《高考物理一轮复习 考点32 带电粒子在组合场、复合场中的运动练习（含解析）-人教版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理一轮复习 考点32 带电粒子在组合场、复合场中的运动练习（含解析）-人教版高三全册物理试题.doc（21页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、考点32带电粒子在组合场、复合场中的运动题组一基础小题1在如图所示的两平行金属板间存在匀强电场和匀强磁场，电场强度E和磁感应强度B相互垂直。一带电粒子(重力不计)从左端以速度v沿虚线射入后做直线运动，则该粒子()A一定带正电B速度vC若速度v，粒子一定不能从板间射出D若此粒子从右端沿虚线方向进入，仍做直线运动答案B解析无论粒子带正电还是带负电，电场力和洛伦兹力都在竖直方向上，且方向相反，A错误；粒子做直线运动，则一定做匀速直线运动，由平衡条件有，qvBqE，解得速度v，B正确；若速度v，粒子不能沿虚线通过，但仍可能从板间射出，C错误；若此粒子从右端沿虚线方向进入，所受电场力和洛伦兹力方向相同，
2、不能做直线运动，D错误。2.如图所示，某空间存在正交的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，一带电微粒由a点进入电磁场并刚好沿虚线ab向上运动。下列说法中正确的是()A该微粒一定带负电B该微粒的动能一定减少C该微粒的电势能一定增加D该微粒的机械能不一定增加答案A解析微粒受到的重力和电场力是恒力，且该微粒沿直线运动，则可以判断出微粒受到的洛伦兹力也是恒定的，即该微粒做匀速直线运动，所以B错误；如果该微粒带正电，则受到竖直向下的重力、水平向右的电场力和向左下方的洛伦兹力，受力不平衡，所以不会沿直线运动，故该微粒一定带负电，电场力做正功，电势能一定减少，机械能一定增加，A正确，
3、C、D错误。3.质量为m的带电小球在正交的匀强电场、匀强磁场中做匀速圆周运动，轨道平面在竖直平面内，电场方向竖直向下，磁场方向垂直圆周所在平面向里，如图所示，由此可知()A小球带正电，沿顺时针方向运动B小球带负电，沿顺时针方向运动C小球带正电，沿逆时针方向运动D小球带负电，沿逆时针方向运动答案B解析根据题意，小球做匀速圆周运动，其重力与电场力等大反向，故小球受到的电场力方向竖直向上，又电场方向竖直向下，可知小球带负电；已知磁场方向垂直圆周所在平面向里，带负电的小球受到的洛伦兹力指向圆心，小球一定沿顺时针方向运动。B正确。4.如图所示，空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场，一带电液
4、滴从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时，速度为零，C点是运动的最低点，则以下叙述错误的是()A液滴一定带负电B液滴在C点时动能最大C液滴在C点时电势能最小D液滴在C点时机械能最小答案C解析液滴偏转是由于受到洛伦兹力作用，根据左手定则可判断液滴一定带负电，A正确；液滴所受电场力向上，而液滴能够从静止向下运动，是因为重力大于电场力，由AC过程中液滴所受重力和电场力的合力做正功，由CB此合力做负功，故在C点液滴的动能最大，B正确；而由于AC过程中液滴克服电场力做功最多，电势能增加最多，所以到达C点时电势能最大，又因为液滴的机械能与电势能的和不变，因此液滴在C点时机械能最小，C错误，D正确。5
5、(多选)如图所示，两个相同的半圆形光滑绝缘轨道分别竖直放置在匀强电场E和匀强磁场B中，轨道两端在同一高度上，两个相同的带正电小球a、b同时从轨道左端最高点由静止释放，在运动中都能通过各自轨道的最低点M、N，则()A两小球每次到达轨道最低点时的速度都有vNvMB两小球每次经过轨道最低点时对轨道的压力都有FNFMC小球b第一次到达N点的时刻与小球a第一次到达M点的时刻相同D小球b能到达轨道的最右端，小球a不能到达轨道的最右端答案AD解析小球a滑到M点的过程中重力做正功，电场力做负功，小球b滑到N点的过程中只有重力做正功，由动能定理，有mgRqERmv0，mgRmv0，所以vNvM，故A正确。设小球
