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1、2016 年全国统一高考化学试卷（新课标）一、选择题：本大题共 7 小题，每小题 6 分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的 1（6 分）下列关于燃料的说法错误的是（）A燃料燃烧产物 CO2是温室气体之一 B化石燃料完全燃烧不会造成大气污染 C以液化石油气代替燃油可减少大气污染 D燃料不完全燃烧排放的 CO是大气污染物之一 2（6 分）下列各组中的物质均能发生加成反应的是（）A乙烯和乙醇 B苯和氯乙烯 C乙酸和溴乙烷 D丙烯和丙烷 3（6 分）a、b、c、d 为短周期元素，a 的原子中只有 1 个电子，b2和 c+的电子层结构相同，d 与 b 同族下列叙述错误的是（）Aa 与其他
2、三种元素形成的二元化合物中其化合价均为+1 Bb 与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物 Cc 的原子半径是这些元素中最大的 Dd 与 a 形成的化合物的溶液呈弱酸性 4（6 分）分子式为 C4H8Cl2的有机物共有（不含立体异构）（）A7 种 B8 种 C9 种 D10 种 5（6 分）MgAgCl 电池是一种以海水为电解质溶液的水激活电池。下列叙述错误的是（）A负极反应式为 Mg2e=Mg2+B正极反应式为 Ag+e=Ag C电池放电时 Cl由正极向负极迁移 D负极会发生副反应 Mg+2H2O=Mg（OH）2+H2 6（6 分）某白色粉末由两种物质组成，为鉴别其成分进行如下实验：取少量样
3、品加入足量水仍有部分固体未溶解：再加入足量稀盐酸，有气泡产生，固体全部溶解；取少量样品加入足量稀硫酸有气泡产生，振荡后仍有固体存在 该白色粉末可能为（）ANaHCO3、Al（OH）3 BAgCl、NaHCO3 CNa2SO3、BaCO3 D Na2CO3、CuSO4 7（6 分）下列实验操作能达到实验目的是（）实验目的 实验操作 A 制备 Fe（OH）3胶体 将 NaOH 浓溶液滴加到饱和 FeCl3溶液中 B 由 MgCl2溶液制备无水MgCl2 将 MgCl2溶液加热蒸干 C 除去 Cu粉中混有的 CuO 加入稀硝酸溶液，过滤、洗涤、干燥 D 比较水与乙醇中氢的活泼性 分别将少量钠投入到盛
4、有水和乙醇的烧杯中 AA BB CC DD 三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第 22 题第 32 题为必考题，每个试题考生都必须作答第 33 题第 40 题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共 129 分）8（14 分）联氨（又称肼，N2H4，无色液体）是一种应用广泛的化工原料，可用作火箭燃料回答下列问题：（1）联氨分子的电子式为 ，其中氮的化合价为 （2）实验室中可用次氯酸钠溶液与氨反应制备联氨，反应的化学方程式为 （3）2O2（g）+N2（g）N2O4（l）H1 N2（g）+2H2（g）N2H4（l）H2 O2（g）+2H2（g）2H2O（g）H3 2N2H4（l）+N2O4（
5、l）3N2（g）+4H2O（g）H4=1048.9kJmol1 上述反应热效应之间的关系式为H4=，联氨和 N2O4可作为火箭推进剂的主要原因为 （4）联氨为二元弱碱，在水中的电离方式与氨相似联氨第一步电离反应的平衡常数值为 （已知：N2H4+H+N2H5+的 K=8.7107；Kw=1.0 1014）联氨与硫酸形成的酸式盐的化学式为 （5）联氨是一种常用的还原剂 向装有少量 AgBr 的试管中加入联氨溶液，观察油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少
