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1、2019 年普通高等学校招生全国统一考试年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试（北京卷）理科综合能力测试（北京卷）生物部分生物部分第一部分选择题第一部分选择题1.玉米根尖纵切片经碱性染料染色，用普通光学显微镜观察到的分生区图像如下。对此图像的观察与分析，错误的是A.先用低倍镜再换高倍镜观察符合操作规范B.可观察到箭头所指细胞的细胞核和细胞壁C.在图像中可观察到处于分裂期前期的细胞D.细胞不同结构成分与该染料结合能力不同2.为探究运动对海马脑区发育和学习记忆能力的影响，研究者将实验动物分为运动组和对照组，运动组每天进行适量的有氧运动（跑步/游泳）。数周后，研究人员发现运动组海马脑区发育水
2、平比对照组提高了 1.5 倍，靠学习记忆找到特定目标的时间缩短了约 40%。根据该研究结果可得出A.有氧运动不利于海马脑区的发育B.规律且适量的运动促进学习记忆C.有氧运动会减少神经元间的联系D.不运动利于海马脑区神经元兴奋3.筛选淀粉分解菌需使用以淀粉为唯一碳源的培养基。接种培养后，若细菌能分解淀粉，培养平板经稀碘液处理，会出现以菌落为中心的透明圈（如图），实验结果见下表。菌种菌落直径：C（mm）透明圈直径：H（mm）H/C细菌5.111.22.2细菌8.113.01.6有关本实验的叙述，错误的是A.培养基除淀粉外还含有氮源等其他营养物质B.筛选分解淀粉的细菌时，菌液应稀释后涂布C.以上两种
3、细菌均不能将淀粉酶分泌至细胞外D.H/C 值反映了两种细菌分解淀粉能力的差异4.甲、乙是严重危害某二倍体观赏植物的病害。研究者先分别获得抗甲、乙的转基因植株。再将二者杂交后得到 F1，结合单倍体育种技术，培育出同时抗甲、乙的植物新品种，以下对相关操作及结果的叙述，错误的是A.将含有目的基因和标记基因的载体导入受体细胞B.通过接种病原体对转基因的植株进行抗病性鉴定C.调整培养基中植物激素比例获得 F1花粉再生植株D.经花粉离体培养获得的若干再生植株均为二倍体5.为减少某自然水体中 N、P 含量过高给水生生态系统带来的不良影响，环保工作者拟利用当地原有水生植物净化水体。选择其中 3 种植物分别置于
4、试验池中，90 天后测定它们吸收N、P 的量，结果见下表。植物种类单位水体面积 N 吸收量（g/m2）单位水体面积 P 吸收量（g/m2）浮水植物 a22.301.70浮水植物 b8.510.72沉水植物 c14.612.22结合表中数据，为达到降低该自然水体中 N、P 的最佳效果，推断应投放的两种植物及对该水体的生态影响是A.植物 a 和 b，群落的水平结构将保持不变B.植物 a 和 b，导致该水体中的食物链缩短C.植物 a 和 c，这两种植物种群密度会增加D.植物 a 和 c，群落中能量流动方向将改变第二部分非选择题第二部分非选择题6.流行性感冒（流感）由流感病毒引起，传播速度快、波及范围
5、广，严重时可致人死亡。（1）流感病毒必须在_内增殖，当侵染人呼吸道上皮细胞时，会经过_、穿入、脱壳、生物合成和成熟释放等几个阶段。（2）流感病毒的抗原刺激人体免疫系统，使 B 细胞增殖分化为_细胞，后者能产生特异性抗体。（3）HA 和 NA 是流感病毒表面的两种糖蛋白，甲型流感病毒的 HA、NA 氨基酸序列的变异频率非常高，导致每年流行的病毒毒株可能不同。每年要根据流行预测进行预防接种的免疫学原理是_。（4）研究者通过实验观察 NA 抗体对病毒侵染细胞的抑制作用。主要实验材料包括：感染流感病毒后 63 天、21 天的两位康复者的 NA 抗体（分别为 D63、D21）、对照抗体、流感病毒和易感细