6、a、b受到的支持力大小分别为FM、FN，对M点，小球a经过M点时，FMmgm，且FMFM，得FMmgm3mg2Eq；对N点，F洛qvNB，当小球b向右运动通过N点时，FNmgF洛m，且FNFN，得FNmgmF洛3mgBq，FNFM，当小球b在磁场中向左运动通过N点时，FNmgF洛m，且FNFN，得FNmgmF洛3mgBq，由于Bq与2Eq大小关系不能确定，所以FN与FM大小关系不能确定，B错误。电场力沿轨道切线分量阻碍小球a的下滑，则小球a第一次到达M点的时间大于小球b第一次到达N点的时间，故C错误。小球b向右运动过程中机械能守恒，能到达轨道的最右端，小球a向右运动过程中机械能减小，不能到达轨
7、道的最右端，故D正确。6(多选)如图所示，在水平匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场中，有一竖直足够长固定绝缘杆MN，小球P套在杆上，已知P的质量为m、电荷量为q(q0)，电场强度为E，磁感应强度为B，P与杆间的动摩擦因数为，重力加速度为g。小球由静止开始下滑直到稳定的过程中()A小球的加速度一直减小B小球的机械能和电势能的总和保持不变C下滑加速度为最大加速度一半时的速度可能是vD下滑加速度为最大加速度一半时的速度可能是v答案CD解析对小球受力分析如图所示，则mg(qEqvB)ma，随着v的增加，小球加速度先增大，当qEqvB时达到最大值，amaxg，继续运动，mg(qvBqE)ma，随着v的增大
8、，a逐渐减小，所以A错误。因为有摩擦力做功，小球的机械能与电势能总和在减小，B错误。若小球的加速度在达到最大前达到最大加速度的一半，则mg(qEqvB)m，得v；若小球的加速度在达到最大后达到最大加速度的一半，则mg(qvBqE)m，得v，故C、D正确。7如图所示，两导体板水平放置，两板间的电势差为U，带电粒子以某一初速度v0沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场。则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U和v0的变化而变化的情况为()Ad随v0的增大而增大，d与U无关Bd随v0的增大而增大，d随U的增大而增大Cd随U的增大而增大，d与
9、v0无关Dd随v0的增大而增大，d随U的增大而减小答案A解析设粒子从M点进入磁场时的速度大小为v，该速度与水平方向的夹角为，故有v。粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，qvBm，解得粒子做圆周运动的轨迹半径为r，而MN之间的距离为d2rcos，联立解得d，故A正确，B、C、D错误。8如图所示，厚度为h、宽度为d的金属导体，当磁场方向与电流方向垂直时，在导体上、下表面会产生电势差，这种现象称为霍尔效应。下列说法正确的是()A上表面的电势高于下表面的电势B仅增大h时，上、下表面的电势差增大C仅增大d时，上、下表面的电势差减小D仅增大电流I时，上、下表面的电势差减小答案C解析因电流方向向
10、右，则金属导体中的自由电子是向左运动的，根据左手定则可知上表面带负电，则上表面的电势低于下表面的电势，A错误；当电子受力达到平衡时，电场力等于洛伦兹力，即eevB，又Inevhd(n为导体单位体积内的自由电子数)，得U，则仅增大h时，上、下表面的电势差不变；仅增大d时，上、下表面的电势差减小；仅增大I时，上、下表面的电势差增大，故C正确，B、D错误。9.(多选)为了测量某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左、右两端开口，在垂直于前、后面的方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在上、下两个面的内侧固定有金属板M、N作
11、为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U，若用Q表示污水流量(单位时间内流出的污水体积)，下列说法中正确的是()AM板电势一定高于N板的电势B污水中离子浓度越高，电压表的示数越大C污水流动的速度越大，电压表的示数越大D电压表的示数U与污水流量Q成正比答案ACD解析根据左手定则知负离子所受洛伦兹力方向向下，正离子所受洛伦兹力方向向上，所以M板电势一定高于N板的电势，故A正确；最终离子处于平衡，故电场力等于洛伦兹力，qvBq，解得UBvc，所以电压与离子的浓度无关，与污水流动的速度成正比，故B错误，C正确；根据污水流量Qvbc，则v，故U，故电压表的示数U与污水流量
