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1、湖南省2022年普通高中学业水平选择性考试物 理注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1 .关于原子结构和微观粒子波粒二象性，下列说法正确的是()A.卢瑟福的核式结构模型解释了原子光谱的分立特征B.玻尔的原子理论完全揭示了微观粒子运动的规
2、律C.光电效应揭示了光的粒子性D.电子束穿过铝箔后的衍射图样揭示了电子的粒子性2 .如图，四根完全相同的均匀带正电绝缘长棒对称放置在长方体的四条长边a、b、c、d 上。移去。处的绝缘棒，假定另外三根绝缘棒电荷分布不变。关于长方体几何中心O 点处电场强度方向和电势的变化，下列说法正确的是()bO dA.电场强度方向垂直指向a,电势减小 B.电场强度方向垂直指向c,电势减小C.电场强度方向垂直指向m 电势增大 D.电场强度方向垂直指向c,电势增大3 .如 图(a),直导线MN被两等长且平行的绝缘轻绳悬挂于水平轴0 0,上，其所在区域存在方向垂直指向 O。的磁场，与 0 0 距离相等位置的磁感应强度
3、大小相等且不随时间变化，其截面图如图(6)所示.导线通以电流/,静止后，悬线偏离竖直方向的夹角为心下列说法正确的是()1图(b)A.当导线静止在图（a）右侧位置时，导线中电流方向由N指向MB.电流/增大，静止后，导线对悬线的拉力不变C.tan6与电流/成正比1）.sin。与电流/成正比4.1932年，查德威克用未知射线轰击氢核，发现这种射线是由质量与质子大致相等的中性粒子（即中子）组成。如图，中子以速度均分别碰撞静止的氢核和氮核，碰撞后氢核和氮核的速度分别为匕和匕。设碰撞为弹性正碰，不考虑相对论效应，下列说法正确的是（）中子 氢核中了 氮核A.碰撞后氮核动量比氢核的小 B.碰撞后氮核的动能比氢
4、核的小C.匕大于/D.%大 于%5.2022年北京冬奥会跳台滑雪空中技巧比赛场地边，有一根系有飘带的风力指示杆，教练员根据飘带的形态提示运动员现场风力的情况。若飘带可视为粗细一致的匀质长绳，其所处范围内风速水平向右、大小恒定且不随高度改变。当飘带稳定时，飘带实际形态最接近的是（）6.如图，理想变压器原、副线圈总匝数相同，滑动触头R初始位置在副线圈正中间，输入端接入电压有效值恒定的交变电源。定值电阻飞的阻值为7?,滑动变阻器&的最大阻值为9 R,滑片P?初始位置在最2右端。理想电压表V的示数为u，理想电流表A 的示数为/。下列说法正确的是（)A.保持R位置不变，巳向左缓慢滑动的过程中，/减小，U
5、不变B.保持匕位置不变，巳向左缓慢滑动的过程中，R 1 消耗的功率增大c.保持巳位置不变，R向下缓慢滑动的过程中，/减小，U增大D.保持p?位置不变，R向下缓慢滑动的过程中，R|消耗的功率减小二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7 .神舟十三号返回舱进入大气层一段时间后，逐一打开引导伞、减速伞、主伞，最后启动反冲装置，实现软着陆。某兴趣小组研究了减速伞打开后返回舱的运动情况，将其运动简化为竖直方向的直线运动，其 丫-/图像如图所示。设该过程中，重力加速度不变，返回舱质量不变，下列说法
6、正确的是（）A.在06时间内，返回舱重力的功率随时间减小B .在0彳时间内，返回舱的加速度不变C.在彳/2 时间内，返回舱的动量随时间减小D.在4时间内，返回舱的机械能不变8.如图，火星与地球近似在同一平面内，绕太阳沿同一方向做匀速圆周运动，火星的轨道半径大约是地3球 的1.5倍。地球上的观测者在大多数的时间内观测到火星相对于恒星背景由西向东运动，称为顺行；有时观测到火星由东向西运动，称为逆行。当火星、地球、太阳三者在同一直线上，且太阳和火星位于地球两侧时，称为火星冲日。忽略地球自转，只考虑太阳对行星的引力，下列说法正确的是（）火星恒星背景/超锹J：东 西I、云阳、-J ZfA.火星的公转周期
