《高考物理一轮复习 专题12 牛顿运动定律的综合应用（讲）（含解析）-人教版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理一轮复习 专题12 牛顿运动定律的综合应用（讲）（含解析）-人教版高三全册物理试题.doc（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、专题12 牛顿运动定律的综合应用1.掌握超重、失重的概念，会分析有关超重、失重的问题.2.学会分析临界与极值问题.3.会进行动力学多过程问题的分析1超重(1)定义：物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)大于物体所受重力的情况(2)产生条件：物体具有向上的加速度2失重(1)定义：物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)小于物体所受重力的情况(2)产生条件：物体具有向下的加速度3完全失重(1)定义：物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)等于零的情况称为完全失重现象(2)产生条件：物体的加速度ag，方向竖直向下考点一超重与失重1超重并不是重力增加了，失重并不是重力减小了，完全失重也不是重力完全消失了在
2、发生这些现象时，物体的重力依然存在，且不发生变化，只是物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)发生了变化(即“视重”发生变化)2只要物体有向上或向下的加速度，物体就处于超重或失重状态，与物体向上运动还是向下运动无关3尽管物体的加速度不是在竖直方向，但只要其加速度在竖直方向上有分量，物体就会处于超重或失重状态4物体超重或失重的多少是由物体的质量和竖直加速度共同决定的，其大小等于ma.重点归纳1物体处于超重状态还是失重状态取决于加速度的方向，与速度的大小和方向没有关系下表列出了加速度方向与物体所处状态的关系.加速度超重、失重视重Fa0不超重、不失重Fmga的方向竖直向上超重Fm(ga)a的方向竖直向
3、下失重Fm(ga)ag，竖直向下完全失重F0特别提醒:不论是超重、失重、完全失重，物体的重力都不变，只是“视重”改变2.超重和失重现象的判断“三”技巧（1）从受力的角度判断，当物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力时，物体处于超重状态，小于重力时处于失重状态，等于零时处于完全失重状态（2）从加速度的角度判断，当物体具有向上的加速度时处于超重状态，具有向下的加速度时处于失重状态，向下的加速度为重力加速度时处于完全失重状态（3）从速度变化角度判断物体向上加速或向下减速时，超重；物体向下加速或向上减速时，失重典型案例在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50
4、kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是： （ ）A.晓敏同学所受的重力变小了B.晓敏对体重计的压力就是体重计对晓敏的支持力C.电梯一定在竖直向下运动D.电梯的加速度大小为g/5，方向一定竖直向下【答案】D【名师点睛】此题是关于牛顿第二定律的应用问题；明确失重状态是物体对与之接触的物体的弹力小于重力，不是重力变小了基础题目。针对练习1一位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，弹簧床面与运动员间的弹力随时间变化的规律通过传感器用计算机绘制出来，如图所示，取当地的重力加速度，根据图像，可以得到： （ ）A、人上升的最大高度距离蹦床为B、运动员的最大加
5、速度为C、到人和蹦床组成的系统机械能守恒D、到运动员和蹦床的势能之和增加【答案】B【解析】设运动员上升的最大高度为H，则，故A错误；由图象可知蹦床对运动员的最大弹力为，设运动员的最大加速度为，则：，故B正确；到人和蹦床组成的系统机械能不守恒，因为有人本身的化学能转化为系统的机械能，故选项C错误；由于系统机械能不守恒，故无法判断运动员和蹦床的势能之和如何变化，故选项D错误。【名师点睛】重点在于图象的识别，一是要从图象得到，初始时候弹力等于重力二是在稳定后的高度最大，且稳定后每一个在空中的上升和下降时间是相等的针对练习2电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为