12、Q成正比，故D正确。10.(多选)如图是质谱仪的工作原理示意图。带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器。速度选择器内相互正交的匀强磁场的磁感应强度和匀强电场的电场强度分别为B和E。平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2。平板S下方有磁感应强度为B0的匀强磁场。下列表述正确的是()A质谱仪是分析同位素的重要工具B速度选择器中的磁场方向垂直于纸面向外C能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越小答案ABC解析质谱仪是分析同位素的重要工具，A正确；在速度选择器中，带电粒子所受电场力和洛伦兹力在粒子沿直线运动时应等大反向，结合左手定则可知B正
13、确；由qEqvB可得v，C正确；粒子在平板S下方的匀强磁场中做匀速圆周运动，由qvB得R，则粒子的比荷，可知粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，半径R越小，粒子的比荷越大，D错误。11如图所示，空间存在足够大、正交的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E、方向竖直向下，磁感应强度为B、方向垂直纸面向里。从电、磁场中某点P由静止释放一个质量为m、电荷量为q的粒子(粒子受到的重力忽略不计)，其运动轨迹如图中虚线所示。对于带电粒子在电、磁场中下落的最大高度H，下面给出了四个表达结果，用你已有的知识计算可能会有困难，但你可以用学过的知识对下面的四个结果作出判断。你认为正确的是()A. B. C. D.答案A解
14、析根据量纲法，可得A为正确答案。即，qE单位为N，mv2单位为J，即Nm，F2单位为N2，所以A项的单位为m。同理可得选项B、C、D的单位不是m。题组二高考小题12(2018北京高考)某空间存在匀强磁场和匀强电场。一个带电粒子(不计重力)以一定初速度射入该空间后，做匀速直线运动；若仅撤除电场，则该粒子做匀速圆周运动，下列因素与完成上述两类运动无关的是()A磁场和电场的方向 B磁场和电场的强弱C粒子的电性和电量 D粒子入射时的速度答案C解析由题可知，当带电粒子在复合场内做匀速直线运动时，有EqqvB，则v，若仅撤除电场，粒子仅在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，说明要满足题意需要对磁场与电场的方向以
15、及强弱程度、粒子入射时速度都有要求，但是对粒子的电性和电量无要求，故C正确，A、B、D错误。13(2017全国卷)如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上(与纸面平行)，磁场方向垂直于纸面向里。三个带正电的微粒a、b、c电荷量相等，质量分别为ma、mb、mc。已知在该区域内，a在纸面内做匀速圆周运动，b在纸面内向右做匀速直线运动，c在纸面内向左做匀速直线运动。下列选项正确的是()Amambmc BmbmamcCmcmamb Dmcmbma答案B解析设三个微粒的电荷量均为q，a在纸面内做匀速圆周运动，说明洛伦兹力提供向心力，重力与电场力平衡，即magqEb在纸面内向右做匀速直线运
16、动，三力平衡，则mbgqEqvbBc在纸面内向左做匀速直线运动，三力平衡，则mcgqvcBqE比较式得：mbmamc，选项B正确。14.(2016全国卷)现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场。若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍。此离子和质子的质量比约为()A11 B12 C121 D144答案D解析设质子和离子的质量分别为m1和m2，原磁感应强度为B1，改变后的磁感应强度为B2。在加速电场中
17、qUmv2，在磁场中qvBm，联立两式得m，故有144，选项D正确。题组三模拟小题15.(2019天津和平区高三上学期期末)如图所示为一速度选择器，两极板P1、P2之间存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场。一束带电粒子流以速度v从S1沿直线运动到S2，则下列说法正确的是()A该粒子流的粒子一定带正电B粒子从S1到S2一定做匀速直线运动C粒子运动的速度大小一定等于D若粒子以速度v从S2向上运动，一定能沿直线到达S1答案B解析粒子受洛伦兹力和电场力作用，假设粒子带正电，则所受洛伦兹力向右，电场力向左，若粒子带负电，则所受洛伦兹力向左，电场力向右，这两种情况粒子所受洛伦兹力与电场力均
