《2023年高考第一次模拟卷物理（全国乙卷A卷）（全解全析）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年高考第一次模拟卷物理（全国乙卷A卷）（全解全析）.pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考物理第一次模拟考试卷物理全解全桥注意事项：1 .答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2 .回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3 .考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第 1 4 1 8 题只有一项符合题目要求，第 1 9 2 1 题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。1 4.氢原子能级示意如图。现有大量氢原子
2、处于 =3 能级上，下列说法正确的是（）n E/eVo o-05 -0.5 44-0.8 53-1.5 12-3.41-1 3.6A.这些原子跃迁过程中最多可辐射出6种频率的光子B.从 =3 能级跃迁到n=1 能级比跃迁到 =2 能级辐射的光子频率低C.从=3 能级跃迁到=4 能级需吸收0.6 6 e V 的能量D.=3 能级的氢原子电离至少需要吸收1 3.6 e V 的能量【答案】C【解析】A.大量氢原子处于 =3 能级跃迁到 =1 最多可辐射出C；=3种不同频率的光子，选项A错误；B.根据能级图可知从应=3 能级跃迁到“=1 能级辐射的光子能量为 匕=1 3.6 e V-1.5 l e V
3、从 二3 能级跃迁到 =2 能级辐射的光子能量为佻=3.4 e V-1.5 1 e V比较可知从=3 能级跃迁到 =1 能级比跃迁到 =2 能级辐射的光子频率高，选项B错误；C.根据能级图可知从=3 能级跃迁到 =4 能级，需要吸收的能量为E=1.51eV-0.85eV=0.66eV选项C 正确；D.根据能级图可知氢原子处于 =3 能级的能量为-1.51eV,故要使其电离至少需要吸收1.51eV的能量，选项D 错误。故选C。1 5.长为L的导体棒PQ 通过绝缘挂钩与竖直悬挂的弹簧相连，PQ 末通电时处于矩形匀强磁场区域的上边界，通了大小为/的电流后，PQ 与磁场上、下边界的距离相等，如图所示，
4、已知磁感应强度大小为8,磁场高度为，弹簧始终处于弹性限度内，则（）Px x x XQx x 5x xA.PQ所通的电流方向向右B.PQ受到的安培力大小为B/LC.若撤去电流，PQ将做振幅为人的简谐运动D.若电流大小缓慢增加到1.5/,PQ 未离开磁场【答案】D【解析】A.由题意可知，导体棒PQ通电流后，弹簧的弹力变大，可知PQ所受安培力竖直向下，根据左手定则可知电流方向从右向左，故 A 错误；B.因为导体棒PQ在磁场中的长度小于乙，所以PQ 受到的安培力大小小于8，故 B 错误；h _C.若撤去电流，PQ 的平衡位置处于磁场上边界，可知PQ将做振幅为5 的简谐运动，故 C 错误；D.设磁场宽度
5、为“。，根据题意可得hF=k x-=BIL0当电流大小缓慢增加到1.5/,时NF=kxx=Bx 1.5/L0解得,3，x=hh4可知PQ未离开磁场。故 D 正确。故选D。1 6.如图甲所示，挡板0A 与水平面的夹角为6,小球从。点的正上方高度为 的P 点以水平速度%水平抛出，落到斜面时，小球的位动的初速度”。也改变，每次升加速度g=l0m zs2,下列说法二二.移与斜面垂直；让挡板绕固定的。点转动，改变挡板的倾角6,小球平抛运1 _1 _;抛运动都使小球的位移与斜面垂直，t a n?喏关系图像如图乙所示，重力正确的是（）1 tan的/1A 诏7/7甲 ZA.图乙的函数关系图像对应B.图乙中。的
6、数值-2C.当图乙中人=1,的值为D.当6=45。，图乙中6=1,【答案】C【解析】A.设平抛运动的时茎1 gH 1 12 X 1+1的方程式ta n*2 A0.2m受s则平抛运动的时间为5 s间为/,如图所示/ZQ把平抛运动的位移分别沿水阡y -=tane1 2解得f=-_g tan。根据几何关系有”-=vot x tan 0联立整理1 _ g H J厂2诏1故A错误；:和竖直方向分解，由几何关系1 12 n FB.结合图乙tan9%函数关系图像可得a=-l故 B 错误；1 1_C.由图乙可得tan。%函数关系图像的斜率b 2又有a=,b=可得H=0.2m故 C 正确；D.当。=45,=0.