7、大约是地球的 就 倍B .在冲日处，地球上的观测者观测到火星的运动为顺行C.在冲日处，地球上的观测者观测到火星的运动为逆行D.在冲日处，火星相对于地球的速度最小9 .球形飞行器安装了可提供任意方向推力的矢量发动机，总质量为飞行器飞行时受到的空气阻力大小与其速率平方成正比（即超I k为常量）。当发动机关闭时.，飞行器竖直下落，经过一段时间后，其匀速下落的速率为1 0m/s；当发动机以最大推力推动飞行器竖直向上运动，经过一段时间后，飞行器匀速向上的速率为5 m/s。重力加速度大小为g,不考虑空气相对于地面的流动及飞行器质量的变化，下列说法正确的是（）A.发动机的最大推力为L 5 M gB.当飞行器
8、以5 m/s匀速水平飞行时，发动机推力的大小为C.发动机以最大推力推动飞行器匀速水平飞行时，飞行器速率为5 0 m/sD.当飞行器以5 m/s的速率飞行时，其加速度大小可以达到3 g1 0.如图，间距L =l m的U形金属导轨，一端接有0.1 Q的定值电阻R,固定在高=0.8 m的绝缘水平桌面上。质量均为Okg的匀质导体棒和6静止在导轨上，两导体棒与导轨接触良好且始终与导轨垂直,接入电路的阻值均为0.1。，与导轨间的动摩擦因数均为0（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），导体棒 距离导轨最右端1.7 4 m。整个空间存在竖直向下的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度大小为0.1 T。用尸=0.5 N沿
9、导轨水平向右的恒力拉导体棒m当导体棒“运动到导轨最右端时，导体棒人刚要滑动，撤去F,导体棒。离开导轨后落到水平地面上。重力加速度取l O m/s Z,不计空气阻力，不计其他电阻，4下列说法正确的是（)A.导体棒。离开导轨至落地过程中，水平位移为0.6 mB.导体棒a离开导轨至落地前，其感应电动势不变C.导体棒a 在导轨上运动的过程中，导体棒6 有向右运动的趋势D.导体棒a 在导轨上运动的过程中，通过电阻R的电荷量为0.5 8 C三、非选择题：共56分。第1114题为必考题，每个试题考生都必须作答。第15、16题为选考题，考生根据要求作答。1 1.小圆同学用橡皮筋、同种一元硬币、刻度尺、塑料袋、
10、支架等，设计了如图（a）所示的实验装置，测量冰墩墩玩具的质量。主要实验步骤如下：支架橡皮书也刻度尺冰墩墩币沫（1）查找资料，得知每枚硬币的质量为6.0 5g；（2）将硬币以5 枚为一组逐次加入塑料袋，测量每次稳定后橡皮筋的长度/,记录数据如下表:（3）根据表中数据在图（b）上描点，绘制图线;序号12345硬币数量/枚51 01 52 02 5长度/cm1 0.511 2.0 21 3.541 5.0 51 6.565f Ih小cm161514131211setae u a e i icsseen eaCSTSKnEI ICWS L*JLUngmcM*E 33 C E C j n*Ffyyi c
11、gi HBi UHKB36 SIOM mW*!E W士XS9CU3E11U3E M9CIES3c B*3C1 C*CS3EBWcxc n r?I T!riT ri CTT?rTTrieaaei sesz seue esaa*.”，c QaCT w，C*3R c，3M IC*，:K I：I I U J a二 一 一 1r i z=；i二 工 riz1 1cLx S X C 之 E D!E”r:“A：D E 3I M I M IO O C C E D 3ZQ5 Q S Q Q Q B e i，n E Q J USypq?rr”e,a i r mm m ss By b m ms 网*w aCl 36