18、可以平衡，故粒子可以带正电，也可以带负电，A错误；洛伦兹力与电场力平衡，即qEqvB，解得v，粒子做匀速直线运动，B正确，C错误；如果这束粒子流从S2以速度v向上运动，电场力方向不变，洛伦兹力反向，故电场力与洛伦兹力方向相同，不再平衡，合力与速度不共线，粒子开始做曲线运动，一定不能运动到S1处，D错误。16.(2019漳州高三二模)(多选)在竖直放置的固定的光滑绝缘圆环中，套有一个电荷量为q(q0)、质量为m的小环，整个装置放在如图所示的正交匀强电磁场中，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，电场强度E，方向水平向右，重力加速度为g。当小环从大环顶端无初速度下滑时，则小环()A运动到最低点时的
19、速度最大B不能做完整的圆周运动C对轨道的最大压力为NmaxmgD受到的最大洛伦兹力FmaxqB答案BD解析将重力场和电场等效为一个等效场，小环只有运动到等效最低点时速度才最大，A错误；小环所受电场力方向水平向左，可知该等效最低点在左下侧，其等效最高点在环的右上侧，小环开始时的位置在等效最高点以下，由能量守恒定律可知小环无法到达等效最高点，不能做完整的圆周运动，B正确；小环从大环顶端滑到等效最低点的过程中，由动能定理可得mgRRmv，解得vmax，受到的最大洛伦兹力FmaxqB，D正确；由左手定则可知，在等效最低点时小环所受洛伦兹力的方向与重力和电场力的合力方向相同，此时小环对轨道的压力最大，由
20、牛顿第三定律知，此时圆环对小环的支持力N达到最大，对小环，由牛顿第二定律有NmaxFmax，可知NmaxmgqB，由牛顿第三定律知，NmaxmgqB，C错误。17.(2019佛山顺德区高三学情调研)(多选)如图所示，xOy坐标系内存在着方向竖直向下的匀强电场，同时在以O1为圆心的圆形区域内有方向垂直纸面向里的有界匀强磁场，电子从原点O以初速度v沿平行于x轴正方向射入场区，若撤去磁场，电场保持不变，则电子进入场区后从P点飞出，所用时间为t1；若撤去电场，磁场保持不变，则电子进入场区后将向下偏转并从Q点飞出，所用时间为t2，若P、Q两个点关于x轴对称，下列判断正确的是()At1t2Bt11，故当电
21、场和磁场同时存在时，eEevB，即电场力大于洛伦兹力，则电子将向上偏转，即电子将偏向y轴正方向做曲线运动，故C正确，D错误。18.(2019武汉部分市级示范高中联考)(多选)如图为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场的电场强度大小恒定，且被限制在A、C板间，虚线中间不需加电场，带电粒子从P0处以速度v0沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场(未画出)做匀速圆周运动，下列说法正确的是()A带电粒子每运动一周被加速一次BP1P2P2P3C带电粒子的最大速度与D形盒的尺寸无关D加速电场方向需要做周期性的变化答案AB解析根据题述，在虚线之间没有加电场，所以带电粒子每运
22、动一周被加速一次，加速电场不需要做周期性的变化，A正确，D错误。设加速电场的电压为U，带电粒子的电荷量为q、质量为m，由动能定理有，qUmvmv，qUmvmv，qUmvmv，设P0P12r1，P0P22r2，P0P32r3，qv1Bm，qv2Bm，qv3Bm，联立解得r1 ，r2 ，r3 。P1P2P0P2P0P12(r2r1)2( )，P2P3P0P3P0P22(r3r2)2( )，由计算可知P1P2P2P3，B正确。由r可知，带电粒子的最大速度与D形盒的半径(尺寸)成正比，C错误。19.(2019广东广州二中等六校联考)(多选)质谱仪是用来分析同位素的装置，如图为质谱仪的示意图，其由竖直放
23、置的速度选择器、偏转磁场构成。由三种不同粒子组成的粒子束以某速度沿竖直向下的方向射入速度选择器，该粒子束沿直线穿过底板上的小孔O进入偏转磁场，最终三种粒子分别打在底板MN上的P1、P2、P3三点。已知底板MN上、下两侧的匀强磁场方向均垂直纸面向外，且磁感应强度的大小分别为B1、B2，速度选择器中匀强电场的电场强度大小为E。不计粒子的重力以及它们之间的相互作用，则()A速度选择器中的电场方向向右B三种粒子的速度大小均为C如果三种粒子的电荷量相等，则打在P3点的粒子质量最大D如果三种粒子电荷量均为q，且P1、P3的间距为x，则打在P1、P3两点的粒子质量差为答案ACD解析三种粒子在B2磁场中的偏转
