《高考物理一轮复习 第八章 恒定电流 第2节 闭合电路欧姆定律作业与检测（含解析）鲁科版-鲁科版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理一轮复习 第八章 恒定电流 第2节 闭合电路欧姆定律作业与检测（含解析）鲁科版-鲁科版高三全册物理试题.doc（9页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、第2节闭合电路欧姆定律基础必备1.(2019贵州铜仁月考)(多选)如图(甲)所示,R1,R2为定值电阻,L为小灯泡,R3为光敏电阻其阻值R随光照强度E变化的规律如图(乙)所示,当照射光强度增大时,下列说法正确的是(ABC)A.电压表的示数增大B.R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压增大解析:当光照强度增大时,光敏电阻R3的阻值减小,外电路总电阻减小,则由闭合电路欧姆定律可得,电路中总电流增大,则由U=E-Ir可知,路端电压减小,因干路电流增大,则R1两端的电压增大,故电压表示数增大,故A正确,D错误;因路端电压减小,R1两端电压增大,则并联部分电压减小,故R2中的电流减小,由于
2、干路总电流增大,则通过L的电流增大,由P=I2R可知灯泡功率增大,故B,C正确.2.(2019广西南宁模拟)如图,A,B两灯原来正常发光,现因某一电阻发生断路或短路的故障,使A灯变亮,B灯变暗,那么故障原因是(B)A.R0断路B.R1断路C.R2断路D.R2短路解析:电阻R0单独在一个支路上,R0断路后外电阻变大,总电流变小,路端电压变大,两个灯所在的并联电路的电压都变大,则两个灯的亮度都变亮,故A错误;如果R1断路,总电阻变大,则总电流变小,路端电压变大,通过R0的电流变大,可知通过B灯、R2并联支路的电流减小,其两端电压减小,B灯变暗,但A灯两端电压变大,A灯变亮;同理,若R2断路,则A灯
3、变暗,B灯变亮,故B正确,C错误;若R2短路,B灯被短路而熄灭,故D错误.3.(2019福建厦门期中)在如图所示的UI图象中,直线为某一电源的路端电压与电流的关系图线,直线为某一电阻R的UI图线.用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路,由图象可知(C)A.电源的电动势为3 V,内阻为1 B.电阻R的阻值为2 C.电源的输出功率为4 WD.电源的效率为50%解析:由图线纵轴截距读出电源的电动势E=3 V,其斜率大小等于电源的内阻,则r=0.5 ,故A错误;电阻R的阻值为R= =1 ,故B错误;两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时电路中电流和路端电压,则有U=2 V,I=2 A,电源
4、的输出功率为P=UI=22 W=4 W,故C正确;电源的效率为=100%=100%66.7%,故D错误.4.(2019黑龙江肇东月考)(多选)如图所示,一直流电动机与阻值R=9 的电阻串联在电源上,电源电动势E=30 V,内阻r=1 ,用理想电压表测出电动机两端电压U=10 V,已知电动机线圈电阻RM=1 ,则下列说法中正确的是(BD)A.通过电动机的电流为10 AB.电动机的输入功率为20 WC.电源的输出功率为40 WD.电动机的输出功率为56 W解析:根据闭合电路规律,有E=U+I(r+R)解得I=2 A,故A错误;电动机的输入功率P入=UI=102 W=20 W,电动机的热功率P热=I
5、2RM=221 W=4 W,则电动机的输出功率P出=P-P热=UI-I2RM=(102)W-(221)W=16 W;而电源的输出功率P出=(E-Ir)I=(30-21)2 W=56 W,故B,D正确.5.(2019天津期末)(多选)如图所示的电路中,电源电动势为E,内阻为r,电表均为理想电表.闭合开关S后,若减小R的阻值,则下列说法正确的是(AD)A.电流表的示数一定增大B.电压表的示数一定增大C.电源的输出功率一定增大D.R1上的电压一定减小解析:减小R的阻值,电路的总电阻减小,电路中总电流I增大,由U=E-Ir得路端电压减小,所以电流表的示数一定增大,电压表的示数一定减小,故A正确,B错误