6、两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移到的现象是 联氨可用于处理高压锅炉水中的氧，防止锅炉被腐蚀理论上 1kg 的联氨可除去水中溶解的 O2 kg；与使用 Na2SO3处理水中溶解的O2相比，联氨的优点是 9（14 分）丙烯腈（CH2=CHCN）是一种重要的化工原料，工业上可用“丙烯氨氧化法”生产主要副产物有丙烯醛（CH2=CHCHO）和乙腈（CH3CN）等回答下列问题：（1）以丙烯、氨、氧气为原料，在催化剂存在下生成丙烯腈（C3H3N）和副产物丙烯醛（C3H4O）的热化学方程式如下：C3H6（g）+NH3（g
7、）+O2（g）C3H3N（g）+3H2O（g）H=515kJmol1 C3H6（g）+O2（g）C3H4O（g）+H2O（g）H=353kJmol1 两个反应在热力学上趋势均很大，其原因是 ；有利于提高丙烯腈平衡产率的反应条件是 ；提高丙烯腈反应选择性的关键因素是 （2）图（a）为丙烯腈产率与反应温度的关系曲线，最高产率对应的温度为460低于 460时，丙烯腈的产率 （填“是”或“不是”）对应温度下的平衡转化率，判断理由是 ；高于 460时，丙烯腈产率降低的可能原因是 （双选，填标号）A催化剂活性降低 B平衡常数变大 C副反应增多 D反应活化能增大（3）丙烯腈和丙烯醛的产率与 n（氨）/n（丙
8、烯）的关系如图（b）所示由图可知，最佳 n（氨）/n（丙烯）约为 ，理由是 进料气氨、空气、丙烯的理论体积比约为 10（15 分）某班同学用如下实验探究 Fe2+、Fe3+的性质回答下列问题：油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移（1）分别取一定量氯化铁、氯化亚铁固体，均配制成 0.1mol/L 的溶液 在 FeCl2溶液中需加入
9、少量铁屑，其目的是 （2）甲组同学取 2mLFeCl2溶液加入几滴氯水，再加入 1 滴 KSCN溶液，溶液变红，说明 Cl2可将 Fe2+氧化FeCl2溶液与氯水反应的离子方程式为 （3）乙组同学认为甲组的实验不够严谨，该组同学在 2mLFeCl2溶液中先加入0.5mL 煤油，再于液面下依次加入几滴氯水和l 滴 KSCN溶液，溶液变红，煤油的作用是 （4）丙组同学取 10mL0.1mol/LKI 溶液，加入 6mL0.1mol/LFeCl3溶液混合分别取 2mL此溶液于 3 支试管中进行如下实验：第一支试管中加入 1mLCCl4充分振荡、静置，CCl4层呈紫色；第二只试管中加入 1 滴 K3F
10、e（CN）6 溶液，生成蓝色沉淀；第三支试管中加入 1 滴 KSCN溶液，溶液变红 实验检验的离子是 （填离子符号）；实验和说明：在 I过量的情况下，溶液中仍含有 （填离子符号），由此可以证明该氧化还原反应为 （5）丁组同学向盛有H2O2溶液的试管中加入几滴酸化的 FeCl2溶液，溶液变成棕黄色，发生反应的离子方程式为 ；一段时间后，溶液中有气泡出现，并放热，随后有红褐色沉淀生成产生气泡的原因是 ；生成沉淀的原因是 （用平衡移动原理解释）四、选考题：共 45 分请考生从给出的 3 道物理题、3 道化学题、2 道生物题中每科任选一题作答，并用 2B铅笔在答题卡上把所选题目题号后的方框涂黑 注意所
11、选题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每学科按所做的第一题计分化学-选修 2：化学与技术 11（15 分）双氧水是一种重要的氧化剂、漂白剂和消毒剂生产双氧水常采用蒽醌法，其反应原理和生产流程如图所示：油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移 生产过程中，把乙基蒽醌溶于有机溶剂配制成工作液，在一
12、定温度、压力和催化剂作用下进行氢化，再经氧化、萃取、净化等工艺得到双氧水回答下列问题：（1）蒽醌法制备 H2O2理论上消耗的原料是 ，循环使用的原料是 ，配制工作液时采用有机溶剂而不采用水的原因是 （2）氢化釜 A中反应的化学方程式为 进入氧化塔 C的反应混合液中的主要溶质为 （3）萃取塔 D中的萃取剂是 ，选择其作萃取剂的原因是 （4）工作液再生装置 F中要除净残留的 H2O2，原因是 （5）双氧水浓度可在酸性条件下用 KMnO4溶液测定，该反应的离子方程式为 ，一种双氧水的质量分数为 27.5%（密度为 1.10gcm3），其浓度为 molL1 化学-选修 3：物质结构与性质 12（15