24、方向相同，则电性相同，根据左手定则知粒子带正电，则粒子在B1磁场中受到的洛伦兹力向左，则电场力向右，场强向右，故A正确；粒子在两板中做匀速直线运动，有qvB1Eq，则粒子的速度v，故B错误；根据qvB2m可得m，三种粒子的电荷量相等，则轨迹半径越大，质量越大，即打在P3点的粒子质量最大，故C正确；因为2r32r1x，粒子的速度v，则两粒子的质量之差m，故D正确。题组一基础大题20.如图所示，电荷量为q、质量为m的物块从倾角37的光滑绝缘斜面顶端由静止开始下滑，磁感应强度为B的匀强磁场垂直纸面向外，求物块在斜面上滑行的最大速度和在斜面上运动的最大位移。(斜面足够长，取sin370.6，cos37
25、0.8)答案解析物块沿斜面运动过程中加速度不变，但随速度增大，垂直斜面向上的洛伦兹力增大，物块所受支持力逐渐减小，最后离开斜面。所以，当物块对斜面的压力刚好为零时，物块在斜面上滑行的速度达到最大，同时位移达到最大，即qvmBmgcos物块沿斜面下滑过程中，由动能定理得：mgssinmv0由得：vm，s。21如图所示，空间中存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小E5 N/C，同时存在着水平方向的匀强磁场，其方向与电场方向垂直，磁感应强度大小B0.5 T。有一带正电的小球，质量m1.0106 kg，电荷量q2106 C，正以速度v在图示的竖直面内做匀速直线运动，当经过P点时撤掉磁场(不考虑磁场消失
26、引起的电磁感应现象)，g取10 m/s2。求：(1)小球做匀速直线运动的速度v的大小和方向；(2)从撤掉磁场到小球再次穿过P点所在的这条电场线经历的时间t。答案(1)20 m/s与电场E的方向之间的夹角为60(2)3.5 s解析(1)小球匀速直线运动时受力如图，其所受的三个力在同一平面内，合力为零，有qvB代入数据解得v20 m/s速度v的方向与电场E的方向之间的夹角满足tan代入数据解得tan60。(2)撤去磁场，小球在重力与电场力的合力作用下做类平抛运动，设其加速度为a，有a设撤掉磁场后小球在初速度方向上的分位移为x，有xvt设小球在重力与电场力的合力方向上的分位移为y，有yat2a与mg
27、的夹角和v与E的夹角相同，均为，又tan联立式，代入数据解得t2 s3.5 s。题组二高考大题22(2018全国卷)如图，从离子源产生的甲、乙两种离子，由静止经加速电压U加速后在纸面内水平向右运动，自M点垂直于磁场边界射入匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，磁场左边界竖直。已知甲种离子射入磁场的速度大小为v1，并在磁场边界的N点射出；乙种离子在MN的中点射出；MN长为l。不计重力影响和离子间的相互作用。求：(1)磁场的磁感应强度大小；(2)甲、乙两种离子的比荷之比。答案(1)(2)14解析(1)设甲种离子所带电荷量为q1、质量为m1，在磁场中做匀速圆周运动的半径为R1，磁场的磁感应强度大小为B，
28、由动能定理有q1Um1v由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有q1v1Bm1由几何关系知2R1l由式得B。(2)设乙种离子所带电荷量为q2、质量为m2，射入磁场的速度为v2，在磁场中做匀速圆周运动的半径为R2。同理有q2Um2vq2v2Bm2由题给条件有2R2由式得，甲、乙两种离子的比荷之比为14。23(2018全国卷)如图，在y0的区域存在方向沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E；在y0的区域存在方向垂直于xOy平面向外的匀强磁场。一个氕核H和一个氘核H先后从y轴上yh点以相同的动能射出，速度方向沿x轴正方向。已知H进入磁场时，速度方向与x轴正方向的夹角为60，并从坐标原点O处第一次射出磁场。H的质
