《2023年湖北省钟祥市高考压轴卷物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年湖北省钟祥市高考压轴卷物理试卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四
2、个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图为甲、乙两个物体同时从同一地点出发，沿同一直线运动的速度一时间图象。则（）A.在 24 s 内，甲处于静止状态B.在 2 s 时刻，甲在乙的正前方C.在 06 s 内，甲和乙相遇一次D.在 0-6s内，甲和乙的位移相同2、北斗三号导航卫星系统由三种不同轨道的卫星组成，即 24颗 MEO卫 星（地球中圆轨道卫星，轨道形状为圆形，轨道半径在3 万公里与1000公里之间），3 颗 GEO卫 星（地球静止轨道卫星）和 3 颗 IGSO卫 星（倾斜地球同步轨道卫星）。关于MEO卫星，下列说法正确的是（）A.比 GEO卫星的周期小B.比 GEO卫星的线速度小C.
3、比 GEO卫星的角速度小D.线速度大于第一宇宙速度3、在直角三角形。加区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B,?a 6 0，?b 9 0，边长c=L。一个粒子源在b 点将质量为小，电荷量为g 的带负电粒子以大小和方向不同的速度射入磁场，在磁场中运动时间最长的粒子中，速度的最大值是（）A.如3mR&B LD.-3mca1BL2mD.幽2m4、将一个小木块和一个小钢珠分别以不同的速度，竖直向上抛出，若小木块受到的空气阻力大小跟速度大小成正比，即/=公（其中攵为常数），小钢珠的阻力忽略不计，关于两物体运动的V-f图象正确的是（取向上为正方向）（）5、如图所示为氢原子能级图，下列说法正
4、确的是（）n/eV?.-0.853-1.512-3.4I-13.6A.氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，电势能减小，其核外电子的动能增大B.氢原子从=2能级向=1能级跃迁时辐射出的光子能量为17eVC.一群处于=4 能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子频率最多有3 种D.用能量为9eV和 4.6eV的两种光子同时照射大量的氢原子，有可能使处于基态的氢原子电离6、如图所示，直线a、b 和 c、d 是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q 是它们的交点，四点处的电势分别为 外、外、/、一电子由M 点分别运动到N 点和P 点的过程中，电场力所做的负功相等，则b.-；一 cM：Q；1 -一 一
5、 二十-dN：P：A.直线a 位于某一等势面内，V u qQB.直线c 位于某一等势面内，中MC.若电子有M 点运动到Q 点，电场力做正功D.若电子有P 点运动到Q 点，电场力做负功二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直于纸面向外、磁感应强度为B 的匀强磁场中；质量为m、带电量为+Q 的小滑块从斜面顶端由静止下滑.在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是（）A.滑块受到的摩擦力不变B.滑块到地面时的动能与B 的大
6、小无关C.滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下D.B 很大时，滑块可能静止于斜面上8、如图所示，一匝数为，边长为L,质量为桁，电阻为K 的正方形导体线框abed,与一质量为3,”的物块通过轻质细线跨过两定滑轮相连.在导体线框上方某一高处有一宽度为L的上、下边界水平的匀强磁场，磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里.现将物块由静止释放，当a d 边从磁场下边缘进入磁场时，线框恰好做匀速直线运动，不计一切摩擦.重力加速度为g.贝（1（）3mA.线框a d 边进入磁场之前线框加速度a=2gB.从线框全部进入磁场到完全离开磁场的过程中，通过线框的电荷量4=常C.整个运动过程线框产生的焦耳热为Q=4,gLD
