《2024届高三新高考化学大一轮专题练习---化学平衡含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届高三新高考化学大一轮专题练习---化学平衡含答案.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、20242024届高三新高考化学大一轮专题练习届高三新高考化学大一轮专题练习-化学平衡化学平衡一、单选题一、单选题1(2023湖北统考高考真题)H2L为某邻苯二酚类配体，其pKa1=7.46，pKa2=12.4。常温下构建Fe()-H2L溶液体系，其中c0Fe3+=2.010-4molL-1，c0H2L=5.010-3molL-1。体系中含Fe物种的组分分布系数与pH的关系如图所示，分布系数(x)=c(x)2.010-4molL-1，已知lg20.30，lg30.48。下列说法正确的是A.当pH=1时，体系中c H2Lc FeL+c(OH)c HL-B.pH在9.510.5之间，含L的物种主要
2、为L2-C.L2-+FeL+FeL2-的平衡常数的lgK约为14D.当pH=10时，参与配位的c L2-1.010-3molL-12(2023湖南统考高考真题)向一恒容密闭容器中加入1molCH4和一定量的H2O，发生反应：CH4(g)+H2O(g)CO(g)+3H2(g)。CH4的平衡转化率按不同投料比x x=n CH4n H2O随温度的变化曲线如图所示。下列说法错误的是A.x1x2B.反应速率：vb正vc正C.点a、b、c对应的平衡常数：KaC.Q大于65.6D.该温度下，中反应的平衡常数K=16(2023山东聊城校联考三模)T时，将足量某碳酸氢盐 MHCO3固体置于真空恒容密闭容器中发生
3、反应：2MHCO3(s)M2CO3(s)+H2O(g)+CO2(g)，该反应达到平衡时体系中气体的总浓度为c0molL-1。下列说法正确的是A.当混合气体中CO2的体积分数不变时，说明该反应达到平衡B.向平衡体系中加入适量MHCO3(s),c CO2增大C.向平衡体系中充入适量CO2，逆反应速率增大D.T时，该反应的化学平衡常数为c207(2023辽宁朝阳朝阳市第一高级中学校联考二模)下列装置或操作能达到相应实验目的的是A.甲装置用于酸性KMnO4溶液滴定H2C2O4溶液B.乙装置用于判断KspFe OH3KspMg OH2，且Mg OH2可转化成Fe OH3C.丙装置可用于吸收氨气，且能防止
4、倒吸D.丁装置可用于除去氯气中的HCl8(2023春广西南宁高三玉林市第一中学校联考期中)在密闭容器中，反应X2g+Y2g2XY gH0K=12(25)，相关数据如下表：时间/min0102030405060容器n(A2)00.81.41.92.22.32.3容器011.82.5333下列说法正确的是A.根据上表信息，可推算出x=18B.容器为25恒温环境，容器为绝热环境C.160min内，25恒温环境反应速率可表示为v(H2A生成)=0.05molL-1min-1D.可通过降低容器的温度，从而加快逆反应的速率，达到抑制H2A气体分解的目的10(2023春江苏南通高三海安高级中学校考阶段练习)
5、CO2热还原制CH4和CO。在常压、Ru/TiO2催化下，CO2和H2混和气体(体积比14)进行反应，测得CO2转化率、CH4和CO的选择性随温度变化如图所示。反应I：CO2(g)+4H2(g)=CH4(g)+2H2O(g)H1反应II：CO2(g)+H2(g)=CO(g)+H2O(g)H2下列说法正确的是A.温度为320至370，CH4的产率降低B.一定温度下，加入CaO(s)能提高CO的平衡产率C.其他条件不变，升高温度，CH4的平衡转化率增大D.其他条件不变，在400550范围，CH4选择性减小是因为反应1平衡逆向移动11(2023海南海口海南华侨中学校考二模)已知反应2CO2+6H2高