13、分）东晋华阳国志南中志卷四中已有关于白铜的记载，云南镍白铜（铜镍合金）闻名中外，曾主要用于造币，亦可用于制作仿银饰品回答下列问题：（1）镍元素基态原子的电子排布式为 ，3d 能级上的未成对电子数为 （2）硫酸镍溶于氨水形成 Ni（NH3）6SO4蓝色溶液 油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移Ni（NH3）6SO4中阴离子的立体构
14、型是 在Ni（NH3）6SO4中 Ni2+与 NH3之间形成的化学键称为 ，提供孤电子对的成键原子是 氨的沸点 （填“高于”或“低于”）膦（PH3），原因是 ；氨是 分子（填“极性”或“非极性”），中心原子的轨道杂化类型为 （3）单质铜及镍都是由 键形成的晶体；元素铜与镍的第二电离能分别为：ICu=1958kJmol1、INi=1753kJmol1，ICuINi的原因是 （4）某镍白铜合金的立方晶胞结构如图所示 晶胞中铜原子与镍原子的数量比为 若合金的密度为 d gcm3，晶胞参数 a=nm 化学-选修 5：有机化学基础 13（15 分）氰基丙烯酸酯在碱性条件下能快速聚合为从而具有胶黏性。某种
15、氰基丙烯酸酯（G）的合成路线如下：已知：A的相对分子质量为58，氧元素质量分数为 0.276，核磁共振氢谱显示为单峰 油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移回答下列问题：（1）A 的化学名称为 。（2）B 的结构简式为 。其核磁共振氢谱显示为 组峰，峰面积比为 。（3）由 C生成 D的反应类型为 。（4）由 D生成 E的化学方程式
16、为 。（5）G中的官能团有 、。（填官能团名称）（6）G 的同分异构体中，与 G 具有相同官能团且能发生银镜反应的共有 种。（不含立体结构）油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移 2016 年全国统一高考化学试卷（新课标）参考答案与试题解析 一、选择题：本大题共 7 小题，每小题 6 分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目
17、要求的 1（6 分）下列关于燃料的说法错误的是（）A燃料燃烧产物 CO2是温室气体之一 B化石燃料完全燃烧不会造成大气污染 C以液化石油气代替燃油可减少大气污染 D燃料不完全燃烧排放的 CO是大气污染物之一【分析】A二氧化碳是形成温室效应的气体；B化石燃料完全燃烧生成气体、灰尘等会造成大气污染；C液化石油气含有杂质少，燃烧更充分，产物为水和二氧化碳，对空气污染小；D一氧化碳是有毒气体不能排放到空气中【解答】解：A形成温室效应的气体主要是二氧化碳的大量排放，故 A正确；B化石燃料含有硫等因素，完全燃烧会生成二氧化硫会形成酸雨，会造成大气污染，故 B错误；C液化石油气含有杂质少，燃烧更充分，燃烧时
18、产生的一氧化碳少，对空气污染小，减少大气污染，故 C正确；D燃料不完全燃烧排放的 CO有毒，是大气污染物之一，故 D正确；故选：B。【点评】本题考查了燃料燃烧产物的分析、物质性质的判断应用，注意知识的积累，题目较简单 2（6 分）下列各组中的物质均能发生加成反应的是（）A乙烯和乙醇 B苯和氯乙烯 C乙酸和溴乙烷 D丙烯和丙烷【分析】根据有机物分子中含碳碳双键、C=O键、CHO及苯环的物质可发生加成反应，如：烯烃、炔烃、醛类、苯及其同系物等，注意COOH不能发生加成反应，以此来解答。油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的
19、是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移【解答】解：A乙烯可以发生加成反应，乙醇无不饱和键不能发生加成反应，故 A错误；B苯一定条件下和氢气发生加成反应，氯乙烯分子中含碳碳双键，可以发生加成反应，故 B正确；C乙酸分子中羰基不能发生加成反应，溴乙烷无不饱和键不能发生加成反应，故 C错误；D丙烯分子中含碳碳双键，能发生加成反应，丙烷为饱和烷烃不能发生加成反应，故 D错误；故选：B。【点评】本题考查有机物的性质、反应类型，题目难度不大，主要是加成反