7、.线框进入磁场时的速度大小丫=卫 等nBL:9、如图（a）,物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平.U0时，木板开始受到水平外力厂的作用，在仁4 s时撤去外力.细绳对物块的拉力/随时间f 变化的关系如图（b）所示，木板的速度v与时间，的关系如图（c）所示.木板与实验台之间的摩擦可以忽略.重力加速度取g=10m/sL由题给数据可以得出A.木板的质量为1kgB.ls4s内，力厂的大小为0.4NC.Ols内，力尸的大小保持不变D.物块与木板之间的动摩擦因数为（）.110、如图甲所示，由一根导线绕成的矩形线圈的匝数=1 0 匝，质量m=0.04 kg、
8、高九=0.05 m、总电阻R=0.5。、竖直固定在质量为M=0.06kg的小车上，小车与线圈的水平长度/相同。线圈和小车一起沿光滑水平面运动，并以初速度=2 m/s进入垂直纸面向里的有界匀强磁场，磁感应强度8=1.0 T,运动过程中线圈平面和磁场方向始终垂直。若小车从刚进磁场位置1 运动到刚出磁场位置2 的过程中速度v 随车的位移x 变化的图象如图乙所示，则根据以上信息 可 知（）A.小车的水平长度/=10cmB.小车的位移x=15cm 时线圈中的电流/=L5AC.小车运动到位置3 时的速度为l.Om/sD.小车由位置2 运动到位置3 的过程中，线圈产生的热量。=0.（）875J三、实验题：本
9、题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）按如图甲所示电路，某实验小组将一电流表改装成能测量电阻的欧姆表，改装用的实验器材如下:甲A.待改装电流表一个：量程为0-3 m A,内电阻为100。，其表盘如图乙所示B.干电池一节：电动势E=1.5V,内电阻r=0.5CC 电阻箱R：阻值范围0-999.9。请根据改装的欧姆表的情况，回答下列问题：（1）测量电阻前，先进行欧姆调零，将电阻箱R 调至最大，将红、黑两表笔直接接触，调节电阻箱K 使电流表指针指到表头的 刻度，此 位 置 应 该 是 欧 姆 表 盘 所 示 电 阻 的 （填“最大值”或“最小值
10、”）（2）欧姆表调零后，将红、黑表笔分别接触待测电阻的两端，若电流表的示数为1.0 m A,则待测电阻的阻值Rx=Q（3）如果换一个电动势大的电源，其他器材不变，则 改 装 欧 姆 表 的 倍 率 （填“变大”或“变小”）.12.（12分）某同学用如图甲所示的装置做“探究合力做的功与动能改变量之间的关系”的实验，他们将光电门固定在水平轨道上的8 点，并用重物通过细线拉带有遮光条的小车，然后保持小车和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离（s）进行多次实验，实验时要求小车每次都从静止释放。（1）用螺旋测微器测量遮光条的宽度，其示数如图乙所示，则遮光条的宽度=mm。（2）为了减小误差，实
11、 验 时 需 要 进 行 的 操 作 是 A.将水平轨道上的A 端垫高适当的高度，以平衡摩擦力B.使重物的质量m远大于小车及遮光条的总质量MC.调节水平轨道左端滑轮的高度（3）某次实验中，测得小车及遮光条的质量”=lk g,光电门记录小车通过的时间加=0.002s,则在此次实验中小车及遮光条增加的动能为 J（结果保留到小数点后两位）。（4）实验中利用 计算拉力对小车做的功W在方格纸上做出Ek-W图 像（纥是小车和重物动能之和），如图所示。由图像可以看出纭总是略大于W,造成这种现象的原因是四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算
12、步骤。13.（10分）2019年 5 月 12日，在世界接力赛女子4X200米比赛中，中国队夺得亚军。如图所示，0 8 为接力赛跑道,为长L=20m的接力区，两名运动员的交接棒动作没有在20m的接力区内完成定为犯规。假设训练中甲、乙两运动员经短距离加速后都能达到并保持llm/s的速度跑完全程，乙运动员从起跑后到接棒前的运动是匀加速运动，加速度大小为2.5m/s2,乙运动员在接力区前端听到口令时起跑，在甲、乙两运动员相遇时完成交接棒（1）第一次训练，甲运动员以v=llm/s的速度跑到接力区前端A 处左侧so=17m的位置向乙运动员发出起跑口令，求甲、乙两运动员交接棒处离接力区前端A处的距离（2）