6、胞。实验的主要步骤依次是：培养易感细胞、_（选择并排序）等。a将抗体分别与流感病毒混合b将各混合物加入同一细胞培养瓶c将各混合物分别加入不同细胞培养瓶d检测 NA 抗体与易感细胞的结合率e检测培养物中病毒的增殖量f检测细胞对病毒的损伤程度图中实验结果表明，这两位康复者均产生了抗 NA 的抗体，其中对流感病毒抑制效果较好的抗体是_。选用的对照抗体应不能与_特异性结合。依据本实验结果提出疫苗研制的思路_。（5）若你已被确诊为流感患者，请例举具体的应对措施 _。7.油菜是我国重要的油料作物，培育高产优质新品种意义重大。油菜的杂种一代会出现杂种优势（产量等性状优于双亲），但这种优势无法在自交后代中保持
7、，杂种优势的利用可显著提高油菜籽的产量。（1）油菜具有两性花，去雄是杂交的关键步骤，但人工去雄耗时费力，在生产上不具备可操作性。我国学者发现了油菜雄性不育突变株（雄蕊异常，肉眼可辨），利用该突变株进行的杂交实验如下：由杂交一结果推测，育性正常与雄性不育性状受_对等位基因控制。在杂交二中，雄性不育为_性性状。杂交一与杂交二的 F1表现型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的 3 个基因（A1、A2、A3）决定。品系 1、雄性不育株、品系 3 的基因型分别为 A1A1、A2A2、A3A3。根据杂交一、二的结果，判断 A1、A2、A3之间的显隐性关系是_。（2）利用上述基因间的关系，可大量
8、制备兼具品系 1、3 优良性状的油菜杂交种子（YF1），供农业生产使用，主要过程如下：经过图中虚线框内的杂交后，可将品系 3 的优良性状与_性状整合在同一植株上，该植株所结种子的基因型及比例为_。将上述种子种成母本行，将基因型为_的品系种成父本行，用于制备 YF1。为制备 YF1，油菜刚开花时应拔除母本行中具有某一育性性状的植株。否则，得到的种子给农户种植后，会导致油菜籽减产，其原因是_。（3）上述辨别并拔除特定植株的操作只能在油菜刚开花时（散粉前）完成，供操作的时间短，还有因辨别失误而漏拔的可能。有人设想：“利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性”，请用控制该性状的等位基因（E、e
9、）及其与 A 基因在染色体上的位置关系展示这一设想 _。8.光合作用是地球上最重要的化学反应，发生在高等植物、激类和光合细菌中。（1）地球上生命活动所需的能量主要来源于光反应吸收的_，在碳（暗）反应中，RuBP 羧化酶（R 酶）催化 CO2与 RuBP（C5）结合，生成 2 分子 C3，影响该反应的外部因素，除光照条件外还包括_（写出两个）；内部因素包括_（写出两个）。（2）R 酶由 8 个大亚基蛋白（L）和 8 个小亚基蛋白（S）组成。高等植物细胞中 L 由叶绿体基因编码并在叶绿体中合成，S 由细胞核基因编码并在_中由核糖体合成后进入叶绿体，在叶绿体的_中与 L 组装成有功能的酶。（3）研究