20、应的实质理解应用，题目较简单。3（6 分）a、b、c、d 为短周期元素，a 的原子中只有 1 个电子，b2和 c+的电子层结构相同，d 与 b 同族下列叙述错误的是（）Aa 与其他三种元素形成的二元化合物中其化合价均为+1 Bb 与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物 Cc 的原子半径是这些元素中最大的 Dd 与 a 形成的化合物的溶液呈弱酸性【分析】a、b、c、d 为短周期元素，a 的原子中只有 1 个电子，则 a 为 H元素；b2和 c+的电子层结构相同，结合离子所得电荷可知 b 为 O元素，c 为 Na；d 与 b同族，则 d 为 S 元素，结合元素化合物性质与元素周期律解答【解答】解
21、：a、b、c、d 为短周期元素，a 的原子中只有 1 个电子，则 a 为 H元素；b2和 c+的电子层结构相同，结合离子所得电荷可知 b 为 O元素，c 为 Na；d 与 b 同族，则 d 为 S 元素。AH元素与 Na形成化合物 NaH，H元素为1 价，故 A错误；B O元素与 H元素形成 H2O、H2O2，与 Na元素形成 Na2O、Na2O2，与 S 元素形成 SO2、SO3，故 B正确；C同周期自左而右原子半径减小，同主族自上而下原子半径增大，所有元素中H原子半径最小，Na的原子半径最大，故 C正确；Dd 与 a 形成的化合物为 H2S，H2S 的溶液呈弱酸性，故 D正确。油气代替燃油
22、可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移故选：A。【点评】本题考查结构性质位置关系应用，注意抓住短周期推断元素，熟练掌握元素化合物知识，注意对元素周期律的理解掌握，有利于基础知识的巩固 4（6 分）分子式为 C4H8Cl2的有机物共有（不含立体异构）（）A7 种 B8 种 C9 种 D10 种【分析】C4H8Cl2可以看作为 C4H10中 2
23、个 H 原子被 2 个 Cl 原子取代，C4H10有CH3CH2CH2CH3、CH3CH（CH3）2两种，再结合定一移一法判断【解答】解：C4H8Cl2可以看作为 C4H10中 2 个 H原子被 2 个 Cl 原子取代，C4H10有CH3CH2CH2CH3、CH3C（CH3）2两种，CH3CH2CH2CH3中，当两个 Cl 原子取代同一个 C原子上的 H时，有 2 种，当两个 Cl原子取代不同 C原子上的 H时，有 1、2，1、3，1、4，2、3 四种情况，有故该情况有 6 种，CH3CH（CH3）2中，当两个 Cl 原子取代同一个 C原子上的 H时，有 1 种，当两个Cl 原子取代不同 C原
24、子上的 H时，有 2 种，故该情况有 3 种，故共有 9 种，故选：C。【点评】本题考查有机物的同分异构体的书写，题目难度不大，二氯代物的同分异构体常采用“定一移一”法解答，注意重复情况 5（6 分）Mg AgCl 电池是一种以海水为电解质溶液的水激活电池。下列叙述错误的是（）A负极反应式为 Mg 2e=Mg2+B正极反应式为 Ag+e=Ag C电池放电时 Cl由正极向负极迁移 D负极会发生副反应 Mg+2H2O=Mg（OH）2+H2【分析】Mg AgCl 电池中，活泼金属 Mg是还原剂、AgCl 是氧化剂，金属 Mg作负极，正极反应为：2AgCl+2e2C1+2Ag，负极反应式为：Mg 2e
25、=Mg2+，据此分析。【解答】解：A活泼金属镁作负极，失电子发生氧化反应，反应式为：Mg 2e油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移=Mg2+，故 A正确；BAgCl 是难溶物，其电极反应式为：2AgCl+2e2C1+2Ag，故 B错误；C原电池放电时，阴离子向负极移动，则 Cl在正极产生由正极向负极迁移，故 C正确；D镁是活泼金