6、温、高压催化剂CH2=CH2+4H2OH0可用于合成烯烃。下列有关该反应的说法错误的是A.增大压强可增大该反应速率B.升高温度能增大CO2的转化率C.增大H2的浓度，该反应的平衡常数不变D.密闭容器中，通入2molCO2和6molH2，反应生成1molC2H4412(2023全国高三统考专题练习)钛酸钡 BaTiO3是电子陶瓷基础母体原料，超细微BaTiO3粉体的制备方法如下。已知：TiCl4+(x+2)H2OTiO2xH2O+4HCl下列说法不正确的是A.向TiCl4中先加入H2C2O4，可防止其水解生成TiO2xH2OB.得到溶液1的反应：TiCl4+2H2C2O4+6NH3H2O=NH4
7、2TiO C2O42+4NH4Cl+5H2OC.加入过量氨水，有利于提高BaTiO C2O424H2O的产率D.“煅烧”得到的气体A是CO、CO2和H2O的混合物13(河南省南阳市六校2022-2023学年高三下学期5月联考化学试题)在一恒温恒容的密闭容器中放入一定量的液体W，发生反应W lP g+2Q g。以下说法可以作为该反应达到平衡状态的判断依据的有v正P=2v逆QQ的体积分数保持不变容器内气体密度保持不变气体的平均相对分子质量保持不变W的质量保持不变c P:c Q=1:2容器中气体压强保持不变W的转化率不变A.B.C.D.二、多选题二、多选题14(2023山东统考高考真题)一定条件下，
8、化合物E和TFAA合成H的反应路径如下：已知反应初始E的浓度为0.10molL-1，TFAA的浓度为0.08molL-1，部分物种的浓度随时间的变化关系如图所示，忽略反应过程中的体积变化。下列说法正确的是A.t1时刻，体系中有E存在B.t2时刻，体系中无F存在5C.E和TFAA反应生成F的活化能很小D.反应达平衡后，TFAA的浓度为0.08molL-1三、非选择题三、非选择题15(2023春四川遂宁高三四川省蓬溪中学校校考期中)氮及其化合物在工农业生产、生活中有着重要作用。一定温度下，在2L恒容密闭容器中充入N2O5可发生下列反应：2N2O5g4NO2g+O2g。下表为反应在T0温度下的部分实
9、验数据：t s050010001500n N2O5(mol)10.007.044.964.96请回答：(1)从反应开始到500 s，生成O2的平均速率v O2=。(2)T0温度下，该反应达到平衡时N2O5的转化率=。(3)NO和NO2按一定比例混合可以被NaOH溶液完全吸收，写出相关化学方程式：，在此反应中，氧化剂和还原剂的物质的量之比为。(4)对于反应：2N2O5g4NO2g+O2g，下列说法不正确的是。A.开始反应时，正反应速率最大，逆反应速率为零B.N2O5不可能100%转化为NO2C.该条件下当混合气体密度不再变化，反应达到最大限度D.通过调控反应条件，可以提高该反应进行的程度E.20
10、0时，N2O5转化率几乎为0，可能原因是能量不足以破坏N2O5的分子间作用力(5)若在恒容密闭容器中充入一定量的NO2g和O2g，发生反应：4NO2g+O2g2N2O5g，该反应的正反应速率随时间变化的曲线如下图所示：请解释正反应速率如图变化的原因：。氮的另一种氢化物肼(H2N-NH2)，是一种可燃性的液体，可用作火箭燃料。键能是指破坏1mol化学键所吸收的能量，下列共价键的键能信息如表所示：共价键N-HN-NO=ONNO-H键能(kJ/mol)391161498946463关于反应N2H4g+O2g=N2g+2H2O g，则32g N2H4与O2完全反应将放出热量kJ。16(2023秋河南驻
11、马店高三统考期末)金属钛(Ti)在航空航天、医疗器械等工业领域有着重要用6途。目前生产钛的方法之一是将金红石(TiO2)转化为TiCl4，再进一步还原得到钛。回答下列问题：(1)TiO2转化为TiCl4有直接氯化法和碳氯化法。在1000时反应的热化学方程式及其平衡常数如下：(i)直接氯化：TiO2(s)+2Cl2(g)=TiCl4(g)+O2(g)H1=+172kJmol-1，Kp1=1.010-2(ii)碳氯化：TiO2(s)+2Cl2(g)+2C(s)=TiCl4(g)+2CO(g)H2=-51kJmol-1，Kp2=1.21012Pa对于直接氯化反应：增大压强，平衡移动(填“向左”“向右