6、;当电源的外电阻与内电阻相等时,电源的输出功率最大,由于不知外电阻与内电阻的大小关系,所以当电源的负载电阻减小时,电源的输出功率不一定增大,故C错误;电路中总电流I增大,R2两端的电压增大,又因为路端电压减小,由串联分压得R1上的电压减小,故D正确.6.(2019四川省泸州二诊)如图所示,电源电动势E=1.5 V,内电阻r=0.5 ,滑动变阻器R1的最大电阻Rm=5.0 ,定值电阻R2=2.0 ,C为平行板电容器,其电容为3 F.将开关S与a接触,则(A)A.当R1的阻值增大时,R2两端的电压减小B.当R1接入电路阻值为0.5 时,R1消耗的功率最大C.将开关从a接向b,流过R3的电流方向为d
7、cD.将开关从a接向b,待电路稳定,流过R3的电荷量为910-3 C解析:增大R1的阻值,R总增大,I总减小,流过R2的电流减小,R2两端的电压减小,所以A正确;将R2与电源看成等效电源,当R1=R2+r=2.5 时,R1获得功率才能最大,所以B错误;开关接a时,电容器左极板带负电,开关接b时,左极板带正电,所以流过R3的电流方向为cd,因此C错误;因R1接入的阻值未知,不能求出电容器上电压的变化,故不能求出流过R3的电荷量,所以D错误.7.(2019上海嘉定区调研)如图所示电路,在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中,电压表、电流表的示数变化情况为(D)A.两电表示数都增大B.两电表示数都减
8、少C.电压表示数减少,电流表示数增大D.电压表示数增大,电流表示数减少解析:当滑动变阻器的滑片P向a端滑动时,接入电路的电阻增大,与R2并联的电阻增大,外电路总电阻R总增大,总电流I减小,则电压表的示数UV=E-I(r+R1),则UV增大;流过R2的电流I2=增大,电流表的读数为IA=I-I2,则电流表示数减小,故A,B,C错误,D正确.8.(2019河北石家庄月考)(多选)如图所示,不计电表内阻的影响,由于某一个电阻断路,使电压表、电流表的示数均变大,这个断路的电阻可能是(AD)A.R1B.R2C.R3D.R4解析:假设R1断路,外电路总电阻增大,总电流减小,路端电压增大,通过R2的电流变大
9、,即电流表读数变大;通过R4的电流也增大,R4电压变大,电压表示数也增大,故A正确.假设R2断路,电流表无示数,故B错误.假设R3断路,电压表将无示数,故C错误.假设R4断路,电压表测量路端电压,电路中总电阻增大,总电流减小,则路端电压增大,电压表、电流表的示数均变大,故D正确.能力培养9.(2019江苏扬州月考)如图所示,电源电动势为E,内电阻为r.当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时,发现理想电压表V1,V2示数变化的绝对值分别为U1和U2,下列说法中正确的是(D)A.小灯泡L3变亮,L1,L2变暗B.小灯泡L1,L3变暗,L2变亮C.U1U2解析:当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端时,变
10、阻器接入电路的电阻减小,外电路总电阻减小,总电流增大,路端电压减小,则L2两端电压增大,L2变亮,那么并联部分电压减小,则L3变暗.总电流增大,而L3的电流减小,则L1的电流增大,则L1变亮,故A,B错误.由上分析可知,电压表V1的示数减小,电压表V2的示数增大,由于路端电压减小,所以U1U2,故C错误,D正确.10.(2019江西临川月考)如图所示,直线A为某电源的UI图线,曲线B为某小灯泡的UI图线的一部分,用该电源和小灯泡组成闭合电路,下列说法中正确的是(C)A.电源的输出功率为8 WB.电源的总功率为10 WC.此电源的内阻为0.5 D.由于小灯泡的UI图线是一条曲线,所以欧姆定律不适
11、用解析:由图读出E=4 V,斜率表示内阻,则r= =0.5 ,故C正确;灯泡与电源连接时,工作电压U=3 V,I=2 A,则电源的总功率P总=EI=42 W=8 W,电源的输出功率P出=EI-I2r=(8-220.5)W=6 W,故A,B错误;小灯泡是纯电阻,欧姆定律是适用的,小灯泡的UI图线之所以是一条曲线,是因为小灯泡电阻随温度的变化发生改变,故D错误.11.如图所示,电源电动势E=12 V,内阻r=3 ,R0=1 ,直流电动机内阻R0=1 ,当调节滑动变阻器R1使(甲)电路中电源输出功率最大;调节滑动变阻器R2使(乙)电路中电源输出功率最大,且此时电动机刚好正常工作,其额定输出功率为P0