13、第二次调练，甲运动员在接力区前端A 处左测25m的位置以y=Um/s的速度跑向接力区，乙运动员恰好在速度达到与甲运动员相同时被甲运动员追上，则甲运动员在接力区前端4 处多远时对乙运动员发出起跑口令以及棒经过接力区的时间，并判断这次训练是否犯规甲 乙，_ 2_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _伊 /_A 接力区 B14.(16分)如图所示，尸。为一竖直放置的荧光屏，一半径为K 的圆形磁场区域与荧光屏相切于。点，磁场的方向垂直纸面向里且磁感应强度大小为3,图中的虚线与磁场区域相切，在虚线的上方存在水平向左的匀强电场，电场强度大小为E,在。点放置一粒子发射源，能向右侧180。角的范围发射一系列
14、的带正电的粒子，粒子的质量为机、电荷量为q,经测可知粒子在磁场中的轨道半径为R,忽略粒子的重力及粒子间的相互作用.求：(1)如图，当粒子的发射速度方向与荧光屏成60。角时，该带电粒子从发射到达到荧光屏上所用的时间为多少?粒子到达荧光屏的位置距O点的距离为多大？(2)从粒子源发射出的带电粒子到达荧光屏时，距离发射源的最远距离应为多少？15.(12分)如图所示，质量，的小环串在固定的粗糙竖直长杆上，从离地入高处以一定初速度向上运动，运动过程中与长杆之间存在大小竽的滑动摩擦力.小环能达到的最大高度为3心 求：(1)小环从h高处出发至第二次经过2h高处过程中，重力做功和摩擦力做功分别为多少？在高中我们
15、定义“由相互作用的物体的相对位置决定的能量”叫势能，如相互吸引的物体和地球，其相对位置关系决定重力势能.对比(1)问中两力做功，说明为什么不存在与摩擦力对应的“摩擦力势能”的概念.以地面为零势能面.从出发至小环落地前，小环的机械能E随路程s 的变化关系是什么？参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.在 M 图象中，斜率代表加速度，纵坐标表示速度大小，故在2 4 s 内，甲处于匀速运动状态，故 A 错误；B.因 y-f图像的面积等于位移，可知在0-2s内乙的位移大于甲，则在2 s 时刻，乙在甲的正前方
16、，选 项 B 错误；C D.开始阶段乙比甲运动的快，乙在前，甲在后，此后乙做减速运动，甲做加速，再做匀速；而在06 s内，甲的位移为2 4 m,乙的位移为18m,说明甲的位移大于乙的位移，且在两个物体同时停止前甲追上乙，此后甲一直在前，故只相遇一次，故 C 正确，D 错误。故选C。2、A【解析】A.万有引力提供向心力八Mm 4万2Gk m于解得T=4/GMMEO卫星轨道半径比GEO轨道半径小，所以MEO卫星周期小，A 正确;B.万有引力提供向心力 Mm vG =mr r解得GMV =KMEO卫星轨道半径比GEO轨道半径小，所 以 MEO卫星线速度大，B 错误;C.万有引力提供向心力Mm=mar
17、r解得M E O 卫星轨道半径比G E O 轨道半径小，所 以 M E O 卫星角速度大，C 错误；D.第一宇宙速度是卫星的最大环绕速度，环绕半径为地球半径，M E O 卫星轨道半径大于地球半径，线速度大小比于第一宇宙速度小，D 错误。故选Ao3、A【解析】由左手定则和题意知，沿加方向射出的粒子在三角形磁场区域内转半周，运动时间最长，半径最大的则恰与“c 相切,轨迹如图所示由几何关系由洛仑兹力提供向心力qvB=-r从而求得最大速度3m故 B C D 错误，A 正确。故选A.4、D【解析】小钢珠在运动过程中只受到重力作用，所以小钢珠的V-/图象为一条向下倾斜的直线，小木块在向上运动过程中其加速度
18、满足mg+kva.-m随着口的减小。减小，当速度减为零的瞬间加速度刚好减小到等于重力加速度，此时曲线的斜率跟斜线的斜率相同，之后小木块下落，这个过程加速度满足a-m g-kvm加速度继续减小，如果高度足够高，小钢珠最后可能做匀速直线运动；故选Do5、A【解析】A.当氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，轨道半径变小，其核外电子的动能将增大，又此过程中电场力做正功，其电势能减小，A 项正确；B.处于=2 能级的氢原子跃迁到基态时，辐射出的光子的能量为(-4eV)-(-13.6eV)=10.2eV,B 项错误；C.根据=6可知，一群处于=4能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子频率最多有6 种，C