12、”或“不”)；温度升高，平衡转化率(填“变大”“变小”或“不变”)。直接氯化的反应趋势远小于碳氯化，其原因是。(2)在1.0105Pa，将TiO2、C、Cl2按物质的量比12.22进行反应。体系中气体平衡组成比例(物质的量分数)随温度变化的理论计算结果如图所示。反应12C(s)+12CO2(g)CO(g)的平衡常数Kp(1400)=Pa(72 8.5)。图中显示，在200平衡时TiO2几乎完全转化为TiCl4，但实际生产中反应温度却远高于此温度，其原因是。(3)TiO2直接氯化和碳氯化都属于“气-固”反应，工业生产中有利于“气-固”充分接触的措施是。17(2023秋河南平顶山高三统考期末)CO
13、2减排和转化利用以及化学电池的发展都是目前研究的重要方向。(1)CO在炼铁高炉中与FexOy存在以下反应：IFe2O3s+CO g2FeO s+CO2gH1=-3kJmol-1IIFeO s+CO gFe s+CO2gH2=-11kJmol-1IIIFe2O3s+3CO g2Fe s+3CO2gH3H3=kJmol-11500时，反应III的平衡常数K=1。该温度下，在某体积可变的密闭容器中，按物质的量之比3：4加入Fe2O3s和CO g发生反应III，平衡时Fe2O3的转化率为(保留三位有效数字)。(2)二氧化氮-空气燃料电池的工作原理示意图如图所示，a极为(填“正极”或“负极”)，b极的电
14、极反应式为。若放电过程中消耗标准状况下3.36LO2，则生成HNO3的质量为g。7(3)下图为相互串联的甲、乙两电解池。铁极为(填“阳极”或“阴极”)。常温下，若电解一段时间后甲池的阴极增重12.8g，假设乙池中溶液体积不变且产生的气体全部逸出，则电解后乙池溶液的pH为。18(2023全国高三专题练习)对于基元反应，如aA+bBcC+dD，反应速率v正=k正ca(A)cb(B)，v逆=k逆cc(C)cd(D)，其中k正、k逆是取决于温度的速率常数。对于基元反应2NO(g)+O2(g)2NO2(g)，在653 K时，速率常数k正=2.6103L2mol-2s-1，k逆=4.1103Lmol-1s
15、-1(1)计算653 K时的平衡常数K=(2)653 K时，若NO的浓度为0.006 molL-1，O2的浓度为0.290 molL-1，则正反应速率为molL-1s-1。8参考答案：参考答案：1C【分析】从图给的分布分数图可以看出，在两曲线的交点横坐标值加和取平均值即为某型体含量最大时的pH，利用此规律解决本题。【详解】A从图中可以看出Fe()主要与L2-进行络合，但在pH=1时，富含L的型体主要为H2L，此时电离出的HL-较少，根据H2L的一级电离常数可以简单计算pH=1时溶液中c(HL-)10-9.46，但pH=1时c(OH-)=10-13，因此这四种离子的浓度大小为c(H2L)c(Fe
16、L+)c(HL-)c(OH-)，A错误；B根据图示的分布分数图可以推导出，H2L在pH9.9时HL-的含量最大，而H2L和L2-的含量最少，因此当pH在9.510.5之间时，含L的物种主要为HL-，B错误；C该反应的平衡常数K=c(FeL2-)c(FeL+)c(L2-)，当FeL2-与FeL+分布分数相等时，可以将K简化为K=1c(L2-)，此时体系的pH=4，在pH=4时可以计算溶液中c(L2-)=5.010-14.86，则该络合反应的平衡常数K10-14.16，即lg K14，C正确；D根据图像，pH=10时溶液中主要的型体为FeL33-和FeL2(OH)2-，其分布分数均为0.5，因此可
17、以得到c(FeL33-)=c(FeL2(OH)2-)=110-4molL-1，此时形成FeL33-消耗了310-4molL-1的L2-，形成FeL2(OH)2-消耗了210-4molL-1的L2-，共消耗了510-4molL-1的L2-，即参与配位的c(L2-)510-4，D错误；故答案选C。2B【详解】A一定条件下，增大水的浓度，能提高CH4的转化率，即x值越小，CH4的转化率越大，则x1vc正，故B错误；C由图像可知，x一定时，温度升高CH4的平衡转化率增大，说明正反应为吸热反应，温度升高平衡正向移动，K增大；温度相同，K不变，则点a、b、c对应的平衡常数：Ka，B正确；C反应前后气体体积
