子自由端的拉力：2+=G GF动根据绳子自由端移动的距离为：s=2h，由svt得出绳子自由端的速度为物体上升速度的 2 倍，根据WFsPFvtt求出拉力 F 的功率；（3）由力的平衡，得出绳子对定滑轮向上的拉力，根据力的作用是相互的，即定滑轮对绳子的拉力可知作用在杠杆 B 端的力为，根据杠杆的平衡条件求出绳子作用在杠杆 A 端的力，根据力的作用是相互的知杠杆对绳子的拉力，即绳子对绳子对 M1向上的拉力为 FA，由力的平衡，求出地面对 M1的支持力，由力的相互性求出物体 M1对水平面的压力【详解】（1）因杠杆与绳的自重、摩擦均不计，故克服动滑轮
30、重力做的功为额外功，则滑轮组的机械效率：有总动动=+WGhGWGh G hG G 即G80%=G+20N解得物体 M2的重力：G80N；（2）由图知，绳子的有效段数为 2，绳的自重、摩擦均不计，则作用在绳子自由端的拉力：82050220NN+=NG GF动物体 M2以 0.5m/s 速度匀速上升了 h，绳子自由端移动的距离为：s2h，由svt可得绳子自由端的速度为：v绳2v20.5m/s1m/s；拉力 F 的功率：50150NmsWWFsPFv/tt绳（3）由力的平衡条件可得，B 端对定滑轮向上的拉力：FB3F+G定350N+20N170N，根据力的作用是相互的，则定滑轮对杠杆 B 端的拉力为：FBFB170N，根据杠杆的平衡条件可得：FAOAFBOB，故绳子对杠杆 A 端的拉力为：31702552NNABO BF=FO A力的作用是相互的，则绳子对 M1向上的拉力为 FAFA255N，根据力的平衡，地面对 M1的支持力：F支G1FA500N255N245N；由力的相互性可知，物体 M1对水平面的压力：F压F支245N【点睛】本题考查有关滑轮的知识，力的平衡和相互性及杠杆的平衡条件、机械效率公式的运用，综合性强