29、量为m，电荷量为q。不计重力。求：(1)H第一次进入磁场的位置到原点O的距离；(2)磁场的磁感应强度大小；(3)H第一次离开磁场的位置到原点O的距离。答案(1)h(2) (3)(1)h解析(1)H在电场中做类平抛运动，在磁场中做圆周运动，运动轨迹如图所示。设H在电场中的加速度大小为a1，初速度大小为v1，它在电场中的运动时间为t1，第一次进入磁场的位置到原点O的距离为s1。由运动学公式有s1v1t1ha1t由题给条件，H进入磁场时速度的方向与x轴正方向夹角160。H进入磁场时速度的y分量的大小为a1t1v1tan1联立以上各式得s1h。(2)H在电场中运动时，由牛顿第二定律有qEma1设H进入
30、磁场时速度的大小为v1，由速度合成法则有v1设磁感应强度大小为B，H在磁场中运动的圆轨道半径为R1，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有qv1B由几何关系得s12R1sin1联立以上各式得B 。(3)设H沿x轴正方向射入电场的速度大小为v2，在电场中的加速度大小为a2，由题给条件得(2m)vmv由牛顿第二定律有qE2ma2设H第一次射入磁场时的速度大小为v2，速度的方向与x轴正方向夹角为2，入射点到原点的距离为s2，在电场中运动的时间为t2。由运动学公式有s2v2t2ha2tv2sin2联立以上各式得s2s1，21，v2v1设H在磁场中做圆周运动的半径为R2，由式及粒子在匀强磁场中做圆周运动的半径公
31、式得R2R1所以出射点在原点左侧。设H第一次进入磁场的入射点到第一次离开磁场的出射点的距离为s2，由几何关系有s22R2sin2联立式得，H第一次离开磁场时的位置到原点O的距离为s2s2(1)h。24(2018天津高考)如图所示，在水平线ab下方有一匀强电场，电场强度为E，方向竖直向下，ab的上方存在匀强磁场，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，磁场中有一内、外半径分别为R、R的半圆环形区域，外圆与ab的交点分别为M、N。一质量为m、电荷量为q的带负电粒子在电场中P点静止释放，由M进入磁场，从N射出，不计粒子重力。(1)求粒子从P到M所用的时间t；(2)若粒子从与P同一水平线上的Q点水平射出，同
32、样能由M进入磁场，从N射出，粒子从M到N的过程中，始终在环形区域中运动，且所用的时间最少，求粒子在Q时速度v0的大小。答案(1)(2)解析(1)设粒子在磁场中运动的速度大小为v，所受洛伦兹力提供向心力，有qvBm设粒子在电场中运动所受电场力为F，有FqE设粒子在电场中运动的加速度为a，根据牛顿第二定律有Fma粒子在电场中做初速度为零的匀加速直线运动，有vat联立式得t。(2)粒子进入匀强磁场后做匀速圆周运动，其周期和速度、圆周运动半径无关，运动时间只由粒子所通过的圆弧所对的圆心角的大小决定，故当轨迹与内圆相切时，所用的时间最短，设粒子在磁场中的轨迹半径为r，由几何关系可知(rR)2(R)2r2
33、设粒子进入磁场时速度方向与ab的夹角为，即圆弧所对圆心角的一半，由几何关系可知tan粒子从Q射出后在电场中做类平抛运动，在电场方向上的分运动和从P释放后的运动情况相同，所以粒子进入磁场时沿竖直方向的速度同样为v，在垂直于电场方向的分速度始终为v0，由运动的合成和分解可知tan联立式得v0。题组三模拟大题25(2019四川南充高考适应性考试)如图所示，平行板电容器的N板开有一小孔，与固定圆筒的小孔a正对，O是圆筒的圆心，圆筒的内径为r，筒内有垂直纸面向里的匀强磁场，筒壁光滑。电容器内紧靠极板M有一个带电粒子(初速度为零)，经电压U加速后从a孔垂直磁场并正对着圆心O进入筒中，该带电粒子与圆筒壁碰撞
34、三次后恰好又从小孔a射出。带电粒子每次与筒壁发生碰撞时电荷量和动能都不损失，粒子的比荷为k，不计粒子的重力和空气阻力。求：(1)带电粒子进入磁场时的速度大小v；(2)筒内磁感应强度B的大小。(结果均用r、U和k表示)答案(1)(2) 解析(1)带电粒子在电场中做加速运动，由动能定理qUmv2，得v。(2)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由于带电粒子与圆筒壁碰撞时无电荷量和动能损失，故每次碰撞前后粒子的速度大小不变。设粒子做圆周运动的半径为R，由牛顿第二定律得qvB，分析可知，每次碰撞后粒子速度方向总是沿着圆筒半径方向，三个碰撞点与小孔a恰好将圆筒壁四等分，粒子在圆筒内的轨迹具有对称性，由四段相同的圆弧组成，且每段轨迹圆弧对应的圆心角为90，则由几何关系得Rr，联立解得B 。