6、10N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6N，关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是(g取10 m/s2) ： （ ）A电梯可能向上加速运动, 加速度大小为2m/s2B电梯可能向下加速运动, 加速度大小为4m/s2C电梯可能向上减速运动, 加速度大小为2m/s2D电梯可能向下减速运动, 加速度大小为4m/s2【答案】B【名师点睛】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度考点二动力学中的临界极值问题分析1当物体的运动从一种状态转变为另一种
7、状态时必然有一个转折点，这个转折点所对应的状态叫做临界状态；在临界状态时必须满足的条件叫做临界条件用变化的观点正确分析物体的受力情况、运动状态变化情况，同时抓住满足临界值的条件是求解此类问题的关键2临界或极值条件的标志(1)有些题目中有“刚好”、“恰好”、“正好”等字眼，明显表明题述的过程存在着临界点；(2)若题目中有“取值范围”、“多长时间”、“多大距离”等词语，表明题述的过程存在着“起止点”，而这些起止点往往就是临界状态；(3)若题目中有“最大”、“最小”、“至多”、“至少”等字眼，表明题述的过程存在着极值，这个极值点往往是临界点；(4)若题目要求“最终加速度”、“稳定加速度”等，即是要求
8、收尾加速度或收尾速度重点归纳动力学中的典型临界条件(1)接触与脱离的临界条件：两物体相接触或脱离，临界条件是：弹力FN0.(2)相对滑动的临界条件：两物体相接触且处于相对静止时，常存在着静摩擦力，则相对滑动的临界条件是：静摩擦力达到最大值(3)绳子断裂与松驰的临界条件：绳子所能承受的张力是有限度的，绳子断与不断的临界条件是绳中张力等于它所能承受的最大张力，绳子松驰的临界条件是：FT0.(4)加速度变化时，速度达到最大的临界条件：当加速度变化为a0时典型案例（多选）如图所示，AB两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，AB间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为最大静摩擦力等于滑动摩
9、擦力，重力加速度为g现对A施加一水平拉力F，则： （ ）A当F2mg 时，A、B 都相对地面静止B当F=mg时，A的加速度为gC当F3 mg 时，A相对B滑动D无论F为何值，B的加速度不会超过g【答案】BCD针对练习1在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间t后停止现将该木板改置成倾角为45的斜面，让小物块以相同的初速度沿木板上滑若小物块与木板之间的动摩擦因数为则小物块上滑到最高位置所需时间与t之比为： （ ）ABCD【答案】A【解析】【名师点睛】对物块在水平面和斜面上进行受力分析，运用牛顿第二定律结合运动学公式解决注意情景发生改变，要重新进行受力分析。针对练习2（
10、多选）如图所示，质量均为m的A、B两物块置于水平地面上，物块与地面间的动摩擦因数均为，物块间用一水平轻绳相连，绳中无拉力。现用水平力F向右拉物块A，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。重力加速度为g。下列说法中正确的是 ： （ ）ABFA当时，绳中拉力为0B当时，绳中拉力为C当时，绳中拉力为D无论F多大，绳中拉力都不可能等于【答案】ABC【名师点睛】此题考查了物体的平衡及牛顿定律的应用；解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的使用。考点三动力学中的图象问题物理公式与物理图象的结合是一种重要题型，也是高考的重点及热点1常见的图象有：vt图象，at图象，Ft图象
11、，Fa图象等2图象间的联系：加速度是联系vt图象与Ft图象的桥梁3图象的应用(1)已知物体在一过程中所受的某个力随时间变化的图线，要求分析物体的运动情况(2)已知物体在一运动过程中速度、加速度随时间变化的图线，要求分析物体的受力情况(3)通过图象对物体的受力与运动情况进行分析重点归纳分析图象问题解题策略(1)弄清图象斜率、截距、交点、拐点的物理意义(2)应用物理规律列出与图象对应的函数方程式，进而明确“图象与公式”、“图象与物体”间的关系，以便对有关物理问题作出准确判断5分析图象问题时常见的误区(1)没有看清纵、横坐标所表示的物理量及单位(2)不注意坐标原点是否从零开始(3)不清楚图线的点、斜