12、*3*K n C E I3R K*a C*d，ET3Q X S Q B g r j j r m 2 3 Z EIZX1t v R支v i v I 灼 u l v t v l v f v 1？1f f r o m r*1r?2 Z E r r r r rr*?i3CUC CS31 SOCK U3C1 S311EM6ISa C nC I JLMU RaBS K D E 6130 KKS5 KS3E110HHi D B mu m5 10 15 20 25 30 /枚（4）取出全部硬币，把冰墩墩玩具放入塑料袋中，稳定后橡皮筋长度示数如图（c）所示，此时橡皮筋的长度为_c m；（5）由上述数据计算得冰墩
13、墩玩具质量为 g （计算结果保留3位有效数字）。1 2.小 梦同学自制了一个两挡位（“x l”“X 1 0”）的欧姆表，其内部结构如图所示，凡为调零电阻（最大阻值为4 m），&、&”、R 为定值电阻（氏+&加 此 此），电流计G的内阻为（&/）。用此欧姆表测量一待测电阻的阻值，回答下列问题:（1）短接，将单刀双掷开关S与机接通，电流计G示数为/“；保持电阻&滑片位置不变，将单刀双掷开关S与接通，电流计G示数变为/“，则_/“（填”大于”或“小于”）；（2）将单刀双掷开关S与 接 通，此时欧姆表的挡位为_（填“x l”或“x l O”）；（3）若 从“x l”挡位换成“X 1 0”挡位，调整欧姆
14、零点（欧姆零点在电流计G满偏刻度处）时，调零电阻凡 的滑片应该_调 节（填“向上”或“向下”）;（4）在“x l O”挡位调整欧姆零点后，在间接入阻值为1 0 0 Q的定值电阻飞，稳定后电流计G的指6针偏转到满偏刻度的j;取走与，在间接入待测电阻R,稳定后电流计G的指针偏转到满偏刻度的一，则&_。31 3.如图，两个定值电阻的阻值分别为飞和火2,直流电源的内阻不计，平行板电容器两极板水平放置，板间距离为d，板 长 为 何，极板间存在方向水平向里的匀强磁场。质量为，、带电量为+4的小球以初速度u沿水平方向从电容器下板左侧边缘A点进入电容器，做匀速圆周运动，恰从电容器上板右侧边缘离开电容器。此过程
15、中，小球未与极板发生碰撞，重力加速度大小为g,忽略空气阻力。(1)求直流电源的电动势4；(2)求两极板间磁场的磁感应强度8；(3)在图中虚线的右侧设计一匀强电场，使小球离开电容器后沿直线运动，求电场强度的最小值1 4 .如 图(a),质量为，的篮球从离地”高度处由静止下落，与地面发生一次非弹性碰撞后反弹至离地的最高处。设篮球在运动过程中所受空气阻力的大小是篮球所受重力的;I倍(4为常数且H-h02-),且篮球每次与地面碰撞的碰后速率与碰前速率之比相同，重力加速度大小为g。H+h(1)求篮球与地面碰撞的碰后速率与碰前速率之比；(2)若篮球反弹至最高处 时，运动员对篮球施加一个向下的压力F,使得篮
16、球与地面碰撞一次后恰好反弹至的高度处，力尸随高度y的变化如图(b)所示，其中每已知，求为的大小；(3)篮球从H高度处由静止下落后，每次反弹至最高点时，运动员拍击一次篮球(拍击时间极短)，瞬间给其一个竖直向下、大小相等 冲量/,经过N次拍击后篮球恰好反弹至，高度处，求冲量/的大小。71 5.利 用“涡流效应”可实现冷热气体的分离。如图，一冷热气体分离装置由喷嘴、涡流室、环形管、分离挡板和冷热两端管等构成。高压氮气由喷嘴切向流入涡流室中，然后以螺旋方式在环形管中向右旋转前进，分子热运动速率较小的气体分子将聚集到环形管中心部位，而分子热运动速率较大的气体分子将聚集到环形管边缘部位。气流到达分离挡板处
17、时，中心部位气流与分离挡板碰撞后反向，从A端流出,A.A端为冷端，B端为热端B.A端流出的气体分子热运动平均速率一定小于8端流出的C.A端流出的气体内能一定大于B端流出的D.该装置气体进出的过程满足能量守恒定律，但违背了热力学第二定律E.该装置气体进出的过程既满足能量守恒定律，也满足热力学第二定律1 6.如图，小赞同学设计了一个液体拉力测量仪。一个容积匕=9.9 L的导热汽缸下接一圆管，用质量班=9 0 g、横截面积S =1 0 cm 2的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞与圆管壁间摩擦不计。活塞下端用轻质细绳悬挂一质量加2 =1 0 g的U形金属丝，活塞刚好处于A位置。将金属丝部分浸入待测液体