10、发现，原核生物蓝藻（蓝细菌）R 酶的活性高于高等植物，有人设想通过基因工程技术将蓝藻 R 酶的 S、L 基因转入高等植物，以提高后者的光合作用效率。研究人员将蓝藻 S、L 基因转入某高等植物（甲）的叶绿体 DNA 中，同时去除甲的 L 基因。转基因植株能够存活并生长。检测结果表明，转基因植株中的 R 酶活性高于未转基因的正常植株。由上述实验能否得出“转基因植株中有活性的 R 酶是由蓝藻的 S、L 组装而成”的推测_？请说明理由。_基于上述实验，下列叙述中能够体现生物统一性的选项包括_。a蓝藻与甲都以 DNA 作为遗传物质b蓝藻与甲都以 R 酶催化 CO2的固定c蓝藻 R 酶大亚基蛋白可在甲的叶
11、绿体中合成d在蓝藻与甲的叶肉细胞中 R 酶组装的位置不同生物部分生物部分解析解析第一部分选择题第一部分选择题1.玉米根尖纵切片经碱性染料染色，用普通光学显微镜观察到的分生区图像如下。对此图像的观察与分析，错误的是A.先用低倍镜再换高倍镜观察符合操作规范B.可观察到箭头所指细胞的细胞核和细胞壁C.在图像中可观察到处于分裂期前期的细胞D.细胞不同结构成分与该染料结合能力不同【答案】B【解析】【分析】1、在高等植物体内，有丝分裂常见于根尖、芽尖等分生区细胞。由于各个细胞的分裂是独立进行的，因此在同一分生组织中可以看到处于不同分裂时期的细胞。通过高倍显微镜下观察各个时期细胞内染色体（或染色质）的存在状
12、态，就可以判断这些细胞处于有丝分裂的哪个时期，进而认识有丝分裂的完整过程。染色体容易被碱性染料（如龙胆紫溶液）着色。2、把制成的装片先放在低倍镜下观察，扫视整个装片，找到分生区细胞：细胞呈正方形，排列紧密。再换成高倍镜仔细观察，首先找出分裂中期的细胞，然后再找前期、后期、末期的细胞。注意观察各时期细胞内染色体形态和分布的特点。最后观察分裂间期的细胞。【详解】用普通光学显微镜观察根尖分生区的装片，要先用低倍镜观察，再用高倍镜观察，A 正确；图中箭头所指的细胞处于有丝分裂后期，姐妹染色单体分开，染色体数目加倍，此时观察不到细胞核，因为，细胞核在有丝分裂前期逐渐消失，B 错误；有丝分裂前期染色质缩短
13、变粗，成为染色体，核仁逐渐解体，核膜逐渐消失，从细胞的两极发出纺锤丝，形成一个梭形的纺锤体，染色体散乱地分布在纺锤体中央，据以上特点，可以在图像中观察到处于分裂期前期的细胞，C 正确；碱性染料易于与染色体结合，而不易与其他结构成分结合，D正确；因此，本题答案选 B。【点睛】解答本题的关键是：明确观察根尖分生区组织细胞的有丝分裂的实验原理，以及有丝分裂各时期的特点，再根据题意作答。2.为探究运动对海马脑区发育和学习记忆能力的影响，研究者将实验动物分为运动组和对照组，运动组每天进行适量的有氧运动（跑步/游泳）。数周后，研究人员发现运动组海马脑区发育水平比对照组提高了 1.5 倍，靠学习记忆找到特定
14、目标的时间缩短了约 40%。根据该研究结果可得出A.有氧运动不利于海马脑区的发育B.规律且适量的运动促进学习记忆C.有氧运动会减少神经元间的联系D.不运动利于海马脑区神经元兴奋【答案】B【解析】【分析】1、学习和记忆是脑的高级功能之一。学习是神经系统不断地接受刺激，获得新的行为、习惯和积累经验的过程。记忆则是将获得的经验进行贮存和再现。学习和记忆相互联系，不可分割。2、研究发现，学习和记忆涉及脑内神经递质的作用以及某些种类蛋白质的合成。短期记忆主要与神经元的活动及神经元之间的联系有关，尤其是与大脑皮层下一个形状像海马的脑区有关。长期记忆可能与新突触的建立有关。【详解】由题意可知，运动组每天进行