12、=2 W.则R1和R2的值分别为(B)A.2 ,2 B.2 ,1.5 C.1.5 ,1.5 D.1.5 ,2 解析:因为题中(甲)电路是纯电阻电路,当外电阻与电源内阻相等时,电源的输出功率最大,所以R1=2 ;而(乙)电路是含电动机电路,则电源的输出功率P=IU=I(E-Ir)=EI-I2r,即I=2 A时,电源输出功率P有最大值,此时电动机的输出功率为P0=2 W,发热功率为P热=I2R0=4 W,所以电动机的输入功率为P入=P0+P热=6 W,电动机两端的电压为UM=3 V,电阻R2两端的电压为=E-UM-Ir=3 V,所以R2=1.5 ,选项B正确.12.(2019福建厦门期中)(多选)
13、用标有“6 V,3 W”的灯泡L1,“6 V,6 W”的灯泡L2与理想电压表和理想电流表连接成如图(甲)所示的实验电路,其中电源电动势E=9 V.图 (乙)是通过两个灯泡的电流随两端电压变化的曲线.当其中一个灯泡正常发光时(CD)A.电流表的示数为1 AB.电压表的示数约为6 VC.电路输出功率为4 WD.电源内阻为2 解析:由题可知,若L1正常发光,I1= A=0.5 A,若L2正常发光,I2= A=1 A,两个小灯泡串联,只有一个灯泡正常发光,则为L1正常发光,电流表示数为0.5 A,故A项错误;电压表测量灯泡L2的电压,由图(乙)可知,曲线A对应灯泡L2,当电流为0.5 A 时,对应电压
14、为2 V,所以电压表示数为2 V,故B项错误;电路输出功率为P出=U1I+U2I=60.5 W+20.5 W=4 W,故C项正确;电源内阻为r= =2 ,故D项正确.13.(2019内蒙古鄂尔多斯月考)(多选)如图所示,M,N是两块水平放置的平行金属板,R0为定值电阻,R1和R2为可变电阻,开关S闭合.质量为m的带正电荷的微粒从P点以水平速度v0射入金属板间,沿曲线打在N板上的O点.若经下列调整后,微粒仍从P点以水平速度v0射入,则关于微粒打在N板上位置的说法正确的是(AD)A.保持开关S闭合,增大R1,粒子打在O点左侧B.保持开关S闭合,增大R2,粒子打在O点左侧C.断开开关S,M极板稍微上
15、移,粒子打在O点右侧D.断开开关S,N极板稍微下移,粒子打在O点右侧解析:保持开关S闭合,由于金属板间电场方向向上,则带正电荷微粒所受电场力方向向上,原来微粒向下偏转,有Eqmg.由串联电压分配关系可知,R0两端的电压U=R0,增大R1,U将减小,电容器两端的电压减小,则粒子受到的电场力减小,其加速度增大,微粒从P点以水平速度v0射入金属板间打在极板上,有y=at2,水平位移为x=v0t=v0,水平位移将减小,故粒子打在O点左侧;若增大R2,对R0两端的电压无影响,电容器两端的电压不变,粒子仍打在O点,故选项A正确,B错误;断开开关S,平行板带电荷量不变,平行板间的电场强度为E=,结合C=及C
16、=可得E=,M极板稍微上移,电场强度不变,故加速度不变,不会影响离子的运动,还打在O点;若N极板稍微下移,电场强度不变,加速度不变,但y增大,则x=v0t=v0,即水平位移将增大,粒子打在O点右侧,故选项C错误,D正确.14.(2019湖北随州期末)相距d=0.1 m水平放置的平行金属板a和b,中央有孔,为其提供电压的电路如图所示,且已知电源的电动势为E=24 V,内阻为r=5 ,分压电阻为R2=100 ,现闭合开关S,当电流达到稳定后,将带电荷量为q=1.010-7 C、质量为m=6.010-7 kg的液滴从小孔正上方h=0.1 m高处无初速滴下,为使液滴刚好不落在b板上,g取10 m/s2.求:(1)R2两端的电压;(2)滑动变阻器R1接入电路的有效阻值.解析:(1)液滴从开始滴到刚好能到b板附近,根据动能定理,有mg(h+d)-qU=0-0或mgh=mv2-0;mgh-qU=0-mv2则ab两板电压(即为R2两端分压)U=代入数值得U=12 V.(2)当R2两端分压为U时,由闭合电路欧姆定律得I=对于部分电路R2,I=解得R1=-(R2+r)=95 .答案:(1)12 V(2)95