26、属与水反应，即 Mg+2H2O=Mg（OH）2+H2，故 D正确；故选：B。【点评】本题考查原电池工作原理，注意常见物质的性质，如镁的还原性以及银离子的氧化性是解题的关键，题目难度中等。6（6 分）某白色粉末由两种物质组成，为鉴别其成分进行如下实验：取少量样品加入足量水仍有部分固体未溶解：再加入足量稀盐酸，有气泡产生，固体全部溶解；取少量样品加入足量稀硫酸有气泡产生，振荡后仍有固体存在 该白色粉末可能为（）ANaHCO3、Al（OH）3 BAgCl、NaHCO3 CNa2SO3、BaCO3 D Na2CO3、CuSO4【分析】取少量样品加入足量水仍有部分固体未溶解，说明有一种物质不溶于水，再加
27、入足量稀盐酸，有气泡产生，固体全部溶解，则至少有一种物质可与盐酸反应生成气体，可能为二氧化碳或二氧化硫；取少量样品加入足量稀硫酸有气泡产生，振荡后仍有固体存在，说明在振荡过程中生成不溶于酸的固体，以此解答该题【解答】解：ANaHCO3、Al（OH）3都与盐酸反应，硫酸足量时没有固体剩余，故 A错误；B碳酸氢钠与盐酸反应生成气体，AgCl 不溶于盐酸，故 B错误；CBaCO3不溶于水，二者都与盐酸反应，且生成气体，若加入足量稀硫酸，有气泡产生，且 BaCO3，能和 H2SO4反应生成 BaSO4沉淀，故 C正确；D加入过量硫酸，生成二氧化碳气体，但没有固体剩余，故 D错误。故选：C。【点评】本题
28、考查物质的检验和鉴别，侧重于元素化合物知识的综合理解和运用的考查，注意把握物质的性质，为解答该题的关键，难度中等 油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移7（6 分）下列实验操作能达到实验目的是（）实验目的 实验操作 A 制备 Fe（OH）3胶体 将 NaOH 浓溶液滴加到饱和 FeCl3溶液中 B 由 MgCl2溶液制备无水MgC
29、l2 将 MgCl2溶液加热蒸干 C 除去 Cu粉中混有的 CuO 加入稀硝酸溶液，过滤、洗涤、干燥 D 比较水与乙醇中氢的活泼性 分别将少量钠投入到盛有水和乙醇的烧杯中 AA BB CC DD【分析】A制备氢氧化铁胶体，应在沸水中滴加饱和氯化铁溶液；B直接加热，易导致氯化镁水解；C二者都与稀硝酸反应；D分别将少量钠投入到盛有水和乙醇的烧杯中，可根据反应的剧烈程度比较氢的活泼性【解答】解：A将 NaOH 浓溶液滴加到饱和 FeCl3溶液中，生成氢氧化铁沉淀，制备氢氧化铁胶体，应在沸水中滴加饱和氯化铁溶液，故 A错误；B氯化镁易水解，加热溶液易得到氢氧化镁沉淀，为防止水解，应在氯化氢氛围中，故
30、B错误；C二者都与稀硝酸反应，应加入非氧化性酸，如稀硫酸或盐酸，故 C错误；D分别将少量钠投入到盛有水和乙醇的烧杯中，可根据反应的剧烈程度比较氢的活泼性，故 D正确。故选：D。【点评】本题考查较为综合，涉及胶体的制备、盐类的水解、除杂以及性质的比较等知识，为高考常见题型，侧重于学生的分析、实验能力的考查，注意把握实验的严密性和可行性的评价，难度不大 三、非选择题：包括必考题和选考题两部分第 22 题第 32 题为必考题，每个试题考生都必须作答第 33 题第 40 题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共 129 分）8（14 分）联氨（又称肼，N2H4，无色液体）是一种应用广泛的化工原料，
31、可用油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移作火箭燃料回答下列问题：（1）联氨分子的电子式为 ，其中氮的化合价为 2 （2）实验室中可用次氯酸钠溶液与氨反应制备联氨，反应的化学方程式为 2NH3+NaClO N2H4+NaCl+H2O （3）2O2（g）+N2（g）N2O4（l）H1 N2（g）+2H2（g）N2H4（l）H2 O2