15、适量的有氧运动（跑步/游泳），数周后，研究人员发现运动组海马脑区发育水平比对照组提高了 1.5 倍，因此，有氧运动有利于海马脑区的发育，A 错误；运动组海马脑区发育水平高，且靠学习记忆找到特定目标的时间缩短了约 40%，因此，规律且适量的运动促进学习记忆，B 正确；有氧运动有利于学习记忆，而短期记忆主要与神经元的活动及神经元之间的联系有关，因此，有氧运动会增加神经元之间的联系，C错误；据题意可知，运动组海马脑区发育水平高，且学习记忆能力增强，不运动不利于海马脑区神经元兴奋，D 错误；因此，本题答案选 B。【点睛】解答本题的关键是：明确学习记忆与海马区的关系，运动与大脑发育的关系，找出实验的自变
16、量和因变量，再根据题意作答。3.筛选淀粉分解菌需使用以淀粉为唯一碳源的培养基。接种培养后，若细菌能分解淀粉，培养平板经稀碘液处理，会出现以菌落为中心的透明圈（如图），实验结果见下表。菌种菌落直径：C（mm）透明圈直径：H（mm）H/C细菌5.111.22.2细菌8.113.01.6有关本实验的叙述，错误的是A.培养基除淀粉外还含有氮源等其他营养物质B.筛选分解淀粉的细菌时，菌液应稀释后涂布C.以上两种细菌均不能将淀粉酶分泌至细胞外D.H/C 值反映了两种细菌分解淀粉能力的差异【答案】C【解析】【分析】该选择培养基上的唯一碳源是淀粉，只有能利用淀粉的微生物才能存活，微生物分解淀粉后，会产生透明圈
17、。【详解】培养基一般含有碳源、氮源、水、无机盐和生长因子等成分，A 正确；筛选淀粉分解菌时，需要对菌液进行一系列的梯度稀释，再将不同稀释度的菌液分别涂布到固体培养基上进行培养，B 正确；由题意可知，两种菌均会产生透明圈，说明两种菌均可以产生淀粉酶并分泌到细胞外分解淀粉，C 错误；H/C 越大，说明该淀粉分解菌分解淀粉的能力越强，D正确。因此，本题答案选 C。4.甲、乙是严重危害某二倍体观赏植物的病害。研究者先分别获得抗甲、乙的转基因植株。再将二者杂交后得到 F1，结合单倍体育种技术，培育出同时抗甲、乙的植物新品种，以下对相关操作及结果的叙述，错误的是A.将含有目的基因和标记基因的载体导入受体细
18、胞B.通过接种病原体对转基因的植株进行抗病性鉴定C.调整培养基中植物激素比例获得 F1花粉再生植株D.经花粉离体培养获得的若干再生植株均为二倍体【答案】D【解析】【分析】由题意可知，同时抗甲、乙的植物新品种的培养过程为：把含抗甲的目的基因的重组质粒导入植物细胞，获得抗甲植株，同时把含抗乙的目的基因的重组质粒导入植物细胞，获得抗乙植株，通过杂交获得 F1（二倍体植株），取 F1的花粉经花药离体培养获得单倍体植株，用秋水仙素处理单倍体植株获得纯合的同时抗甲、乙的植物新品种（二倍体）。【详解】要获得转基因的抗甲或抗乙植株，需要构建基因表达载体（含目的基因、标记基因、启动子、终止子、复制原点），再把基
19、因表达载体导入受体细胞中，A 正确；对转基因植株进行检测时，可以通过抗病接种实验进行个体水平的检测，B 正确；对 F1的花粉进行组织培养时，需要经过脱分化和再分化过程，其中生长素/细胞分裂素比例高时利于根的分化，比例低时利于芽的分化，C 正确；经花粉离体培养获得的植株是单倍体，D 错误。因此，本题答案选 D。5.为减少某自然水体中 N、P 含量过高给水生生态系统带来的不良影响，环保工作者拟利用当地原有水生植物净化水体。选择其中 3 种植物分别置于试验池中，90 天后测定它们吸收N、P 的量，结果见下表。植物种类单位水体面积 N 吸收量（g/m2）单位水体面积 P 吸收量（g/m2）浮水植物 a