7、2m根据1 gH 1 ,tan-0 2 v解得42,X L m/s根据l 2%gtan。解得,五t-S10故 D 错误.故选C。17.”张北的风点亮北京的灯“，中国外交部发言人赵立坚这一经典语言深刻体现了 2022年北京冬奥会的“绿色奥运”理念。张北可再生能源示范项目，把张北的风转化为清洁电力，并入冀北电网，再输向北京、延庆、张家口三个赛区。现有一小型风力发电机通过如图甲所示输电线路向北京赛区某场馆1 万个额定电压为220V、额定功率为MW的 LED灯供电。当发电机输出如图乙所示的电压时，赛区的LED灯全部可以正常工作。己知输电导线损失的功率为赛区获得总功率的4%,输电导线的等效电阻为R=U
8、C。则下列说法正确的是（）A.风力发电机的转速为50r/minB.风力发电机山内输出的电能为H0kW-hC.降压变压器原、副线圈匝数比为25:1D.升压变压器副线圈输出的电压的最大值为5720V【答案】C【解析】A.由图乙可知，交流电的频率为/=-=50HzT因此风力发电机的转速 =/=5 0 r/s,故A错误；B.1 万个额定功率为U W 的 LED灯正常工作时，电功率P=llx l04W=110kW而输电线上损失的功率AP=Px4%=4.4kW所以风力发电机的功率为U 4.4kW,因此lh风力发电机输出的电能lV=/r=114.4xlkWh=114.4kWh故 B 错误；C.输电线路损失的
9、功 率 心=4.4 k W,根据 P=/2R=4.4kW可得，输电线上电流为Z,=20A而通过降压变压器副线圈的电流P/.=500A/因此降压变压器原、副线圈匝数比%/1故 C 正确；D.输电线路损失的电压U=/R=220V根据u&%可得q =55（X）V所以升压变压器副线圈输出的电压有效值为5 7 2 0 V,最大值为5720底，故D错误。故选C。1 8.如图，带正电的小球A 固定在光滑绝缘斜面底端，轻弹簧的一端连接带负电的小球B,另一端固定于挡板，两小球的球心在弹簧的轴线上，弹簧原长时处于。点。将 球 B 由。点静止释放，小球沿斜面运动至 M 点时加速度为零。则下列说法正确的是（）A.球
10、8 做简谐运动B.球 8 运动后不可能静止在斜面上C.球 8 运动至M 点时一定有最大速度D.球 B 在 M 点和O 点的机械能可能相等【答案】D【解析】A.球 B 向下运动过程中，弹簧弹力增加，库仑力增加，若库仑力不变，则沿斜面的合外力可以提供回复力而做简谐运动，故 A 错误；B.若沿斜面向上的弹簧弹力，沿斜面向下的重力下滑分力，库仑力达到平衡，小球才可以静止在斜面上，故 B 错误；C.M 点之后，弹簧弹力增大，库仑力也增大，可能还有加速阶段，不能保证M 点时最大速度，故 C 错误;D.整个系统机械能守恒，球 B 由。一仞，弹簧的弹性势能增加，球的电势能减小，若两者相等，则球在M 点和。点的
11、机械能相等，可能存在这种情况，故 D 正确。故选D。1 9.如图是“嫦娥三号”飞行轨道示意图，假设“嫦娥三号”运行经过P 点第一次通过近月制动使“嫦娥三号”在距离月面高度为10 0km 的圆轨道I 上运动，再交经过p 点时第二次通过近月制动使“嫦娥三号，在距离月面近地点为。、高度为15km,远地点为P、高度为100km的椭圆轨道 上运动，下列说法正确的是（）发射及入轨段“嫦娥三号飞行轨道示意图逆谑高度叫谑I太阳帆板展开轨道修正公Q 凯道IA.“嫦娥三号”在距离月面高度为100km的圆轨道I上运动时速度大小不变B.“嫦娥三号”在距离月面高度10（）km的圆轨道I上运动的周期一定小于在椭圆轨道II