32、（g）+2H2（g）2H2O（g）H3 2N2H4（l）+N2O4（l）3N2（g）+4H2O（g）H4=1048.9kJmol1 上述反应热效应之间的关系式为H4=2H32H2H1，联氨和 N2O4可作为火箭推进剂的主要原因为 反应放热量大，产生大量气体 （4）联氨为二元弱碱，在水中的电离方式与氨相似联氨第一步电离反应的平衡常数值为 8.7 107（已知：N2H4+H+N2H5+的 K=8.7107；Kw=1.0 1014）联氨与硫酸形成的酸式盐的化学式为 N2H6（HSO4）2 （5）联氨是一种常用的还原剂向装有少量 AgBr 的试管中加入联氨溶液，观察到的现象是 固体逐渐变黑，并有气泡产
33、生 联氨可用于处理高压锅炉水中的氧，防止锅炉被腐蚀理论上 1kg 的联氨可除去水中溶解的 O2 1 kg；与使用Na2SO3处理水中溶解的 O2相比，联氨的优点是 N2H4的用量少，不产生其他杂质（反应产物为 N2和 H2O），而 Na2SO3产生 Na2SO4 【分析】（1）肼的分子式为 N2H4，是氮原子和氢原子形成四个共价键，氮原子和氮原子之间形成一个共价键形成的共价化合物，元素化合价代数和为 0 计算化合价；（2）氨气被次氯酸钠溶液氧化生成肼，次氯酸钠被还原生成氯化钠；（3）2O2（g）+N2（g）N2O4（l）H1 N2（g）+2H2（g）N2H4（l）H2 O2（g）+2H2（g）
34、2H2O（g）H3 依据热化学方程式和盖斯定律计算22得到2N2H4（l）+N2O4（l）3N2（g）+4H2O（g）H4=1048.9kJmol1（4）联氨为二元弱碱，在水中的电离方式与氨相似联氨第一步电离方程式为油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移N2H4+H2ON2H5+OH，平衡常数 Kb=K Kw，由于是二元碱，因此联
35、氨与硫酸形成的酸式盐为 N2H6（HSO4）2；（5）联胺被银离子氧化，银离子被还原生成单质银，联胺被氧化失电子 N2H4N24e，O24e，依据守恒计算判断，依据锅炉的质地以及反应产物性质解答【解答】解：（1）肼的分子式为 N2H4，是氮原子和氢原子形成四个共价键，氮原子和氮原子之间形成一个共价键形成的共价化合物，电子式为：，其中氢元素化合价为+1 价，则氮元素化合价为2 价，故答案为：；2；（2）氨气被次氯酸钠溶液氧化生成肼，次氯酸钠被还原生成氯化钠，结合原子守恒配平书写反应的化学方程式为：2NH3+NaClO N2H4+NaCl+H2O，故答案为：2NH3+NaClON2H4+NaCl+
36、H2O；（3）2O2（g）+N2（g）N2O4（l）H1 N2（g）+2H2（g）N2H4（l）H2 O2（g）+2H2（g）2H2O（g）H3 依据热化学方程式和盖斯定律计算22得到2N2H4（l）+N2O4（l）3N2（g）+4H2O（g）H4=2H32H2H1，根据反应可知，联氨和 N2O4反应放出大量热且产生大量气体，因此可作为火箭推进剂，故答案为：2H32H2H1；反应放热量大，产生大量气体；（4）联氨为二元弱碱，在水中的电离方式与氨相似联氨第一步电离方程式为N2H4+H2ON2H5+OH，平衡常数 Kb=K Kw=8.7 1071.0 1014=8.7 107，第二步电离方程式为
37、N2H5+H2O N2H62+OH，因此联氨与硫酸形成的酸式盐为N2H6（HSO4）2，故答案为：8.7 107，N2H6（HSO4）2；（5）联胺被银离子氧化，银离子被还原生成单质银，2 价的 N元素被氧化为油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移N2，反应方程式为：N2H4+4AgBr=4Ag+N2+4HBr，因此反应出现现象为
38、：固体逐渐变黑，并有气泡产生，由于肼的氧化产物是氮气，不会对锅炉造成腐蚀，而亚硫酸钠被氧化产物为硫酸钠，易生成硫酸盐沉淀影响锅炉的安全使用，联胺被氧化失电子 N2H4N2失去 4e，O2O2得到 4e，联胺和氧气摩尔质量都是 32g/mol，则等质量联胺和氧气物质的量相同，理论上 1kg 的联氨可除去水中溶解的 O21kg，与使用 Na2SO3处理水中溶解的 O2相比，联氨的优点是用量少，不产生其他杂质（反应产物为 N2和 H2O），而 Na2SO3产生 Na2SO4，故答案为：固体逐渐变黑，并有气泡产生；1；N2H4的用量少，不产生其他杂质（反应产物为 N2和 H2O），而 Na2SO3产生