20、22.301.70浮水植物 b8.510.72沉水植物 c14.612.22结合表中数据，为达到降低该自然水体中 N、P 的最佳效果，推断应投放的两种植物及对该水体的生态影响是A.植物 a 和 b，群落的水平结构将保持不变B.植物 a 和 b，导致该水体中的食物链缩短C.植物 a 和 c，这两种植物种群密度会增加D.植物 a 和 c，群落中能量流动方向将改变【答案】C【解析】【分析】由图可知，植物 a 单位水体面积氮的吸收量最大，植物 c 单位水体面积 P 的吸收量最大，a、b、c 均为生产者。【详解】三种浮游植物中，a 对 N 的吸收量最大，c 对 P 的吸收量最大，故为达到降低自然水体中的
21、 N、P 的最佳效果，应该投放植物 a 和 c，投放后会增加生物的种类和食物链的数目，这两种植物吸收 N、P 其种群密度会增大，但不会改变群落中能量流动的方向。综上所述，ABD 不符合题意，C 符合题意。因此，本题答案选 C。第二部分非选择题第二部分非选择题6.流行性感冒（流感）由流感病毒引起，传播速度快、波及范围广，严重时可致人死亡。（1）流感病毒必须在_内增殖，当侵染人呼吸道上皮细胞时，会经过_、穿入、脱壳、生物合成和成熟释放等几个阶段。（2）流感病毒的抗原刺激人体免疫系统，使 B 细胞增殖分化为_细胞，后者能产生特异性抗体。（3）HA 和 NA 是流感病毒表面的两种糖蛋白，甲型流感病毒的
22、 HA、NA 氨基酸序列的变异频率非常高，导致每年流行的病毒毒株可能不同。每年要根据流行预测进行预防接种的免疫学原理是_。（4）研究者通过实验观察 NA 抗体对病毒侵染细胞的抑制作用。主要实验材料包括：感染流感病毒后 63 天、21 天的两位康复者的 NA 抗体（分别为 D63、D21）、对照抗体、流感病毒和易感细胞。实验的主要步骤依次是：培养易感细胞、_（选择并排序）等。a将抗体分别与流感病毒混合b将各混合物加入同一细胞培养瓶c将各混合物分别加入不同细胞培养瓶d检测 NA 抗体与易感细胞的结合率e检测培养物中病毒的增殖量f检测细胞对病毒的损伤程度图中实验结果表明，这两位康复者均产生了抗 NA
23、 的抗体，其中对流感病毒抑制效果较好的抗体是_。选用的对照抗体应不能与_特异性结合。依据本实验结果提出疫苗研制的思路_。（5）若你已被确诊为流感患者，请例举具体的应对措施 _。【答案】(1).活细胞(2).吸附(3).记忆细胞和浆(4).根据预测出的甲流病毒的 NA、HA 结构，将其制备成抗原，引起机体产生特异性免疫（记忆细胞和抗体）(5).a c e(6).D63(7).流感病毒(8).从感染流感病毒较长时间（如 63 天）康复者血清中提取并纯化 HA 抗体，对其进行结构分析，利用蛋白质工程制备疫苗，进行治疗(9).做好隔离防护措施（戴口罩），防止传染他人 及时去医院治疗，避免病情加重多喝水
24、，多休息（答案合理即可）【解析】【分析】本题渗透了生命观念的考查，以流感病毒为材料背景，要求学生能够正确的认识生命现象并作出合理的解释，分析。1、病毒营寄生生活，必须在活细胞内增殖。流感病毒侵入机体后会引起机体产生特异性免疫。2、利用免疫学原理制备流感病毒疫苗，进行预防接种。【详解】（1）病毒营寄生生活，不能独立代谢，必须在活细胞（宿主细胞）内增殖，病毒增殖过程：吸附：病毒的蛋白质外壳依靠尾部的小勾吸附在细菌等宿主细胞的表面；注入：病毒自己的遗传物质注入到宿主细胞内。复制合成：利用宿主细胞的物质和结构，在病毒遗传物质的指导下，合成病毒蛋白质，同时病毒的遗传物质进行复制。组装：病毒复制的遗传物质