12、上运动的周期C.“嫦娥三号”在椭圆轨道II上运动经过Q点时的速率可能小于经过P点时的速率D.“嫦娥三号”在椭圆轨道II上运动经过Q点时的加速度一定大于经过尸点时的加速度【答案】AD【解析】A.“嫦娥三号”在距离月面高度为100km的圆轨道I上运动时，万有引力大小不变，由万有引力提供“嫦娥三号做圆周运动的向心力，则其速度大小不变。故A正确；B.根据开普勒第三定律可得尸一，且根据圆轨道1匕运动的半径大于椭圆轨道H的半长轴，故圆轨道1上运动的周期一定大于在椭圆轨道II上运动的周期。故B错误；C.根据开普勒第二定律（面积定律）可知。点为“近月点”，P点为远月点”，故在。点的速率一定大于经过P点时的速率
13、。故C错误：D.由“嫦娥三号”只受到万有引力的作用，提供“嫦娥三号”的向心力可知F=G=mar由于。点比P点更靠近月面（即，更小），则加速度比经过P点时的加速度更大。故D正确。故选AD。20.如图所示,有方向垂直于光滑绝缘水平桌面的两匀强磁场,磁场感应强度的大小分别为BI=B、B2=38,PQ为两磁场的边界，磁场范围足够大，一个水平放置的桌面上的边长为“，质量为?，电阻为R的单匝正方形金属线框，以初速度v垂直磁场方向从图示位置开始向右运动，当线框恰有一半进入右侧磁场时速v度为5,则下列判断正确的是（）X X X XM X lx：XX X X X?告Q16B*v=-A.mR4B2八B.此时线框的
14、加速度大小为mR4Ba2 4Ba2v2C.此过程中通过线框截面的电量为*D.此时线框的电功率为 R【答案】AD【解析】A.磁通量的变化量A0=070/=2Ba2由感应电动势-2Ba2E=-=-At Af感应电流TE 2BcrR t由动量定理可得V mv zn =F,+3BIa)Ai计算可得1682a3v=-tnRA 正确；B.此时切割磁感线产生的感应电动势V VE=3Ba+Ba =2Bav2 2线框中电流为.E 2BavI =-R R由牛顿第二定律得3BIa+Bia=加联立两式可得822a2V加=mRB 错误；C.由电荷量公式得C 错误；D.此时线框的电功率为P=R=2RD 正确。故选ADo2
15、 1.足够长的传送带水平放置，在电动机的作用下以速度匕逆时针匀速转动，一质量为机的小煤块以速度匕滑上水平传送带的左端，且匕%。小煤块与传送带间的动摩擦因数，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）2（匕+匕）A.煤块在传送带上运动的时间为（匕+/B.煤块在传送带上的痕迹长为2 g，机储+成）C.传送带与煤块摩擦产生的热量为2 VD.传送带克服煤块的摩擦力做功为机彩（斗+为）【答案】BD【解析】A.煤块在传送带上运动的加速度大小为pmga=-=gm煤块向右做匀减速直线运动的时间为t4 -A-JLa位移为片x,=煤块速度减至零后向左匀加速运动至速度为匕的时间为位移为%,=2Hg此后匀速运动到传送带
16、左端的时间为2 2匕 _ _ _ _,_ xi-x2 _ 2 g1 3 一v2 v2则煤块在传送带上运动的时间为t=ti+t2+t3解得=旧+匕）2 g 故A错误；B.煤块向右运动时与传送带间相对位移大小为 j t|=X +v2/,解得煤块向左运动时与传送带间相对位移大小为AX2=v2t2 x2解得则煤块在传送带上的痕迹长为/2TL =A人x,+AAx,=（V.!-+-V-2-）2 g故B正确；C.传送带与煤块摩擦产生的热量为Q=/JmgL=（匕 +匕 了故C错误；D.传送带克服煤块的摩擦力做功为W=jumgv2（tt+/2）解得W=/?v2(vl+v2)故D正确。故选BD o2 2.（6分）