39、 Na2SO4【点评】本题考查了氮及其化合物性质、物质结构、热化学方程式和盖斯定律计算应用、平衡常数的计算方法，主要是氧化还原反应的计算及其产物的判断，题目难度中等 9（14 分）丙烯腈（CH2=CHCN）是一种重要的化工原料，工业上可用“丙烯氨氧化法”生产主要副产物有丙烯醛（CH2=CHCHO）和乙腈（CH3CN）等回答下列问题：（1）以丙烯、氨、氧气为原料，在催化剂存在下生成丙烯腈（C3H3N）和副产物丙烯醛（C3H4O）的热化学方程式如下：C3H6（g）+NH3（g）+O2（g）C3H3N（g）+3H2O（g）H=515kJmol1 C3H6（g）+O2（g）C3H4O（g）+H2O（g
40、）H=353kJmol1 两个反应在热力学上趋势均很大，其原因是 两个反应均为放热量大的反应；有利于提高丙烯腈平衡产率的反应条件是 低温、低压；提高丙烯腈反应选择性的关键因素是 催化剂 （2）图（a）为丙烯腈产率与反应温度的关系曲线，最高产率对应的温度为460低于 460时，丙烯腈的产率 不是（填“是”或“不是”）对应温度下的平衡转化率，判断理由是 该反应为放热反应，平衡产率应随温度升高而降低；高于 460时，丙烯腈产率降低的可能原因是 AC（双选，填标号）A催化剂活性降低 B平衡常数变大 C副反应增多 D反应活化能增大 油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组
41、中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移（3）丙烯腈和丙烯醛的产率与 n（氨）/n（丙烯）的关系如图（b）所示由图可知，最佳 n（氨）/n（丙烯）约为 1，理由是 该比例下丙烯腈产率最高，而副产物丙烯醛产率最低 进料气氨、空气、丙烯的理论体积比约为 1：7.5：1 【分析】（1）依据热化学方程式方向可知，两个反应均放热量大，即反应物和生成物的能量差大，因此热力学趋势大；有利于提高丙烯腈平衡产率需要改变条
42、件使平衡正向进行，提高丙烯腈反应选择性的关键因素是催化剂；（2）因为该反应为放热反应，平衡产率应随温度升高而降低，即低于 460时，对应温度下的平衡转化率曲线应该是下降的，但实际曲线是上升的，因此判断低于 460时，丙烯腈的产率不是对应温度下的平衡转化率；产率降低主要从产率的影响因素进行考虑；（3）根据图象可知，当约为 1 时，该比例下丙烯腈产率最高，而副产物丙烯醛产率最低，根据化学反应 C3H6（g）+NH3（g）+O2（g）=C3H3N（g）+3H2O（g），氨气、氧气、丙烯按 1：1.5：1 的体积比加入反应达到最佳状态，依据氧气在空气中约占 20%计算条件比【解答】解：（1）两个反应在
43、热力学上趋势均很大，两个反应均放热量大，即反应物和生成物的能量差大，因此热力学趋势大；该反应为气体体积增大的放热反应，所以降低温度、降低压强有利于提高丙烯腈的平衡产率，提高丙烯腈反应选择性的关键因素是催化剂；故答案为：两个反应均为放热量大的反应；低温、低压；催化剂；（2）因为该反应为放热反应，平衡产率应随温度升高而降低，即低于 460时，对应温度下的平衡转化率曲线应该是下降的，但实际曲线是上升的，因此判断低油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二
44、元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移于 460时，丙烯腈的产率不是对应温度下的平衡转化率高于 460C 时，丙烯腈产率降低，A催化剂在一定温度范围内活性较高，若温度过高，活性降低，故 A正确；B由图象可知，升高温度平衡常数变小，故 B错误；C根据题意，副产物有丙烯醛，催化剂活性降低，副反应增多，导致产率下降，故 C正确；D反应活化能的大小不影响平衡，故 D错误；故答案为：不是，该反应为放热反应，平衡产率应随温度升高而降低；AC；（3）根据图象可知，当约为 1 时，该比例下丙烯腈产率最高，而副产物丙烯醛产率最低；根据