18、不变，反应是等效平衡，则容器消耗CO物质的量为1.6mol,放热的热量Q=1.6mol41kJ/mol=65.6kJ，C错误；D化学平衡常数只与温度有关，容器、温度相同，则化学平衡常数相等，根据容器数据，列化学平衡三段式，CO(g)+H2O(g)起始量(mol)14变化量(mol)0.80.8平衡量(mol)0.23.2CO2(g)00.80.8+H2(g)00.80.8K=c(CO2)c(H2)c COc(H2O)=0.820.820.223.22=1，D正确；故答案为C。6C【详解】A反应中H2O和CO2按照1：1产生，则反应中CO2的体积分数一直为50%，CO2体积分数不变无法判断化学平
19、衡，A项不符合题意；B加入固体不改变物质的浓度平衡不移动，CO的浓度不发生变化，B项不符合题意；C充入CO2增加了产物浓度，v逆速率增大，平衡逆向，C项符合题意；答案第10页，共11页10D平衡时气体总浓度为c0mol/L，则c(CO2)=c(H2O)=c02mol/L，计算K=c02c02=0.25c20，D项不符合题意；故选C。7C【详解】A酸性高锰酸钾具有强氧化性，能够腐蚀橡胶，应选酸式滴定管盛放，A错误；B浓度相同，Ksp小的先沉淀，先出现红褐色沉淀，则KspFe OH3KspMg OH2，但不能说明Mg OH2可转化成Fe OH3，B错误；C氨气为极性分子极易溶于水，不溶于CCl4，
20、且CCl4的密度大于水。导管口插在CCl4中，氨气不溶解，逸出后被水吸收，可防止倒吸，C正确；D食盐水可抑制氯气的溶解，HCl极易溶于水，可以用饱和食盐水除去氯气中的HCl，但装置应长管进短管出，D错误；故选C。8D【详解】A图I在某一时刻正逆反应速率都增大，若只是增大反应物的浓度，只有正反应速率增大，逆反应速率不变，A错误；B图II正逆速率都增大，但增大程度相同，可能是增大压强或加入催化剂的变化情况，因为该反应是前后气体分子数相同的反应，增大压强，正逆速率都增大，但仍相等，平衡不移动，B错误；C图III中t时刻XY的百分含量降低，说明平衡逆向移动，反应X2g+Y2g2XY gH0是气体体积不
21、变的放热反应，增大压强平衡不移动，升高温度，平衡逆向移动，则图III是升高温度，故C错误；D由C可知，图是升高温度，故D正确；故选D。9A【详解】A该反应为吸热反应，温度升高则平衡右移，容器中反应更完全，则容器为25恒温环境。温度不变则K不变，根据所给数据，可知平衡时有c(H2A)=x2-6mol/L，c(H2)=6mol/L，c(A2)=3mol/L，则K=623x2-62=12，解得x=18，A项正确；B该反应为吸热反应，容器相比容器反应更完全，表明容器中温度高于容器，则容器为绝热环境，容器为25恒温环境，B项错误；C160min内，25恒温环境反应速率可表示为v(A2生成)=3mol-0
22、mol60min1L=0.05molL-1min-1，化学反应速率之比等于化学计量数之比，因H2A与A2的化学计量数之比不为1:1，C项错误；D降低温度会降低逆反应速率，D项错误。答案选A。10A【分析】从图中可以看出，升高温度，反应I中CH4的选择性降低，则平衡逆向移动，H10。【详解】A由图可知，温度升高，甲烷的选择性减小，则温度为320至370，反应I平衡逆向移动，答案第9页，共11页11CH4的产率降低，A正确；B一定温度下，加入CaO(s)与CO2反应生成CaCO3，使反应的平衡逆向移动，从而降低CO的平衡产率，B不正确；C由分析可知，H10，则其他条件不变，升高温度，反应I平衡逆向
23、移动，CH4的平衡转化率减小，C不正确；D其他条件不变，在400550范围，CO的选择性增大，由碳原子守恒可知，CH4选择性减小，D不正确；故选A。11D【详解】A增大压强可以增大单位体积内活化分子数，从而提高有效碰撞几率，所以可加快该反应速率，故A正确；B该反应吸热，升高温度平衡正向移动，可以提高CO2的转化率，故B正确；C增大H2的浓度不能改变平衡常数，故C正确；D密闭容器中，通入2molCO2和6molH2，因为反应可逆不可进行到底，故生成的 C2H4小于1mol，故D错误；故选D。12C【分析】TiCl4与草酸先生成TiO(C2O4)2-2，再向体系中加入钡离子，发生反应的离子方程式为