17、为了探究质量一定时，物体的加速度。与所受合力厂的关系，某同学设计了一个实验，所用装置如图甲所示。已知小车的质量为加，小车用细线栓住，通过轻质滑轮与左侧砂桶连接，打点计时器所接的交流电频率了 =5 0 H z。其实验步骤如下：将器材按图甲所示安装好；调节长木板的倾角，在砂桶内放入适量的砂，沿长木板向下轻推小车，使小车做匀速直线运动；取下细线和砂桶，用弹簧测力计测出砂桶（含砂）受到的重力大小尸；先接通电源，后由静止释放小车，打出一条纸带，由打出的纸带求得小车的加速度大小J改变长木板的倾角，重新挂上细线和砂桶，重复步骤，测得多组砂桶（含砂）受到的重力大小F和小车的加速度大小”。（1）下列实验操作或实
18、验要求正确的是 oA.砂 桶（含砂）的质量应远小于小车的质量B.滑轮右侧的细线应与长木板平行C.长木板的倾角应大于4 5。D.为了减小摩擦，轻推小车让小车匀速运动前，小车后不应装上纸带，且不应接通电源（2）实验中打出的其中一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速度大小。=m/s?。（结果保留两位有效数字）|5.0 0 5.8 7|B=qE解得E（2）在电场中类平抛运动，由动能定理有qEd 1 2解得口 qvBd 1（3）在偏转磁场中做半径为R 的匀速圆周运动q%B=解得qB25.（18分）如图所示，质量M=0.5kg带有光滑弧形槽的滑块放在足够长的水平面a 处，弧形槽上圆弧对应的圆心角e
19、6 0。，半 径 R=0.8m,与其处于同一竖直平面内的光滑半圆轨道M 的半径4 0.5 m,轨道与水平面相切固定于c 点，已知水平面尻段粗糙且长度L=2m,其余光滑。质量分别为m/=lkg、机 2=0.5kg的物块P、Q 静置在水平面上，两者之间有一压缩并用细线锁定的轻弹簧（弹簧与两物块均不拴接），弹簧此时储存的弹性势能耳,=6J。某时刻将细线烧断，两物块与弹簧分离时均未从外之间滑出，随即撤去弹簧。物块Q 与水平面be段间的动摩擦因数口=0.25,重力加速度g=10m/s,两物块均可视为质点且滑上圆弧时均无能量损失。（1）求物块P 与弹簧分离时的速度大小；（2）判断物块P 能否从M 左端冲出
20、；并求出P 的最终速度；（3）求物块Q 最终静止的位置距离6 点的距离。m/s【答案】（1）2m/s；（2）3.（3）0.8m【解析】（1）弹簧恢复原长的过程中与两物块构成的系统动量守恒、机械能守恒，设物块P、Q 与弹簧分离时速度分别为匕、匕，有0=?匕m2v2与=；叫解得V j=2 m/s v2=4m/s物块P 与弹簧分离时的速度大小2m/s；（2）设物块P 沿滑块上升高度为/?时与滑块达到共速v,两者水平方向动量守恒，机械能守恒有町匕=（肛+；町 匕 2=；（4+叫解得v=m/s3%=m 15/?(l-cos60)=0.4m即物块P 将从滑块右侧滑离，设滑离时物块P 与滑块的速度分别为打、
21、“4,物块P 在滑块上滑动的整个过程中，两者系统水平方向动量守恒、机械能守恒，有/77.V.=机 匕 +Mv.1 2 I 25叫W =5匕+5 M 9=m/s 以=m/s3 .3即物块P最终向左匀速运动，速度为3 ；（3）设物块Q能沿半圆轨道最高上升高度为外，由动能定理有1 2一 m2gL-m1ghi=0-7 w2v2解得色=0.3 m r =0.5 m即物块Q将沿圆轨道返回水平面设物块Q未与物块P碰撞，最终静止在粗糙水平上，其在粗糙水平面滑行的路程为x,由动能定理有x=3.2 m 0根据热力学第一定律可知气体从外界吸收热量，C正确；D.从状态a沿直线到状态b的过程中，做等压变化，体积增大，可