45、化学反应 C3H6（g）+NH3（g）+O2（g）=C3H3N（g）+3H2O（g），氨气、氧气、丙烯按 1：1.5：1 的体积比加入反应达到最佳状态，而空气中氧气约占 20%，所以进料氨、空气、丙烯的理论体积约为：1：7.5：1，故答案为：1：1；该比例下丙烯腈产率最高，而副产物丙烯醛产率最低；1：7.5：1【点评】本题考查热化学方程式，影响化学平衡的因素等知识注意图象分析判断，定量关系的理解应用是解题关键，题目难度中等 10（15 分）某班同学用如下实验探究 Fe2+、Fe3+的性质回答下列问题：（1）分别取一定量氯化铁、氯化亚铁固体，均配制成 0.1mol/L 的溶液 在 FeCl2溶液
46、中需加入少量铁屑，其目的是 防止氯化亚铁被氧化 （2）甲组同学取 2mLFeCl2溶液加入几滴氯水，再加入 1 滴 KSCN溶液，溶液变红，说明 Cl2可将 Fe2+氧化FeCl2溶液与氯水反应的离子方程式为 Cl2+2Fe2+=2Fe3+2Cl （3）乙组同学认为甲组的实验不够严谨，该组同学在 2mLFeCl2溶液中先加入0.5mL 煤油，再于液面下依次加入几滴氯水和l 滴 KSCN溶液，溶液变红，煤油的作用是 隔离空气（排除氧气对实验的影响）（4）丙组同学取 10mL0.1mol/LKI 溶液，加入 6mL0.1mol/LFeCl3溶液混合分别取 2mL此溶液于 3 支试管中进行如下实验：
47、第一支试管中加入 1mLCCl4充分振荡、静置，CCl4层呈紫色；油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移第二只试管中加入 1 滴 K3Fe（CN）6 溶液，生成蓝色沉淀；第三支试管中加入 1 滴 KSCN溶液，溶液变红 实验检验的离子是 Fe2+（填离子符号）；实验和说明：在 I过量的情况下，溶液中仍含有 Fe3+（填离子符号），
48、由此可以证明该氧化还原反应为 可逆反应 （5）丁组同学向盛有 H2O2溶液的试管中加入几滴酸化的 FeCl2溶液，溶液变成棕黄色，发生反应的离子方程式为 2Fe2+H2O2+2H+=2Fe3+2H2O；一段时间后，溶液中有气泡出现，并放热，随后有红褐色沉淀生成产生气泡的原因是 铁离子做过氧化氢分解催化剂分解生成氧气；生成沉淀的原因是 过氧化氢分解反应放热，促进 Fe3+的水解平衡正向移动（用平衡移动原理解释）【分析】（1）铁和氯化铁反应生成氯化亚铁，氯化亚铁溶液中加入铁粉防止氯化亚铁被氧化；（2）氯气具有氧化性能氧化氯化亚铁为氯化铁；（3）煤油不溶于水，密度比水小，分层后可以隔离溶液与空气接触
49、，排除氧气对实验的影响；（4）加入 1 滴 K3Fe（CN）6 溶液，生成蓝色沉淀是亚铁离子的检验特征反应现象，第一支试管中加入 1mL CCl4充分振荡、静置，CCl4层显紫色说明生成 I2，碘离子被铁离子氧化为碘单质，随浓度变小，碘离子在稀的氯化铁溶液中不发生氧化还原反应；（5）向盛有 H2O2溶液的试管中加入几滴酸化的 FeCl2溶液，溶液变成棕黄色，说明过氧化氢氧化亚铁离子为铁离子，铁离子对过氧化氢分解起到催化剂作用，过氧化氢分解反应放热，促进 Fe3+的水解平衡正向移动【解答】解：（1）铁和氯化铁反应生成氯化亚铁，在 FeCl2溶液中需加入少量铁屑，其目的是防止氯化亚铁被氧化，故答案
50、为：防止氯化亚铁被氧化；（2）氯气具有氧化性能氧化氯化亚铁为氯化铁，反应的离子方程式为：Cl2+2Fe2+=2Fe3+2Cl，故答案为：Cl2+2Fe2+=2Fe3+2Cl；（3）煤油不溶于水，密度比水小，分层后可以隔离溶液与空气接触，排除氧气对实验的影响，油气代替燃油可减少大气污染燃料不完全燃烧排放的是大气污染物之一分下列各组中的物质均能发生加成反应的是乙列叙述错误的是与其他三种元素形成的二元化合物中其化合均为与其他三种元素均可形成至少两种二元化合物的原子是一种以海水为电解质溶液的水激活电池下列叙述错误的是负极反应式为正极反应式为电池放电时由正极向负极迁移故答案为：隔离空气（排除氧气对实验的