18、中，缓慢升起汽缸，使金属丝从液体中拉出，活塞在圆管中的最低位置为瓦 已知A、B间距离=l()c m,外界大气压强Po =L Ol xl()5 p a,重力加速度取i()m/s 2,环境温度保持不变，求：(1)活塞处于A位置时，汽缸中的气体压强P1；(2)活塞处于B位置时，液体对金属丝拉力厂的大小。81 7.下端附着重物的粗细均匀木棒，竖直浮在河面，在重力和浮力作用下，沿竖直方向做频率为1 H z的简谐运动：与此同时，木棒在水平方向上随河水做匀速直线运动，如 图（a）所示。以木棒所受浮力尸为纵轴，木棒水平位移x为横轴建立直角坐标系，浮力F随水平位移x的变化如图（b）所示。已知河水密度为，木棒横截
19、面积为S,重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）图(b)A.x从0.0 5 m到0.1 5 m的过程中，木棒的动能先增大后减小B.x从0.2 1 m到0.2 5 m的过程中，木棒加速度方向竖直向下，大小逐渐变小C.x=0.3 5 m和x=0.4 5 m时，木棒的速度大小相等，方向相反D.木棒在竖直方向做简谱运动的振幅为E.木棒的运动为向x轴正方向传播的机械横波，波速为0.4 m/s1 8.如图，某种防窥屏由透明介质和对光完全吸收的屏障构成，其中屏障垂直于屏幕平行排列，可实现对像素单元可视角度6的控制（可视角度。定义为某像素单元发出的光在图示平面内折射到空气后最大折射角的2倍）。透明介质的折射
20、率“=2,屏障间隙L =0.8 m m。发光像素单元紧贴屏下，位于相邻两屏障的正中间.不考虑光的衍射。（1）若把发光像素单元视为点光源，要求可视角度。控制为6 0。，求屏障的高度d；（2）若屏障高度d=L（）mm,且发光像素单元的宽度不能忽略，求像素单元宽度x最小为多少时，其可9视角度。刚好被扩为180。（只要看到像素单元的任意一点,空气 7/_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _透明介旗1T5屏/J I障1-，-.-1n 发光像素单元即视为能看到该像素单元）。?10物理参考答案l.C 2.A 3.D 4.B 5.A 6.B 7.A C 8.C D 9.
21、B C 1 0.B D1 1 .见解析 1 5.3 5 1 2 7【详解】（3）1 根据表格标点连线如图4/cm17七16EBEBKREBREMnICBEMBlBBEDBMBNXMnu-fHt jrMt jnMt lnIHnMneuXXIt tuu】心Xt 1rnulMuraOMMMnsMomQWMMsSOCISKEgg*过一X。uwc，曰KcaHalmmmmmHTRYBUBstcf#K*lstsxJUnqKt auxt at axMrMBu_?ryr?一UIM2UC 3RUI11sIHHflHHittoi一1muBHSSXS工3XZnauMhHQMSMMcmZZCCd*adHEIXS13Kz
22、芸云csql azCM三左E*一IxwylHx慢K度IX度R及MIKtKBIXI?一口一E;3.ULKr二CMBMRarMPUBsg，sMnBnDUBR0MKDMCSBBMB15141312II5 10 15 20 25 30/枚10(4)由图可知刻度尺的分度值为1 m m,故读数/=1 5.3 5c m；(5)引设橡皮筋的劲度系数为鼠原长为x o,则W i g =k（Xo）n y m g k -x 设冰墩墩的质量为孙，则有 Rg=%（1-Xo）联立各式代入数据可得犯 4 2.6 9 g。1 2 .大于 x lO .向上 .4 0 0【详解】(1)根据题意可知Rm /.；(2)2 当开关拨S