22、知温度升高、内能增加，体积增大、气体对外界做功，根据热力学第一定律可知气体从外界吸收热量，D错误：E.从状态沿直线到状态c的过程中，做等压变化，体积增大，可知温度升高、内能增加，体积增大、气体对外界做功，根据热力学第一定律可知气体从外界吸收热量，E正确；故选ACEo（2）（1 0 分）如图所示，导热的圆柱形气缸固定在水平桌面上，横截面积为S、质量为班的活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞与气缸间无摩擦且不漏气。总质量为”的祛码盘（含祛码）由绕过定滑轮的细线与活塞相连。当环境温度为T时，活塞离缸底的高度为/?,g为重力加速度。现使环境温度缓慢升高到L 27：（i）当活塞再次平衡时，活塞离缸底的高度
23、是多少？（i i）保持环境温度为L 2T不变，在活塞上方添加质量为机的沙子时，活塞返回到高度为处，求大气（5A z+m2-mg【答案】（I）L 2/z（2）S【解析】（1）当环境温度为7时，状态为压强为0,温度为T,体积为匕；环境温度缓慢升高到L 2T时,状态为压强P 2,温度为L 2 T,体积为匕。在缓慢变化的过程是个等压过程，故跟据盖吕萨克定律可知，匕Z T2解得匕=S/?=K =1.2S/ih=1.2h（2）由题可知，在放沙子前体积为=L 2S/?,活塞的受力叫g+P o S=%S +2g放沙子后返回到处，体积为匕=助，活塞的受力?话 +PoS+A?g =P 3s +rn1g这个过程是个
24、等温过程，根据玻意耳定律可知p2 4.2Sh=p 3sh联立解得_ （5A/H+m2-m j gPo=s34.【选修 3-4 （15分）（1）（5 分）下列说法正确的是 o （填正确答案标号，选 对 1 个给2 分，选对2 个得4分，选对3 个得5 分，每选错1 个扣3 分，最低得分0分）A.光的偏振现象说明光是一种横波B.在太阳光照射下，水面上的油膜看上去是彩色，说明油本身就是彩色的C.光的色散现象是由光的干涉引起的D.树林中，经常会看到茂密的树叶间有彩色的光环，这属于光的衍射现象E.“彩超”能够测出人体血液流动的速度，利用了多普勒效应比较反射波相对于入射波频率的变化的原理【答案】A D E
25、【解析】A.光的偏振现象说明光振动方向与传播方向垂直，即说明光是一种横波，A正确；B.在太阳光照射下，水面上的油膜看上去是彩色的原因是光的干涉现象，B错误；C.光的色散现象是由光的折射引起的，C错误；D.树林中，经常会看到茂密的树叶间有彩色的光环，这属于光的衍射现象，D正确；E.“彩超”能够测出人体血液流动的速度，利用了多普勒效应比较反射波相对于入射波频率的变化的原理,E正确。故选A D E o（2）（1 0 分）.如图，均匀介 质 中 两 波 源 力分别位于x 轴上x/=0、X2=1 4 m处，波源振动方程为ya=2 s in5 m（c m）,波源 b振动方程为）力=4 s in5 加（c m）。已知x 轴上xP=1 0 m处质点P在。=0.4 s 时刻开始振动，求：（1）这两列波在均匀介质中的波长；（2）从 r=0 开始在仁2 s 的时间内质点尸通过的路程。X/b14I12p10I8I6I4m12/c【答案】（1）4=4m；（2）s=0.44m【解析】（1）设波在介质中传播速度为心有Pb=%1 24X=v-C D解得X=4m（2）设波源a的振动经时间卜传播到尸点，有aP=vt2在.时间内P 质点通过的路程为S=6 4 =0.24m在2 =1 s 到3 =2 s 时间内?质点通过的路程为$2=1。（4 A）=0.2m所以s=s.+%=0 44m