19、项错误；D.处于基态的氢原子要发生电离，吸收的光子能量必须大于等于13.6eV,D 项错误。故选Ao6、B【解析】电子带负电荷，从 M 到 N 和 P 做功相等，说明电势差相等，即 N 和 P 的电势相等，匀强电场中等势线为平行的直线,所以NP和 MQ分别是两条等势线，从 M 到 N,电场力对负电荷做负功，说明MQ为高电势，NP为低电势.所以直线c 和 d 都是位于某一等势线内，但是%=%,弧%,选项A 错，B 对.若 电 子 从 M 点运动到Q 点，初末位置电势相等，电场力不做功，选 项 C 错.电子作为负电荷从P 到 Q 即从低电势到高电势，电场力做正功，电势能减少，选 项 D 错.【考点
20、定位】等势面和电场线【名师点睛】匀强电场和点电荷的电场以及等量同种点电荷和等量异种点电荷的电场线及等势面分布情况要熟记.二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、CD【解析】A C.小滑块向下运动的过程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛伦兹力，摩擦力，向下运动的过程中，速度增大,洛伦兹力增大，支持力增大，滑动摩擦力增大.故A 错误，C 正确；B.5 的大小不同，洛伦兹力大小不同，导致滑动摩擦力大小不同，根据动能定理，摩擦力功不同，到达底端的动能不同，B 错误；
21、D.滑块之所以开始能动，是因为重力的沿斜面的分力大于摩擦力，3 很大时，一旦运动，不会停止，最终重力的沿斜面的分力等于摩擦力，小滑块匀速直线运动，故 D 错误.【点睛】解决本题的关键知道洛伦兹力的方向和洛伦兹力的大小以及能够正确的受力分析，理清物体的运动状况.8、CD【解析】A.在线框ad边进入磁场之前，有 3 mg-T =3 ma,T-m g=m a ,解得“=gg,A 错误；A 0nRJ2B.根据q=%可得从线框全部进入磁场到完全离开磁场的过程中，通过线框的电荷量为4=贤，B 错误；C.线圈进入磁场过程中和穿出磁场过程中的总热量等于过程中的重力势能减小量，故。=2x(3mC 正确D.成边刚
22、进入磁场时，导体做匀速直线运动，所以有T=3加g,T =m g +E殳,=nBIL,/=3 丝，联立解得R2 mgR 祠F 口正确故选CD9、AB【解析】结合两图像可判断出O-ls物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，此过程力尸等于力此过程中是变力，即 C 错误；L 5s内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律,和 4-5s列运动学方程，可解出质量，”为 1kg,L 4s内的力尸为0.4N,故 A、B 正确；由于不知道物块的质量,故尸在对 l-4s所以无法计算它们之间的动摩擦因数“，故 D 错误.10、AC【解析】A.从位置1 到位置2,开始进入磁场，
23、安培力向左，小车减速，全进入磁场后，回路磁通量不再变化，没有感应电流,不受安培力开始匀速，所以根据图像可以看出小车长10cm,A 正确B.小车的位移x=15cm时，处于匀速阶段，磁通量不变，回路电流为零，B 错误C.小车进入磁场过程中：(M+m)v2-(M+m)v,=-nBIh-1 =-n B h q,出磁场过程中：-E (M+m)Vi-(M+m)v2=-nBIh-t=-n B h q,而进出磁场过程中电量：q=It=t=n,进出磁场过程中磁通R R量变化相同，所以电量相同，所以能匕一相=加匕一根畤，解得：V3 =Im/s,C 正确D.从位置2运动到位置3的过程中，根据能量守恒：-(M +m)
24、v32=Q,解得：Q=0.0625J,D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3mA 最小值 1000 变大【解析】将红、黑两表笔短接是欧姆调零，电流表的最大刻度3mA对应待测电阻的最小值，即对应欧姆表的电阻零刻度(2)网欧姆表调零后，其内阻E 1 5&=三=500Q咕 /3x10-3电流表示数为/=1.0mA,则&+R内解得=1000。(3)4当电动势变大后，由I _ E .E 即 6+&可知，内阻变大，相同电流时，测量的电阻变大，所以倍率变大。12、4.700 AC 2.76 W=mgs 平衡摩擦力过度【解析】(1)螺旋测微器的精