23、向时，全电路的总电阻较大，中值电阻较大，能够接入待测电阻的阻值也更大，所以开关拨S 向时对应欧姆表的挡位倍率较大，即X1 0 ；(3)3 从“x l”挡位换成“X 1 0”挡位，即开关S 从加拨向，全电路电阻增大，干路电流减小，11短接时，为了使电流表满偏，则需要增大通过电流计G所在支路的电流，所以需要将尺 的滑片向上调节;（4）4在“xlO”挡位，电路图结构简化如图T1-ZZIROF第一次，当短接，全电路的总电阻为通过干路的电流为/一R电流表满偏，根据并联电路中电流之比等于电阻反比可知G _ R（）下-7G/十 号 上第二次，之间接入N=100。，全电路总电阻为R+&,通过干路的电流为,E1
24、-R+R电流表偏转了量程的2;，则凡+%上结合第一次和第二次解得R=2R、=200Q第三次，之 间 接 入 全 电 路 总 电 阻 为&+通过干路的电流为ER、+R电流表偏转了量程的工，则3-7G3 G-/G3 G&下/+4）上12结合第二次和第三次，解得&=R +2 R=400Q【详解】(1)小球在电磁场中作匀速圆周运动,R 2两端的电压根据欧姆定律得u2联立解得=(2)如图所示二 应 R2 d*尢夕多少J I X则电场力与重力平衡，可得Eq-m g七=E d=&K +&-m g d(R +R Q祸/产 .k-J3d 一设粒子在电磁场中做圆周运动的半径为，解得根据11111汩根据几何关系(r
25、-e/)2+(V 3 e/)2=r2r=2 dv2qvB=m 解得13Bmv2dq(3)由几何关系可知，射出磁场时，小球速度方向与水平方向夹角为6 0 ,要使小球做直线运动，当小球所受电场力与小球重力在垂直小球速度方向的分力相等时，电场力最小，电场强度最小，可得Eq-mg cos 60解得E,42q14.(1+4)/2 ip(1)k=R(2)Fo=(l-A)W2 加g(4)(”一/)h-hoM l X)2g【详解】(1)篮球下降过程中根据牛顿第二定律有mg-Atng=ma 下再根据匀变速直线运动的公式，下落的过程中有v F2=2a|.JY篮球反弹后上升过程中根据牛顿第二定律有mg+kmg=ma
26、 i.再根据匀变速直线运动的公式，上升的过程中有v 上2=2a i h则篮球与地面碰撞的碰后速率与碰前速率之比,_|(1+幻k-/-y V(l-A)/7(2)若篮球反弹至最高处 时，运动员对篮球施加一个向下的压力F,则篮球下落过程中根据动能定理有j h o ,1 ,2mgh H r0 Amgh=mvr篮球反弹后上升过程中根据动能定理有-mgh-Amgh=0-m(kvrv)2联立解得14F。一 平 5(3)由(1)问可知篮球上升和下降过程中的加速度分别为a(1-X)g(方向向下)a：=(l+2)g(方向向下)由题知运动员拍击一次篮球(拍击时间极短)，瞬间给其一个竖直向下、大小相等的冲量/,间极短
27、，则重力的冲量可忽略不计，则根据动量定理有由于拍击时I=mv即每拍击一次篮球将给它一个速度V,拍击第1次下降过程有vi2-v2=2(1-A)gho上升过程有(kvi)2=2(1+X)gh代入k后，下降过程有也2-丫2=2(1-X)gho上升过程有hv2=2(1-X)gHh联立有,h.v2、/gi,z h j v2 2g(1 -H”H 2g(1-4)拍击第2次，同理代入上后，下降过程有V 22-v2=2(1 X)gh上升过程有联立有再将m代入必有hv22=2(1-X)gHhi.h.=(/jl+2 g(T)V2V22g(l-4)勺 (1-/1)拍击第3次，同理代入k后，下降过程有15V 32-V2