12、率、面积等的物理意义(4)忽视对物体的受力情况和运动情况的分析典型案例（多选）如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用，木板加速度a随力F变化的-F图象如图乙所示，g取10 m/s2，则： （ ）A滑块A的质量为4kgB木板B的质量为1kgC当F=10N时木板B加速度为4m/s2D当F=10N时滑块A的加速度为2m/s2【答案】BCD【名师点睛】本题考查牛顿第二定律与图象的综合，知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图象问题的一般方法，通常通过图线的斜率和截距入手分析。针对练习1如图所示，“”型木块放在光
13、滑水平地面上，木块的水平表面AB粗糙，与水平面成夹角= 37的表面BC光滑。木块右侧与竖直墙壁紧靠在一起，一个可视为质点的滑块从C点由静止开始下滑，滑块在CBA运动过程中，滑块运动的速度和时间的关系如图所示.滑块经过B点时无能量损失.（已知sin37= 0.6,cos37= 0.8，取g = 10m/s2)求： （1）斜面BC的长度L；（2）滑块和木块的水平表面AB间的动摩擦因数（3）如果滑块的质量m=2kg，木块的质量M=4kg，最终滑块恰好没有从木块上滑下来，求木块水平AB段的长度LAB为多少？【答案】（1）3m（2）0.2（3）6m【名师点睛】此题是牛顿第二定律的综合应用问题；解题的关键
14、是从给定的v-t图像中获取信息，找到物体的运动规律，结合图像的物理意义及牛顿定律列方程求解.针对练习2足够长的水平传送带以v02 m/s的速度匀速运行t0时，在最左端轻放一个小滑块，t2 s时，传送带突然制动停下，已知滑块与传送带之间的动摩擦因数为0.2，g10 m/s2.关于滑块相对地面运动的vt图象正确的是： （ ）【答案】D【解析】滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，加速度为，滑块运动到与传送带速度相同时需要的时间，然后随传送带一起匀速运动的时间，当送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止，运动的时间，所以速度时间图象对应D选项，故D正确。【名师点睛】
15、滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动，当速度与传送带相等时，和传送带一起做运动运动，当传送带突然制动停下时，滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止由牛顿第二定律和运动学公式结合，通过计算分析。考点四传送带模型和滑块木板模型1.“传送带模型”问题的分析思路（1）模型特征一个物体以速度v0(v00)在另一个匀速运动的物体上开始运动的力学系统可看做“传送带”模型，如图 (a)、(b)、(c)所示（2）建模指导传送带模型问题包括水平传送带问题和倾斜传送带问题水平传送带问题：求解的关键在于对物体所受的摩擦力进行正确的分析判断判断摩擦力时要注意比较物体的运动速度与传送带的速度，也就是分析物
16、体在运动位移x(对地)的过程中速度是否和传送带速度相等物体的速度与传送带速度相等的时刻就是物体所受摩擦力发生突变的时刻倾斜传送带问题：求解的关键在于认真分析物体与传送带的相对运动情况，从而确定其是否受到滑动摩擦力作用如果受到滑动摩擦力作用应进一步确定其大小和方向，然后根据物体的受力情况确定物体的运动情况当物体速度与传送带速度相等时，物体所受的摩擦力有可能发生突变2.“滑块木板模型”问题的分析思路（1）模型特点：上、下叠放两个物体，并且两物体在摩擦力的相互作用下发生相对滑动（2）建模指导解此类题的基本思路：(1)分析滑块和木板的受力情况，根据牛顿第二定律分别求出滑块和木板的加速度；(2)对滑块和