25、和蛋白质外壳组装到一起，在宿主细胞中形成许许多多的子病毒。释放：宿主细胞的营养物质被子病毒利用，宿主细胞解体，子病毒被释放出来。（2）流感病毒的抗原可以刺激机体的免疫系统，使人体产生特异性免疫，在该过程中 B 细胞受到淋巴因子和抗原的刺激，会增殖分化形成记忆细胞和浆细胞，浆细胞能产生特异性抗体。（3）HA 和 NA 是流感病毒表面的糖蛋白即抗原，由于 HA、NA 的氨基酸序列变异频率非常高，因此每年要根据预测出的甲型流感病毒的 NA、HA 结构，将其制备成抗原，进行注射，抗原可刺激机体产生相应的抗体和记忆细胞。（4）抗体和抗原可以特异性结合，进而抑制抗原对的繁殖和对人体细胞的黏附。病毒必须侵入
26、细胞才能增殖，因此要观察 NA 抗体对病毒侵染细胞的抑制作用，首先应该培养易感细胞，然后将抗体与流感病毒结合，这种抗体通过抑制病毒进入细胞的能力来对抗流感病毒。再将各混合物分别加入不同的细胞培养瓶进行培养，过一段时间检测病毒的增殖量，即可得到 NA 抗体对病毒侵染细胞的抑制作用。由图可知，对流感病毒抑制效果较好的是 D63 抗体。选用对照抗体的一组为对照组，所选用的抗体不能与流感病毒特异性结合。NA 抗体是蛋白质，可利用蛋白质工程对抑制效果较好的抗体进行提纯和结构分析，制备疫苗，其实验思路为：从感染流感病毒较长时间（如 63 天）康复者血清中提取并纯化 HA抗体，对其进行结构分析，利用蛋白质工
27、程制备疫苗，进行治疗。（5）由题意知，流感病毒传播速度快，波及范围广，严重时可致人死亡，因此流感患者做好隔离防护措施（戴口罩），防止传染他人；及时去医院治疗，避免病情加重；另外还要注意多喝水，多休息等。【点睛】1、病毒增殖过程包括：吸附、注入、复制合成、组装、释放五个步骤。2、在体液免疫过程中，B 细胞受抗原刺激增殖分化形成浆细胞和记忆细胞。只有浆细胞能产生抗体。3、利用蛋白质工程对抗体进行结构分析，可用于疫苗的研制。7.油菜是我国重要的油料作物，培育高产优质新品种意义重大。油菜的杂种一代会出现杂种优势（产量等性状优于双亲），但这种优势无法在自交后代中保持，杂种优势的利用可显著提高油菜籽的产量
28、。（1）油菜具有两性花，去雄是杂交的关键步骤，但人工去雄耗时费力，在生产上不具备可操作性。我国学者发现了油菜雄性不育突变株（雄蕊异常，肉眼可辨），利用该突变株进行的杂交实验如下：由杂交一结果推测，育性正常与雄性不育性状受_对等位基因控制。在杂交二中，雄性不育为_性性状。杂交一与杂交二的 F1表现型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的 3 个基因（A1、A2、A3）决定。品系 1、雄性不育株、品系 3 的基因型分别为 A1A1、A2A2、A3A3。根据杂交一、二的结果，判断 A1、A2、A3之间的显隐性关系是_。（2）利用上述基因间的关系，可大量制备兼具品系 1、3 优良性状的油菜杂
29、交种子（YF1），供农业生产使用，主要过程如下：经过图中虚线框内的杂交后，可将品系 3 的优良性状与_性状整合在同一植株上，该植株所结种子的基因型及比例为_。将上述种子种成母本行，将基因型为_的品系种成父本行，用于制备 YF1。为制备 YF1，油菜刚开花时应拔除母本行中具有某一育性性状的植株。否则，得到的种子给农户种植后，会导致油菜籽减产，其原因是_。（3）上述辨别并拔除特定植株的操作只能在油菜刚开花时（散粉前）完成，供操作的时间短，还有因辨别失误而漏拔的可能。有人设想：“利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性”，请用控制该性状的等位基因（E、e）及其与 A 基因在染色体上的位置关系