28、=2(1 -A)g/l 2上升过程有/JV 32=2(1 -X)gHhi联立有4 Jh 仇+-v-2)H-(1-A)2再将生代入3有,/?、3,/、3 V2,.h.2 V2、/h、1 V23 H H 2g(l-2)H 2g(l-2)H 2g(l-/l)直到拍击第N次，同理代入左后，下降过程有V/V2-v2=2(1 一/t)g N-I上升过程有IIVN1=2(1 一 入)gHhN联立有h v2然=7 7(然-1+了7 1 X)H 2g(l-将尿 代入尿有v22g(1 田其中则有则1 5.A B E*=H,ho=h,h N+hh(口)一 口H=()N-h+-旦HHv22g(IT)I=m/J1”-匕
29、)川-(1-2)2H/.jv+i_11万 h【详解】A.依题意，中心部位为热运动速率较低的气体，与挡板相作用后反弹,从A端流出，而边缘部16份热运动速率较高的气体从B端流出；同种气体分子平均热运动速率较大、其对应的温度也就较高，所以A端为冷端、B端为热端，故A正确；B.依题意，A端流出的气体分子热运动速率较小，8端流出的气体分子热运动速率较大，所以从A端流出的气体分子热运动平均速度小于从8端流出的，故B正确；C.A端流出的气体分子热运动速率较小，8端流出的气体分子热运动速率较大，则从A端流出的气体分子平均动能小于从B端流出的气体分子平均动能，内能的多少还与分子数有关；依题意，不能得出从A端流出
30、的气体内能一定大于从B端流出的气体内能，故C错误；D E.该装置将冷热不均气体的进行分离，喷嘴处有高压，即通过外界做功而实现的，并非是自发进行的，没有违背热力学第二定律；温度较低的从A端出、较高的从8端出，也符合能量守恒定律，故D错误，E正确。故选A B E e1 6.(1)Pi=1 05P a；(2)F =1 N【详解】(1)将活塞与金属丝视为一整体，因平衡则有=p Q +(肛+m2)g代入数据解得P i =1()5 p a(2)当活塞在B位置时，汽缸内压强为P 2,则有P&=P 2(%+S/0代入数据解得p2=9.9 x l O4P a将活塞与金属丝视为一整体，因平衡则有p(S=p2s+(
31、呵+m2)g+F联立解得F =1 N1 7.A B D【详解】A.由简谐运动的对称性可知，0.1 m、0.3 m、0.5 m时木棒处于平衡位置；则x从0.0 5 m到0.1 5 m的过程中，木棒从平衡位置下方向上移动，经平衡位置后到达平衡位置上方，速度先增大后减小，所以动能先增大后减小，A正确；B.x从0.2 1 m到0.2 5 m的过程中，木棒从平衡位置上方靠近最大位移处向下运动(未到平衡位置)，加17速度竖直向下，大小减小，B正确；C.x=0.35m和x=0.45m时，由图像的对称性知浮力大小相等，说明木棒在同一位置，竖直方向速度大小相等，速度方向相反，而两时刻木棒水平方向速度相同，所以合
32、速度大小相等，方向不是相反，C错误;D.木棒在竖直方向的简谐运动可类比于竖直方向的弹簧振子，设木棒长度为L回复力系数为A,平衡位 置 时 木 棒 重 心 在 水 面 下 方 则 有木棒重心在平衡位置上方最大位移A处时M g-F2=M g-pgS(+x0-A =kA木棒重心在平衡位置下方最大位移A处时Fl：+此 +A-M g=pgS-M g=kA可解得k=pgS,4一 2pSgD正确;E.木棒上各质点相对静止随木棒一起运动，不能看成向x轴正方向传播的机械横波，E错误。故选ABD。1 8.(I)1.5 5 m m；(2)0.3 5 m m【详解】(1)发光像素单元射到屏障上的光被完全吸收，考虑射到屏障顶端的光射到透明介质和空气界面，折射后从界面射向空气，由题意可知必6 0。，则r=-=302在介质中的入射角为i,则sin r-=nsin;解得.1sin z =4由几何关系18解得d=，2.4mm 1.55mm1 Q(2)若视角度。刚好被扩为180。，则 曾 _=9(y,此时光线在界面发生全反射，此时光线在界面处的入2射角sinC=-n_2解得C=30此时发光像素单元发光点距离屏障的距离为x,=JtanC =mm1 3像素单元宽度x最小为x=2(X 一 勺 虫 学-0.8)mm x 0.35mm19