24、：TiO(C2O4)2-2+Ba2+4H2O=BaTiO(C2O4)24H2O，生成的BaTiO(C2O4)24H2O再经过隔绝空气煅烧，得到BaTiO3，同时得到CO、CO2及水蒸气，涉及的方程式为BaTiO(C2O4)24H2O高温 BaTiO3+2CO+2CO2+4H2O，据此分析解答。【详解】A根据已知信息可知，四氯化钛水解显酸性，所以向TiCl4中先加入H2C2O4，可抑制其水解，从而防止生成TiO2xH2O，A正确；B根据分析可知，得到溶液1的反应：TiCl4+2H2C2O4+6NH3H2O=NH42TiO C2O42+4NH4Cl+5H2O，B正确；C加入过量氨水，则溶液碱性过强
25、，可能会生成TiO(OH)+，从而降低TiO(C2O4)2-2的浓度，不利于提高BaTiO C2O424H2O的产率，C错误；D根据分析，结合原子守恒可知“煅烧”得到的气体A是CO、CO2和H2O的混合物，D正确；故选C。13C【详解】反应达到平衡状态，正逆反应速率比等于系数比，当2v正 P=v逆 Q时反应达到平衡状态，v正P=2v逆Q时反应没有达到平衡状态；该反应是液体生成气体的反应，反应过程中Q的体积分数保持不变，当Q的体积分数保持不变时反应不一定达到平衡状态；该反应是液体生成气体的反应，反应过程中气体总体积不变，总质量增大，气体密度增大，容器内气体密度保持不变可以作为该反应达到平衡状态的
26、判断依据；该反应是液体生成气体的反应，气体物质的量比不变，所以平均相对分子质量是恒量，气体的平均相对分子质量保持不变，反应不一定达到平衡状态；W的质量保持不变，说明正逆反应速率相等，能作为该反应达到平衡状态的判断依据；答案第10页，共11页12该反应是液体生成气体的反应，气体物质的量比不变，c P:c Q=1:2时，反应不一定达到平衡状态；该反应是液体生成气体的反应，反应过程中气体总物质的量增大，压强增大，当压强不变时，说明正逆反应速率相等，能作为该反应达到平衡状态的判断依据；反应过程中，W的转化率逐渐增大，转化率不变，说明反应达到平衡状态；可以作为该反应达到平衡状态的判断依据的有，故选C。1
27、4AC【分析】一定条件下，化合物E和TFAA合成H的反应路径中，共发生三个反应：E+TFAA FF GGH+TFAAt1之后的某时刻，H为0.02molL-1，此时TFAA的浓度仍为0，则表明0.10molL-1E、起始时的0.08molL-1TFAA、G分解生成的0.02molL-1TFAA全部参加反应，生成0.10molL-1F；在t2时刻，H为0.08molL-1，TFAA为0.06molL-1，G为0.01molL-1，则F为0.01molL-1。【详解】At1时刻，H的浓度小于0.02molL-1，此时反应生成F的浓度小于0.02molL-1，参加反应的H的浓度小于0.1molL-1
28、，则参加反应E的浓度小于0.1molL-1，所以体系中有E存在，A正确；B由分析可知，t2时刻，H为0.08molL-1，TFAA为0.06molL-1，G为0.01molL-1，则F为0.01molL-1，所以体系中有F存在，B不正确；Ct1之后的某时刻，H为0.02molL-1，此时TFAA的浓度仍为0，表明此时E和TFAA完全反应生成F，所以E和TFAA生成F的反应速率快，反应的活化能很小，C正确；D在t2时刻，H为0.08molL-1，TFAA为0.06molL-1，G为0.01molL-1，F为0.01molL-1，只有F、G全部转化为H和TFAA时，TFAA的浓度才能为0.08mo
29、lL-1，而GH+TFAA为可逆反应，所以反应达平衡后，TFAA的浓度一定小于0.08molL-1，D不正确；故选AC。15(1)1.4810-3mol/Ls(2)50.4%(3)NO+NO2+2NaOH=2NaNO2+H2O1：1(4)CE(5)t1-t2温度升高大于反应物浓度下降对正反应速率的影响，使正反应速率增大；t2-t3反应物浓度下降大于温度升高对正反应速率的影响，使正反应速率减小；t3达到化学平衡状态；287.5kJ/mol【详解】(1)v O2=12v N2O5=12ct=1210-7.04mol2L500s=1.4810-3mol/Ls；故答案为：1.4810-3mol/Ls；