17、木板进行运动情况分析，找出滑块和木板之间的位移关系或速度关系，建立方程特别注意滑块和木板的位移都是相对地面的位移.重点归纳1传送带模型分析处理传送带问题时需要特别注意两点：一 是对物体在初态时所受滑动摩擦力的方向的分析；二是对物体在达到传送带的速度时摩擦力的有无及方向的分析（1）水平传送带模型项目图示滑块可能的运动情况情景1(1)可能一直加速(2)可能先加速后匀速情景2(1)v0v时，可能一直减速，也可能先减速再匀速(2)v0v返回时速度为v，当v0v返回时速度为v0（2）倾斜传送带模型项目图示滑块可能的运动情况情景1(1)可能一直加速(2)可能先加速后匀速情景2(1)可能一直加速(2)可能先
18、加速后匀速(3)可能先以a1加速后以a2加速情景3(1)可能一直加速(2)可能先加速后匀速(3)可能一直匀速(4)可能先以a1加速后以a2加速情景4(1)可能一直加速(2)可能一直匀速(3)可能先减速后反向加速对于传送带问题，一定要全面掌握上面提到的几类传送带模型，尤其注意要根据具体情况适时进行讨论，看一看有没有转折点、突变点，做好运动阶段的划分及相应动力学分析2.滑板滑块模型（1）模型特点涉及两个物体，并且物体间存在相对滑动（2）两种位移关系滑块由滑板的一端运动到另一端的过程中，若滑块和滑板同向运动，位移之差等于板长；反向运动时，位移之和等于板长（3）解题思路（4）易失分点不清楚滑块、滑板的
19、受力情况，求不出各自的加速度不清楚物体间发生相对滑动的条件典型案例如图所示，传送带与地面的倾角=37，从A到B的长度为16，传送带以V0=10m/s的速度逆时针转动。在传送带上端无初速的放一个质量为0.5的物体，它与传送带之间的动摩擦因数=0.5，求物体从A运动到B所需的时间是多少？（sin 370.6，cos 370.8，g10 m/s2)【答案】2s【解析】代入数据解得：；故共耗时【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速
20、度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力针对练习1如图所示是倾角=37的固定光滑斜面，两端有垂直于斜面的固定挡板P、Q，PQ距离L=2m，质量M=1.0kg的木块A(可看成质点)放在质量m=0.5kg 的长d=0.8m的木板B上并一起停靠在挡板P处，A木块与斜面顶端的电动机间用平行于斜面不可伸长的轻绳相连接，现给木块A沿斜面向上的初速度，同时开动电动机保证木块A一直以初速度v0=1.6m/s沿斜面向上做匀速直线运动，已知木块A的下表面与木板B间动摩擦因数1=0.5，经过时间t，当B板右端到达Q处时刻，立刻关闭电动机，同时锁定A、B物体此时的位置。然后将A物体上下面翻转，使得A原来的上表面与木板B
21、接触，已知翻转后的A、B接触面间的动摩擦因数变为2=0.25，且连接A与电动机的绳子仍与斜面平行。现在给A向下的初速度v1=2m/s，同时释放木板B，并开动电动机保证A木块一直以v1沿斜面向下做匀速直线运动，直到木板B与挡板P接触时关闭电动机并锁定A、B位置。（sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）B木板沿斜面向上加速运动过程的加速度大小；（2）A、B沿斜面上升过程所经历的时间t；（3）A、B沿斜面向下开始运动到木板B左端与P接触时，A到B右端的距离。【答案】（1）（2）1.15s（3）（3）B开始向下加速运动的加速度：，(1分)【名师点睛】在使用牛顿第二定律时，一般步骤为：1、确
22、定研究对象；2、分析物体运动状态；3、对研究对象受力分析；4、建立坐标系；5、选取正方向；6、根据牛顿第二定律列方程求解，必要时对结果进行讨论分析针对练习2如图所示，水平传送带足够长，传送带始终顺时针匀速运动，长为1米的薄木板A的正中央放置一个小木块B，A和B之间的动摩擦因数为0.2，A和传送带之间的动摩擦因数为0.5，薄木板的质量是木块B质量的2倍，轻轻把AB整体放置在传送带的中央，设传送带始终绷紧并处于水平状态，g取10 m/s2，在刚放上很短的时间内，A、B的加速度大小分别为： （ ）A6.5 m/s2、2 m/s2 B5 m/s2、2 m/s2C5 m/s2、5 m/s2 D7.5 m/s2、2 m/s2【答案】A【解析】设木块的质量为m，则木板的质量为2mA、B间的动摩擦因数为，A与传送带间的动摩擦因数为根据牛顿第二定律得，对B：受到A的向右的滑动摩擦力mg=maB，得：aB=g=0.210=2m/s2对A：受到传送带的向右的滑动摩擦力，大小为3mg，B的向左的滑动摩擦力，大小为mg，则3mg-mg=2maA，得aA=6.5m/s2故选A.【名师点睛】本题是典型的传送带问题，解题的关键是分析物体的受力情况，再运用牛顿第二定律进行求解。