25、确度为0.01mm,主尺的读书为4.5m m,读数为4.5mm+20.0 xO.Ol mm=4.700mm。(2)2AB.本实验研究小车受到的合力对小车所做的功与小车动能的改变量之间的关系，可认为小车受到的合力与重物的重力大小相等，故需要平衡摩擦力，且满足重物的质量远小于小车和遮光条的总质量，B错误A正确；C.需调节水平轨道左端滑轮的高度，使连接光电门的细线与轨道平行，C正确。故选AC。(3)小车及遮光条经过光电门的速度v=2.35m/st增加的动能A fK=-Mv2=2.7 6 J,(4)4 因为平衡摩擦力后，可将重物的重力视为小车受到的合力，所以用重力乘于小车释放点到光电门的距离s计算拉力
26、所做的功，即W=mgs(4)实验中，让重物的质量远小于小车及遮光条的总质量，则平衡摩擦力后，可将重物的重力视为小车受到的合力，则分析可知造成A k总是略大于W 是平衡摩擦力过度造成的。四、计算题：本题共2小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3、(1)5 m (2)见解析【解析】(1)第一次训练，设乙运动员加速到交接棒时运动时间为f,则在甲运动员追击乙运动员的过程中，有1 2sQ+ar=vt代人数据得4 -2 st2=6.8 s乙运动员加速的时间G tm故舍去交接棒处离接力区前端A处的距离为x at=5 m2(2)第二次训练，乙运动
27、员恰好与甲运动员共速时v乙=at乙乙运动员加速的时间t乙=4.4 s设甲运动员在距离接力区前端A处为s 时对乙运动员发出起跑口令，则在甲运动员追击乙运动员的过程中，有1 25+at乙=vtc代人数据得棒经过接力区的时间为L 20展=-=s棒V II乙运动员恰好达到与甲运动员相同速度时的位移1 ,x乙=5 或2=24.2m 20m已经出了接力区接棒，两名运动员的交接棒动作没有在20m的接力区内完成，所以第二次训练犯规.14、(1)R+BRJ诬 R+2BR 迎V mE V mE【解析】根据洛伦兹力提供向心力得:qvB=m R解得:m当粒子的发射速度与荧光屏成60。角时，带电粒子在磁场中转过120。
28、角后离开磁场，再沿直线到达图中的M点，最后垂直电场方向进入电场，做类平抛运动，并到达荧光屏，运动轨迹如图所示.粒子在磁场中运动的时间为:T 27tm粒子从离开磁场至进入电场过程做匀速直线运动，竖直位移为:V =/?-/?cos 30=-2匀速直线运动为:“2V2-V3-m2qB由几何关系可得点M 到荧光屏的距离为:玉=R+Rsin300=1.5R设粒子在电场中运动的时间为6 由匀变速直线运动规律得:x=L吗2A1 c 32 m解得3.3mRqE故粒子从发射到达到荧光屏上所用的时间为:t=t+2+/327rm 2-V3-1-7+3qB 2qB3mRIE带电粒子在竖直向上的方向上做匀速直线运动，带
29、电粒子到达荧光屏上时有:X=%=B RJ 当V mE带电粒子到达荧光屏时距离0 点的位置为:y=R+X=R+BR耀(2)带电粒子到达荧光屏的最高点时，粒子由磁场的右边界离开后竖直向上运动，且垂直进入电场中做类平抛运动，此时 x=2R则2R=：吗:2 m带电粒子在电场中竖直向上运动的距离为:a邦该带电粒子距离发射源的间距为:=R+%R+2BR假点睛：本题是带电粒子在电场及在磁场中的运动问题；关键是明确粒子的受力情况和运动规律，画出运动轨迹，结合牛顿第二定律、类似平抛运动的分运动规律和几何关系分析.3 11 5、(1)-mgh；-不存在与摩擦力对应的“摩擦力势能“(3)E=4,”g/L Q/n gS【解析】重力做功为WG=mgh摩擦力做功me 3W j=-fs=3h=-mgh重力做功与路径无关，仅与初末位置有关.势能的变化与初末位置有关.两者都与位置有关，所以重力有对应的重力势能.摩擦力做功与路径有关，所以不存在与摩擦力对应的“摩擦力势能”。小环能达到的最大高度为3 儿贝U：-,mg c,八 1 2 mg-2h x2h-0 解得：g mv=3mgh若以地面为零势能面，小环初始势能为，g，初始动能为3,g九则初始机械能为4,g/?；从出发到落地前，通过路程s,克服摩擦力所做的功为g m g s；则机械能变化的表达式为：IE=4mgh-mgs