30、(2)根据数据可知，1000s时反应达到平衡，N2O5转化率=10-4.9610100%=50.4%；故答案为：50.4%；(3)NO和NO2按一定比例混合可以被NaOH溶液完全吸收，则反应的化学方程式为NO+NO2+2NaOH=2NaNO2+H2O，氧化剂与还原剂的比为1：1；(4)A刚开始反应时候，反应物浓度最大，生成物浓度最小，则正反应速率最大，逆反应速率最小，A正确；答案第9页，共11页13B该反应为可逆反应，则N2O5不可能100%转化，B正确；C根据公式，=mV，反应前后质量不变，恒容容器的体积不变，则密度不变，C错误；D升高温度、增大压强、增大反应物浓度可以促进平衡正向进行，D正
31、确；E分子间作用力决定物理性质，E错误；故答案为：CE；(5)t1-t2温度升高大于反应物浓度下降对正反应速率的影响，使正反应速率增大；t2-t3反应物浓度下降大于温度升高对正反应速率的影响，使正反应速率减小；t3后达到化学平衡状态；反应焓变=反应物键能-生成物键能=161+4391+498-946+4463=287.5kJ/mol；故答案为：287.5kJ/mol。16(1)不变大直接氯化的体系是气体分子数不变、且是吸热过程，而碳氯化反应气体分子数增加，H小于0，是熵增、放热过程，熵判据与焓判据均是自发过程(2)850为了提高反应速率，在相同时间内得到更多的TiCl4产品，提高效益(3)将固
32、体粉碎后加入反应容器，鼓入Cl2吹起固体反应物，使固体粉末“沸腾”【详解】(1)对于直接氯化反应，反应后气体分子数不变，依据勒夏特列原理，增大压强，平衡往气体分子数减少的方向移动，即平衡不移动；该反应是吸热反应，温度升高，平衡往吸热方向移动，即向右移动，则平衡转化率变大；碳氯化的反应趋势远大于直接氯化，因为碳氯化反应气体分子数增加，H小于0，是熵增、放热过程，熵判据与焓判据均是自发过程，而直接氯化的体系气体分子数不变、且是吸热过程；(2)从图中可知，1400，体系中气体平衡组成比例CO2是0.05，TiCl4是0.35，CO是0.6，Cl2是0，反应12C(s)+12CO2(g)=CO(g)的
33、平衡常数Kp(1400)=0.6P总0.05P总=0.61.01050.051.0105=850；实际生产中需要综合考虑反应的速率、产率等，以达到最佳效益，实际反应温度远高于200，就是为了提高反应速率，在相同时间内得到更多的TiCl4产品，提高效益。(3)固体颗粒越小，比表面积越大，反应接触面积越大。有利于TiO2-C“固-固”接触，可将两者粉碎后混合，同时鼓入Cl2吹起固体反应物，使固体粉末“沸腾”，增大接触面积。17(1)-2522.2%(2)负极O2+4e-+4H+=2H2O37.8(3)阴极14【详解】(1)根据盖斯定律，由I+II2得反应III，则H3=H1+H22=-3kJmol
34、-1+-11kJmol-12=-25kJmol-1。1500时，反应III的平衡常数K=c3CO2/c3CO=1，根据反应Fe2O3s+3CO g2Fe s+3CO2g可知，参与反应的CO和剩余的CO相等。设CO为4mol，则Fe2O3为3mol，反应消耗2molCO、23molFe2O3，平衡时Fe2O3的转化率为23mol3mol100%=22.2%。(2)a极为负极，b极为正极，b极反应式为O2+4e-+4H+=2H2O；消耗标准状况下3.36L 0.15molO2时，生成硝酸的物质的量为0.6mol，质量为37.8g。(3)甲池阴极析出的是铜，当阴极增重12.8g时，n Cu=12.8
35、g64gmol-1=0.2mol，转移电子答案第10页，共11页140.4mol，乙池中阴极发生的电极反应为2H2O+2e-=H2+2OH-，当转移0.4mol电子时，溶液中生成的氢氧根离子的物质的量为0.4mol，氢氧根离子的物质的量浓度为c OH-=0.4mol0.4L=1molL-1，则c H+=110-14molL-1，pH=14。18(1)2641Lmol-1(2)2.710-2【详解】(1)由题意可知，对于基元反应2NO(g)+O2(g)2NO2(g)，653K反应达到平衡时，v正=k正c2(NO)c(O2)=v逆=k逆c2(NO2)，该温度下的平衡常数K=c2NO2c2NOc O2=K正K逆=2.61034.1103=2641。(2)正反应速率v正=k正c2(NO)c(O2)，将数据代入，计算得到v正=2.61030.00620.290molL-1s-12.710-2molL-1s-1。答案第9页，共11页15