30、展示这一设想 _。【答案】(1).一(2).显(3).A1A2A3(4).雄性不育(5).A2A3：A3A3=1:1(6).A1A1(7).A1A2自交会出现 1/4A2A2 雄性不育，而导致减产(8).将 E 基因移入 A2基因所在的染色体，使其紧密连锁，则表现 E 基因性状个体为不育，未表现 E 基因性状个体为可育【解析】【分析】杂交一 F2育性正常和雄性不育出现性状分离比为 3:1，说明控制雄性不育和育性正常是一对相对性状，由一对等位基因控制，育性正常为显性，雄性不育为隐性。杂交二，亲本雄性不育与品系 3 杂交，后代全为雄性不育，说明雄性不育为显性，品系 3 的性状为隐性。F1雄性不育与
31、品系 3 杂交，后代育性正常：雄性不育比例为 1:1，属于测交实验。【详解】（1）通过分析可知，育性正常与雄性不育性状受一对等位基因控制；杂交二，雄性不育为显性性状。品系 1、雄性不育株、品系 3 的基因型分别为 A1A1、A2A2、A3A3，通过分析可知，杂交一 A1为显性基因，A2为隐性，杂交二 A2为显性，A3为隐性，由此推断 A1、A2、A3之间的显隐性关系是：A1A2A3。（2）通过杂交二，可将品系 3 A3A3的优良性状与雄性不育株 A2A2杂交，得到 A2A3，再与A3A3杂交，得到 A2A3：A3A3=1:1。将 A2A3种植成母本行，将基因型为 A1A1的品系 1 种成父本行
32、，制备 YF1 即 A1A3。由于 A2A3A1A1杂交后代有 A1A3和 A1A2两种基因型的可育油菜种子，A1A3自交后代皆可育，但是 A1A2自交会出现 1/4A2A2雄性不育，而导致减产。（3）将 E 基因移入 A2基因所在的染色体，使其紧密连锁，则表现 E 基因性状个体为不育，未表现 E 基因性状个体为可育，这样成功去除 A1A2，只留下 A1A3。【点睛】本题考查基因分离定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。8.光合作用是地球上最重要的化学反应，发生在高等植物、激类和光合细菌中。（1）地球上生命活动所需的能量主要来源于光反应吸收的_，在碳
33、（暗）反应中，RuBP 羧化酶（R 酶）催化 CO2与 RuBP（C5）结合，生成 2 分子 C3，影响该反应的外部因素，除光照条件外还包括_（写出两个）；内部因素包括_（写出两个）。（2）R 酶由 8 个大亚基蛋白（L）和 8 个小亚基蛋白（S）组成。高等植物细胞中 L 由叶绿体基因编码并在叶绿体中合成，S 由细胞核基因编码并在_中由核糖体合成后进入叶绿体，在叶绿体的_中与 L 组装成有功能的酶。（3）研究发现，原核生物蓝藻（蓝细菌）R 酶的活性高于高等植物，有人设想通过基因工程技术将蓝藻 R 酶的 S、L 基因转入高等植物，以提高后者的光合作用效率。研究人员将蓝藻 S、L 基因转入某高等植
34、物（甲）的叶绿体 DNA 中，同时去除甲的 L 基因。转基因植株能够存活并生长。检测结果表明，转基因植株中的 R 酶活性高于未转基因的正常植株。由上述实验能否得出“转基因植株中有活性的 R 酶是由蓝藻的 S、L 组装而成”的推测_？请说明理由。_基于上述实验，下列叙述中能够体现生物统一性的选项包括_。a蓝藻与甲都以 DNA 作为遗传物质b蓝藻与甲都以 R 酶催化 CO2的固定c蓝藻 R 酶大亚基蛋白可在甲的叶绿体中合成d在蓝藻与甲的叶肉细胞中 R 酶组装的位置不同【答案】(1).光能(2).温度、CO2浓度(3).色素含量及种类、酶的含量及活性(4).细胞质基质(5).基质(6).不能(7).
35、因为转基因植株仍包含甲植株的 S 基因，不能排除转基因植株中 R 酶是由蓝藻的 L 蛋白和甲的 S 蛋白共同组成(8).a b c【解析】【分析】本题主要考查光合作用、基因工程及基因对性状的控制的有关知识。影响光合作用的外界因素主要有光照、温度、水、无机盐和 CO2浓度等，内部因素主要有色素的含量和种类、酶的含量及活性；要将新的基因转入，首先得将“原配”基因从受体植株的细胞核和它的叶绿体基因组中给敲除掉。然后导入目的基因，等待它们将老片段“替换”掉了之后，用专门的培养基筛选出只含有这种叶绿体的细胞，再通过组织培养最终获得 R 酶活性很高的转基因植株。【详解】(1)地球上生物生命活动所需的能量来
36、自有机物，有机物主要来自植物的光合作用，光合作用合成有机物需要光反应吸收光能，转化为 ATP 的化学能，然后 ATP 为暗反应中 C3的还原提供能量，合成糖类。在暗反应中，RuBP 羧化酶(R 酶)催化 CO2与 RuBP(C5)结合，生成 2 分子 C3，这是光合作用的暗反应的二氧化碳的固定。暗反应的进行需要相关酶的催化，二氧化碳做原料，需要光反应提供H和 ATP，光反应需要色素、酶、水、光照等，故影响该反应的外部因素有光照、温度、CO2浓度、水、无机盐等；内部因素包括色素含量及种类、酶的含量及活性等。(2)高等植物细胞中 L 由叶绿体基因编码并在叶绿体中合成，S 由细胞核基因通过转录成mR
37、NA，mRNA 进入细胞质基质，与核糖体结合，合成为 S 蛋白；因 R 酶是催化 CO2与 C5结合的，在叶绿体基质中进行，故 S 蛋白要进入叶绿体，在叶绿体的基质中与 L 组装成有功能的酶。(3)据题设条件可知，将蓝藻 S、L 基因转入某高等植物(甲)的叶绿体 DNA 中，只去除甲的 L 基因，没有去除甲的 S 基因。因此，转基因植株仍包含甲植株的 S 基因，不能排除转基因植株中 R 酶是由蓝藻的 L 蛋白和甲的 S 蛋白共同组成。故由上述实验不能得出“转基因植株中有活性的 R 酶是由蓝藻的 S、L 组装而成”的推测。根据上述实验，可以看出蓝藻的基因能导入到甲的 DNA 中，说明蓝藻和甲植株
38、都以 DNA为遗传物质；蓝藻中 R 酶的活性高于高等植物，说明两者都以 R 酶催化 CO2的固定；由于蓝藻 S、L 基因均转入甲的叶绿体 DNA 中，且去除了甲的 L 基因，结果转基因植株合成了 R 酶，说明蓝藻 R 酶大亚基蛋白 L 在甲的叶绿体中合成，以上体现了生物界的统一性。在蓝藻中 R酶组装是在细胞质基质，甲的叶肉细胞组装 R 酶是在叶绿体基质，则说明了不同生物之间具有差异性。因此，选 abc。【点睛】解答本题关键抓住“将蓝藻 S、L 基因转入某高等植物(甲)的叶绿体 DNA 中，同时去除甲的 L 基因。”这一条件，得知甲的 S 基因还在，可以合成 S 蛋白，推知转基因植株中有活性的 R 酶并不完全是由蓝藻的 S、L 组装而成。